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1、解密11 遗传的基本规律A组 考点专练考向一 孟德尔遗传实验的科学方法及遗传学基本概念1（2020·全国高一课时练习）以豌豆为材料进行杂交实验。下列说法错误的是（ ）A豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物B进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄C杂合子中的等位基因均在形成配子时分离D非等位基因在形成配子时均能够自由组合【答案】D【分析】豌豆的优点：豌豆是严格的自花闭花传粉植物，自然状态下是纯种；含有多对容易区分的相对性状。【详解】豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物，自然状态下是纯种，A正确；因豌豆雌雄同花，在进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄，并进行套袋处理，B正确；杂合子中的等位
2、基因在形成配子时随同源染色体的分开而分离，C正确；非同源染色体上的非等位基因在形成配子时能够自由组合，同源染色体上的非等位基因不能自由组合，D错误。故选D。2（2021·辽宁葫芦岛市·高三期末）下列曲线能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是ABCD【答案】B【分析】杂合子(Aa)连续自交若干代后，杂合子所占的比例为1/2n,纯合子所占的比例为11/2n，显性纯合子和隐性纯合子各占纯合子的1/2。【详解】根据分析可知，随着自交代数的增加，,纯合子所占的比例为11/2n，越来越接近于1，纯合子中有显性纯合子AA和隐性纯合子aa，各占纯合子1/2，因
3、此比例会越来越接近1/2，B正确，A、C、D错误。3（2018·太原市·山西实验中学高三月考）孟德尔在发现分离定律的过程中运用了假说-演绎法。在孟德尔的研究过程中，“演绎推理”的步骤是指A完成了豌豆的正、反交实验B提出假说，解释性状分离现象C设计测交实验，预期实验结论D完成测交实验，得到实验结果【答案】C【解析】试题分析：假说-演绎法的基本步骤是提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论。孟德尔在发现分离定律的过程中，通过豌豆的正、反交实验，在观察和分析的基础上提出问题，A项错误；通过推理和想象提出假说，解释解释性状分离现象，B项错误；根据假说进行演绎推理，即设计测交实验，预
4、期实验结论，C项正确；完成测交实验，得到实验结果，属于对“演绎推理”的验证，D项错误。考点：本题考查孟德尔的豌豆杂交实验的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识网络结构的能力。4（2020·应城市第一高级中学高一期中）下列有关孟德尔“假说演绎法”的叙述，不正确的是（）A在一对相对性状的遗传实验中提出了性状是由染色体上的遗传因子控制B测交实验是对推理过程及结果进行的检验C体细胞中遗传因子成对存在，配子中遗传因子成单存在属于假说的内容D提出问题是建立在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上的【答案】A【解析】试题分析：孟德尔在“一对相对性状的遗传
5、实验”中提出了遗传因子的说法，他认为生物的性状是由遗传因子决定的，A错误；测交的定义是孟德尔在验证自己对性状分离现象的解释是否正确时提出的，是对推理过程及结果进行的检验，B正确； “生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”属于假说的内容， C正确；孟德尔在做豌豆杂交实验时，用豌豆纯合亲本杂交得F1，然后让F1自交，发生性状分离，经思考提出问题，D正确。考点：本题考查假说演绎法，意在考查考生识记所列知识点，并能运用所学知识做出合理的判断或得出正确的结论的能力。5（2020·广西梧州市·高一期中）下列不属于孟德尔选
6、用豌豆作为遗传实验材料原因的是（ ）A豌豆花比较大，易于做人工杂交实验 B豌豆具有易于区分的相对性状C豌豆在自然条件下都是纯种 D豌豆是单性花，易于操作【答案】D【解析】豌豆花比较大，易于做人工杂交实验，A正确；豌豆具有易于区分的相对性状，实验结果很容易观察和分析，B正确；豌豆是自花传粉、闭花受粉植物，避免了外来花粉的干扰，在自然状态下一般是纯种，C正确；豌豆是两性花，D错误。 考向二 分离定律的实质与分离比异常分析6（2020·海口市·海南中学高一期中）图所示的实验可称为A正交B反交C测交D自交【答案】D【解析】图中两亲本的基因型完全相同，故两者的交配称为自交，D正确；基
7、因型不同的个体间交配称为杂交，其中一方作父本另一方作母本的杂交若称为正交，则父母本对调后的杂交称为反交；测交是指与隐性纯合子的杂交，一般用于基因型的判断，所以ABC不符合题意。7（2019·全国高三专题练习）某常染色体遗传病中，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。下图的两个患病家系中，已知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析判断错误的是 A子代的4人中，能确定出基因型的只有7号B6号与7号基因型相同的概率为2/3C若5号与7号结婚，生育患病孩子的概率为5/12D两个家庭再生孩子患病的概率相等【答案】D【解析】亲代4人均正常，他们的基因型不可能是AA，而
8、应是Aa或aa，又因为亲代中4号与其他三人的基因型不同，若1号、2号均为aa，所生孩子不可能患病，所以1号、2号、3号的基因型均为Aa，4号的基因型是aa，进而推知，子代的4人中，5号的基因型为aa（占1/3）或Aa（占2/3），6号的基因型为AA（占1/3）或Aa（占2/3），7号的基因型为Aa，8号的基因型为aa（占1/2）或Aa（占1/2）。综上分析，子代的4人中，能确定出基因型的只有7号，A项正确；6号与7号基因型相同的概率为2/3，B项正确；5号为1/3aa或2/3Aa，7号为Aa，二者生育患病孩子的概率（1/3）×（1/2）×（1/2）Aa（2/3）×
9、1/4AA（1/2）×（1/2）Aa）5/12，C项正确；1号与2号再生孩子患病的概率1/4AA（1/2）×（1/2）Aa1/2，3号与4号再生孩子患病的概率（1/2）×（1/2）Aa1/4，D项错误。8（2020·石河子第二中学高二月考）已知夫妇双方均为白化病携带者（Aa），他们希望生育两个健康的孩子，正常情况下，此愿望得以实现的概率是A1/16B3/16C1/4D9/16【答案】D【解析】试题分析：已知夫妇双方均为白化病携带者（Aa），他们希望生育一个健康的孩子的概率是3/4，那么生育两个健康的孩子，正常情况下，此愿望得以实现的概率是3/4×
10、;3/4=9/16，D正确。考点：本题考查基因分离定律的相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。9（2020·辽宁沈阳市·高一期末）已知羊的毛色受常染色体上一对等位基因控制，观察下面羊的毛色（白毛和黑毛）遗传示意图，下列分析错误的是A这对相对性状中，显性性状是白毛B图中三只黑羊的基因型一定相同C图中四只白羊的基因型一定不同D2与一只黑羊交配再生一只黑羊的概率为1/3【答案】C【解析】【分析】根据2和3所生的后代中1为黑色，说明白色为显性性状（设由A基因控制），黑色为隐性性状，据此答题。【详解】A、根据分析可知，这对相对性状中，显性性状是白毛，A
11、正确；B、根据分析可知，黑色为隐性性状，所以图中三只黑羊的基因型一定相同，B正确；C、1的后代有黑个个体出现，所以1的基因型为Aa，2和3所生的后代中1为黑色，所以2和3的基因型均为Aa，2基因型为AA或Aa，所以图中四只白羊的基因型不一定相同，C错误；D. 2（1/3AA、2/3Aa）与一只黑羊（aa）交配，再生一只黑羊的概率为2/3×1/2=1/3，D正确。故选C。10（2020·重庆）一株基因型为Dd的杂合植株自交时，含有隐性基因的花粉有50%的死亡率，则自交后代的DD、Dd、dd三种基因型比例是（ ）A1：1：1B4：4：1C2：3：1D1：2：1【答案】C【解析】
12、Dd植株中雌配子有1/2D+1/2d，雄配子d有50%的致死，说明雄配子是1/2D+1/2×1/2d，也就是雄配子中有2/3D+1/3d。所以后代各种基因型的频率：雌雄配子以及后代基因型概率2/3D1/3d1/2D1/3DD1/6Dd1/2d1/3Dd1/6dd故后代各种基因型所占的比例为：DD：Dd：dd=2：3：1，故C正确。考向三 分离定律的推导计算类问题的解题方法规律11（2020·平凉市庄浪县第一中学高三其他模拟）某种品系的鼠毛灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了大量的杂交实验，得到了如下表所示的结果，由此推断不正确的是杂交亲本后代杂交A灰色×灰色灰色
13、杂交B黄色×黄色2/3黄色、1/3灰色杂交C灰色×黄色1/2黄色、1/2灰色A杂交A后代不发生性状分离，可说明亲本是纯合子B由杂交B可判断鼠的黄色毛基因是显性基因C杂交B后代中黄色毛鼠既有杂合子，也有纯合子D鼠毛色这对相对性状的遗传符合基因的分离定律【答案】C【分析】分析表格：杂交B中，黄色×黄色后代出现灰色，即发生性状分离，说明黄色相对于灰色为显性性状（用A、a表示），且亲本的基因型均为Aa；杂交A中两亲本的基因型均为aa；杂交C后代分离比为1：1，属于测交，则亲本的基因型为Aa和aa。据此答题。【详解】纯合子能稳定遗传，根据题意“科学家做了大量的实验”可说明子
14、代数量足够多，故杂交A后代不发生性状分离，可说明亲本为纯合子，也可以根据杂交组合B判断灰色为隐性性状，故亲本均为纯合子，A正确；由杂交B中出现性状分离可判断鼠的黄色毛基因是显性基因，B正确；杂交B亲本的基因型均为Aa，根据基因分离定律，后代基因型、表现型及比例应为AA（黄色）：Aa（黄色）：aa（灰色）=1：2：1，即黄色：灰色=3：1，而实际黄色：灰色=2：1，这说明显性纯合致死，即杂交B后代中黄色毛鼠只有杂合子，C错误；根据表中杂交实验结果可知，鼠毛色这对相对性状的遗传符合基因的分离定律，D正确。故选C。12（2020·杭州新东方进修学校高二月考）某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基
15、因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因自由组合。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为A4：2：2：1B9：3：3：1C1：1：1：1D3：3：1：1【答案】A【解析】根据题意，基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，所以黄色短尾鼠的基因型为YyTt。多对黄色短尾鼠交配时会产生9种基因型的个体，即：Y_T_、Y_tt、yyT_、yytt，但是由于基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，所以只有YyTt（黄色短尾）、Yytt（黄色长尾）、yyTt（灰色短尾）、yytt（灰色长尾）四种基因型的个体能够生存下来，比例为4221。因此，后代的表现型比例
16、也为4221，A项正确，B、C、D项错误。13（2020·云南省玉溪第一中学分校高一期末）如果在一个植物群体中，基因型AA的比例占25%，基因型Aa的比例为50%，基因型aa的比例占25%。已知基因型aa的个体失去繁殖的能力，则随机交配得到的下一代中，基因型aa的个体所占的比例为（ ）A1/16B1/9C1/8D1/4【答案】B【分析】根据题意分析可知，在一个随机交配的群体中，基因型AA的比例占25%，基因型Aa的比例为50%，基因型aa的比例占25%，由于aa个体失去繁殖能力，所以具有繁殖能力的个体为AA：Aa=1：2。【详解】根据以上分析已知，具有繁殖能力的个体为AA：Aa=1：
17、2，其产生的配子中A占2/3，a占1/3，因此它们随机交配产生的后代中aa个体所占的比例为1/3×1/3=1/9，故选B。14（2020·福建漳州市·龙海二中高三月考）正常的水稻体细胞染色体数为2n=24。现有一种三体水稻，细胞中7号染色体有三条。该水稻细胞及其产生的配子类型如图所示(6、7为染色体标号：A为抗病基因，a为感病基因：为四种配子类型)。已知染色体数异常的配子()中雄配子不能参与受精作用，雌配子能参与受精作用。以下说法正确的是A形成配子的次级精母细胞中染色体数一直为13B正常情况下，配子可由同一个初级精母细胞分裂而来C以该三体抗病水稻作母本，与感病水稻
18、(aa)杂交，子代抗病个体中三体植株占3/5D以该三体抗病水稻作父本，与感病水稻(aa)杂交，子代中抗病感病=51【答案】C【分析】据图分析，7号染色体三体的植物的基因型是AAa，在减数分裂过程中，任意2个7号染色体形成一个四分体，另一个7号染色体随机移向细胞的一极，因此减数分裂形成的配子的类型及比例是AA：a：Aa：A=1：1：2：2，因此图中“？”应该是基因A。【详解】已知正常的水稻体细胞染色体数为2n=24条，则形成配子的次级精母细胞中染色体数为13条或26条，A错误；的基因型为a，的基因型为A，两者不可能来自于同一个初级精母细胞，B错误；以该三体抗病水稻作母本，与感病水稻(aa)杂交，
19、产生的子代的基因型及其比例为AAa：aa：Aaa：Aa=1：1：2：2，因此子代抗病个体中三体植株占3/5，C正确；以该三体抗病水稻作父本，与感病水稻(aa)杂交，由于染色体数异常的配子()中雄配子不能参与受精作用，因此后代的基因型及其比例为aa：Aa=1：2，则子代中抗病感病=21，D错误。15（2020·赣州市赣县第三中学高二期末）在一个玉米的自然种群中，等位基因A、a控制高茎和矮茎，等位基因B、b控制抗病和感病，两对基因分别位于两对常染色体上，其中含A基因的花粉致死。现选择高茎抗病植株自交，F1有四种表现型，以下叙述错误的是AF1中抗病植株与感病植株的比为3：1B高茎对矮茎是显
20、性，抗病对感病是显性CF1高茎抗病植株的基因型有4种DF1抗病植株间相互随机传粉，后代抗病植株占8/9【答案】C【解析】由题意分析可知含A基因的花粉致死，而选择的高茎抗病植株自交，F1有四种表现型，所以高茎抗病植株为AaBb，F1中抗病植株与感病植株应为31，A正确。因为子代中出现了亲本没有的性状，而亲本的性状应是显性性状，所以高茎对矮茎是显性，抗病对感病是显性，B正确。因为含A基因的花粉致死，所以F1高茎抗病植株的基因型有2种，C错误。F1抗病植株有1/3纯合子，2/3杂合子，它们之间相互随机传粉，后代中不抗病植株占1/3×1/3=1/9，所以抗病植株占8/9，D正确。考向四 性状
21、显隐性判断与纯合子、杂合子判定的实验探究设计16（2018·上海奉贤区·高三一模）人类的ABO血型系统中，IA和IB为共显性基因，对i 均为显性。正常情况下，子女血型为O型的父母婚配方式可能是AB 型×O 型 B 型×O 型 A 型×B 型 AB 型×AB 型ABCD【答案】B【分析】人类的血型是由复等位基因控制的，A型血的基因型为IAIA或IAi，B型血基因型IBIB或IBi，O型血基因型ii，AB型血的基因型是IAIB，遵循基因的分离定律，本题可运用排除法利用基因的分离定律进行逐项解答。【详解】AB型血的基因型只能为IAIB，他与
22、O型血（ii）婚配，后代只可能是IAi或IBi，即只能是A型血或B型血，错误；如果B型血的基因型为IBi，而O型血为ii，则后代有一半的概率为O型血，正确；如果A型血的基因型为IAi，B型血的基因型为IBi，而O型血为ii，则后代有1/4的概率为O型血，正确；AB型血的基因型只能为IAIB，两者婚配，子代只能是A型或B型或AB型，错误。综上所述，正确。故选B。17（2019·河北张家口市·高三月考）某植物的花色受A、a和B、b两对独立遗传的基因控制：A基因控制红色色素合成，AA表现为红花，Aa表现为粉花，aa表现为白花；B基因能淡化色素(使红色淡化为粉色，粉色淡化为白色，淡
23、化效果与B基因个数无关)。现将白花植株和红花植株杂交，F1表现为白花且基因型只有一种。下列说法错误的是（ ）A该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律B亲本植株的基因型分别为aaBB和AAbbCF1自交后代中纯合白花植株占比约为1/8D该植物群体中三种花色植株的基因型有5种【答案】D【分析】由题干信息可推出：白花植株基因型为AaBB、AaBb、aaBB、aaBb、aabb共5种基因型，红花植株基因型为AAbb，粉花植株基因型为AABB、AABb、Aabb。现将白花植株和红花植株杂交，F1表现为白花且基因型只有一种，可推知亲本白花植株与红花植株基因型分别为aaBB、AAbb，F1基因型为AaBb。
24、【详解】A、由题干信息A、a和B、b两对基因独立遗传，可知该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；B、由分析可知，亲本植株的基因型分别为aaBB和AAbb，B正确；C、F1自交后代中纯合白花植株的基因型为aaBB（占1/16）、aabb（占1/16），共占比为1/8，C正确；D、由分析可知，该植物群体中三种花色植株的基因型有9种，D错误。故选D。18（2020·辽宁锦州市·高三月考）基因A、a和N、n分别控制某种植物的花色和花瓣形状，这两对基因独立遗传，其基因型和表现型的关系如表所示。一亲本与白色宽花瓣植株杂交，得到F1，对F1进行测交，得到F1，F2的表现型及其比
25、例是粉红中间型花瓣粉红宽花瓣白色中间型花瓣白色宽花瓣=1133，该亲本的表现型最可能是（ ）基因型AAAaaaNNNnNn表现型红色粉红色白色窄花瓣中间型花瓣宽花瓣A红色窄花瓣B白色中间型花瓣C粉红窄花瓣D粉红中间型花瓣【答案】C【分析】1、基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。2、基因A、a和N、n分别控制某种植物的花色和花瓣形状，这两对基因独立遗传，白色宽花瓣植（aann），再根据F2的表现型及比例是：粉
26、红中间型花瓣：粉红宽花瓣：白色中间型花瓣：白色宽花瓣=1：1：3：3，利用自由组合定律这两对基因独立遗传拆开分析。【详解】由题意可知，白色宽花瓣植株的基因型为aann，对该植株与一亲本杂交得到的F1进行测交，在F2中，由F2的表现型及比例是：粉红中间型花瓣：粉红宽花瓣：白色中间型花瓣：白色宽花瓣=l：1：3：3，可知粉色1+1=2，白色3+3=6，所以粉红：白色=1：3，说明F1的基因型有两种，即Aa和aa，且比值相等；中间花型1+3=4，宽花瓣1+3=4，所以中间型花瓣：宽花瓣=1：1，说明F1的基因型有为Nn，将两对相对性状综合在一起分析，不难推出F1的基因型为AaNn和aaNn，且比值相
27、等。由于亲本白色宽花瓣植株的基因型为aann，因此另一亲本的基因型为AaNN，表现型为粉红窄花瓣。综上所述，C正确，A、B、D错误。故选C。19（2019·浙江高二月考）下图表示某种二倍体植物的花瓣颜色由于非同源染色体上的两对等位基因控制。相关叙述正确的是（ ）A控制该二倍体植物花瓣颜色的基因型共有9种，表现型有3种B基因型为BB的个体突变成Bb, 其表现型可能不会发生改变C基因型为aaBB和AAbb的个体杂交，后代自交得到的F2中红色个体的比例为5/8D基因B对b的显性表现形式为共显性【答案】B【分析】由题意可知，该二倍体植物的花色受两对等位基因控制，由于两对等位基因位于非同源染色
28、体上，因此遵循自由组合定律；由题图可知，A_Bb表现为红色，A_BB表现为粉红色，A_bb表现为紫色，aaB_、aabb表现为白色。【详解】A、该二倍体植物的花色受两对等位基因控制，控制该二倍体植物花瓣颜色的基因型共有9种，表现型有红色、粉红色、紫色和白色共4种，A错误；B、由以上分析可知，基因型aaBB、aBb均表现为白色，故基因型为BB的个体突变成Bb，其表现型可能不发生改变，B正确；C、基因型为aaBB和AAbb的个体杂交，F2中红色(A_Bb)个体的比例为3/4×1/2=3/8，C错误；D、根据以上分析可知，基因B对b的显性表现形式为不完全显性，D错误。故选B。20（2020
29、·湖南长沙市·长郡中学高二期中）血型的鉴定可以作为亲子鉴定的方法之一。某夫妇均为ABO血型系统，这种血型由数常染色体上的基因IA、IB、i控制，这三个基因互为等位基因。已知血型及与血型对应的基因型关系如表所示。丈夫血型A型，妻子血型B型，生了一个血型为O型的儿子。这对夫妻再生一个与丈夫血型相同的儿子的概率是（ ）血型基因型AIAIA、IAiBIBIB、IBiABIAIBOiiA1/16B1/8C1/4D1/2【答案】B【分析】人类的ABO血型是受IA，IB和i三个复等位基因所控制的。IA和IB对i基因均为显性，IA和IB为并显性关系，即两者同时存在时，能表现各自作用。A型血
30、型有两种基因型IAIA和IAi，B型血型有两种基因型IBIB和IBi，AB型为IAIB，O型为ii。【详解】根据题意和图表分析可知：丈夫血型A型，妻子血型B型，生了一个血型为O型的儿子，说明这对夫妻的基因型分别为IAi和IBi。因此，这对夫妻再生一个与丈夫血型相同的女儿的概率是1/4×1/2=1/8。故选B。考向五 自由组合定律的细胞学基础及与分离定律的比较21（2020·全国高一课时练习）据下图，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是( )ABCD【答案】A【解析】位于非同源染色体上非等位基因的遗传遵循基因自由组合规律，位于同源染色体上非等位基因的
31、遗传不遵循基因自由组合规律，A（a）和D（d）位于同源染色体上，不遵循基因自由组合规律，选A。22（2020·贵州安顺市·平坝第一高级中学高二月考）荠菜的果实形状有三角形、卵圆形和圆形三种，受两对独立遗传的等位基因(F、f，T、t)控制。现用纯合的卵圆形植株与纯合的三角形植株杂交，所得F1全为卵圆形，F1自交产生的F2中，卵圆形：三角形：圆形=12:3:1。综上可知，亲本的基因型可能是AFFtt×ffttBffTt×FfttCffTT×FFttDFfTt×fftt【答案】C【解析】根据题意：F2中卵圆形：三角形：圆形=12：3：1，而
32、12：3：1实质上是9：3：3：1的变式，因此两对基因遵循基因的自由组合定律，可以推知F1的基因型为FfTt，且F1自交产生的F2中的卵圆形：三角形：圆形=12:3:1，因此可推导出卵圆形的基因型为F_T_、ffT_，三角形的基因型为F_tt，圆形的基因型为fftt，或者卵圆形的基因型为F_T_、F_tt，三角形的基因型为ffT_，圆形的基因型为fftt。因此纯合的卵圆形植株与纯合的三角形植株杂交，所得F1全为卵圆形（FfTt），则亲本的基因型可能为ffTT×FFtt。故选C。23（2017·宝鸡中学高一期末）用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现
33、为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是AF2中白花植株都是纯合体BF2中红花植株的基因型有2种C控制红花与白花的基因在一对同源染色体上DF2中白花植株的基因型种类比红花植株的多【答案】D【解析】用纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株，即红花白花97，是9331的变式，而且用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为3
34、02株，即红花白花13，由此可推知该对相对性状由两对等位基因控制（设为A、a和B、b），并且这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，说明控制红花与白花的基因分别位于两对同源染色体上，故C项错误；F1的基因型为AaBb，F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb，所以F2中白花植株不都是纯合体，A项错误；F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种，而白花植株的基因型有945种，故B项错误，D项正确。【考点定位】基因的自由组合定律【名师点睛】是否遵循自由组合定律的判断方法(1)两对等位基因控制的性状不一定都遵循自由组合定律如图中Aa、Bb两对等位基因之间的遗传不遵循自由组
35、合定律，分为以下两种情况：在不发生交叉互换的情况下，AaBb自交后代性状分离比为31。在发生交叉互换的情况下，其自交后代有四种表现型，但比例不是9331。(2)验证自由组合定律的实验方案测交法：双杂合子F1×隐性纯合子，后代F2中双显性前显后隐前隐后显双隐性1111。自交法：双杂合子F1自交，后代F2中双显性前显后隐前隐后显双隐性9331。24（2020·淮北师范大学附属实验中学高二期中）下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，正确的是A非等位基因之间自由组合，不存在相互作用B杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同C孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型DF2的3：
36、1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合【答案】D【分析】基因的自由组合定律的实质是在减数分裂过程中，在同源染色体分离的同时，非同源染色体上的非等位基因之间自由组合表现型=基因型+环境，基因型是表现型的内因，表现型相同，基因不一定相同测交是与隐性纯合子杂交，能验证杂（纯）合子和测定基因型孟德尔遗传实验需要满足的条件有：子一代个体形成的配子数相等且生活力相同；雌雄配子结合的机会相等；子二代不同基因型的个体存活率相同；遗传因子间的显隐性关系为完全。【详解】A、非同源染色体上的非等位基因之间自由组合，也可能会存在相同作用。若不存在相互作用，则双杂合子自交，后代会出现9：3：3：1的性状分离比；若存在
37、相互作用，则双杂合子自交，后代会出现9：3：3：1的性状分离比的变式，如12：3：1、9：6：1、15：1等；A错误。B、杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现可以相同，如豌豆的Dd与DD都表现为高茎；B错误。C、在实践中，测交也可用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例；C错误。D、F2的3：1性状分离比一定依赖于子一代形成的配子数相等且生活力相同，且雌雄配子的随机结合；D正确。故选D。25（2020·全国高一课时练习）玉米有早熟和晚熟两个品种，该对相对性状的遗传涉及两对等位基因(A、a与B、b)研究发现纯合的亲本杂交组合中出现了下图两种情况。下列相关叙述错误的是A在实
38、验2的F2早熟植株中，杂合子占的比例为8/15B玉米的晚熟是隐性性状，该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律C若让实验1中的F2随机交配，则后代中早熟和晚熟的性状分离比是31D据实验1可知有两种亲本组合类型，则每一种亲本组合的F2中早熟的基因型有两种【答案】A【分析】由实验2的F2代的15:1即9:3:3:1的变式可知，该性状至少受两对等位基因的控制，且早熟的基因型为：A-B-、A-bb、aaB-，晚熟的基因型为aabb。实验1的亲本的基因型为：AAbb×aabb或aaBB×aabb；实验2的亲本为：AABB×aabb。【详解】在实验2的F2早熟植株中，纯合子有三
39、种，为AABB、AAbb、aaBB，早熟植株中纯合子占3/15=1/5，故杂合子占4/5，A错误；由实验2中F1早熟自交后代早熟：晚熟=15:1可知，玉米的晚熟是隐性性状，该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，B正确；实验1的亲本的基因型为：AAbb×aabb或aaBB×aabb，F2的基因型为：1AAbb：2Aabb:1aabb或1aaBB：2aaBb:1aabb，若让F2随机交配（按配子计算，后代的基因型比例不变），则后代中早熟和晚熟的性状分离比是3:1，C正确；实验1的亲本的基因型为：AAbb×aabb或aaBB×aabb，F2中早熟的基因型为1
40、AAbb：2Aabb或1aaBB：2aaBb，D正确。故选A。 B组 专题综合练1（2020·全国高一课时练习）果蝇的某对相对性状由等位基因G、g控制，且对于这对性状的表现型而言，G对g完全显性。受精卵中不存在G、g中的某个特定基因时会致死。用一对表现型不同的果蝇进行交配，得到的子一代果蝇中雌：雄2:1，且雌蝇有两种表现型。据此可推测：雌蝇中A这对等位基因位于常染色体上，G基因纯合时致死B这对等位基因位于常染色体上，g基因纯合时致死C这对等位基因位于X染色体上，g基因纯合时致死D这对等位基因位于X染色体上，G基因纯合时致死【答案】D【详解】由题意“子一代果蝇中雌:雄2:1”可知,该对
41、相对性状的遗传与性别相关联，为伴性遗传，G、g这对等位基因位于X染色体上；由题意“子一代雌蝇有两种表现型且双亲的表现型不同”可推知：双亲的基因型分别为XGXg和XgY；再结合题意“受精卵中不存在G、g中的某个特定基因时会致使”，可进一步推测：G基因纯合时致死。综上分析，A、B、C三项均错误，D项正确。考点：本题考查伴性遗传、基因的分离定律的相关知识，意在考查学生能从课外材料中获取相关的生物学信息，并能运用这些信息，结合所学知识解决相关的生物学问题的能力。2（2020·浙江省东阳中学高二期中）一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合31性状分离比的情况是A显性基因相对于隐性基因为完
42、全显性B子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等C子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异D统计时子二代3种基因型个体的存活率相等【答案】C【分析】在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。【详解】一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为3:1，A正确；若子一代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为3:1，B正确；若子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异，则子二代
43、性状分离比不为3:1，C错误；若统计时,子二代3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为3:1，D正确。3（2020·福建莆田市·莆田一中高三期中）下列有关基因和染色体的叙述错误的是 （）染色体是基因的主要载体，基因在染色体上呈线性排列摩尔根利用果蝇进行杂交实验，运用“假说一演绎”法确定了基因在染色体上同源染色体的相同位置上一定是等位基因一条染色体上有许多基因，染色体就是由基因组成的萨顿研究蝗虫的减数分裂，运用类比推理的方法提出假说“基因在染色体上”ABCD【答案】C【详解】本题考查基因和染色体的相关知识，要求考生理解基因的概念，把握基因与DNA、基因与染色体之间的关系，明
44、确摩尔根和萨顿科学研究的方法及结论，进而做出正确的判断。染色体是基因的主要载体，基因在染色体上呈线性排列，正确；摩尔根利用果蝇进行杂交实验，运用“假说一演绎”法确定了控制果蝇白眼的基因在X染色体上，正确；同源染色体的相同位置上可能存在一对相同的基因（如AA），也可能存在一对等位基因（如Aa），错误；一条染色体上有许多基因，染色体是由DNA和蛋白质组成，基因是具有遗传效应的DNA片段，染色体是基因的主要载体，错误；萨顿研究蝗虫的减数分裂，运用类比推理的方法提出假说“基因在染色体上”， 正确；综上分析，C符合题意，ABD不符合题意。4（2021·黑龙江牡丹江市·牡丹江一中高三期
45、末）一对表现型正常的夫妇生了一个患半乳糖血症的女儿和一个正常的儿子。若这个儿子与一个半乳糖血症携带者的女性结婚，他们所生子女中，理论上患半乳糖血症女儿的可能性是A1/12B1/8C1/6D1/3【答案】A【分析】根据题意分析，表现型正常的夫妇生下了患病的后代，则半乳糖血症为隐性遗传，又因为后代中患病的是女儿，则半乳糖血症不可能为伴性遗传，故该病为常染色体隐性遗传病。【详解】根据题意分析，半乳糖血症为常染色体隐性遗传病，设该病的致病基因为a，其正常的等位基因为A，则可得儿子的基因型为AA和Aa，该儿子与半乳糖血症的携带者女性结婚，理论上患半乳糖血症的女儿的可能性为为。A选项为正确答案。5（202
46、0·全国高一课时练习）下图为某种单基因常染色体隐性遗传病系谱图（深色代表的个体是该遗传病患者，其余为表现型正常个体）。近亲结婚时该遗传病发病率较高，假定图中第代的两个个体婚配生出一个患该遗传病子代的概率为1/48，那么，得出此概率值需要的限定条件是A2和4必须是纯合子B1、1和4必须是纯合子C2、3、2和3必须是杂合子D4、5、1和2必须是杂合子【答案】B【分析】分析系谱图：图示为某种单基因常染色体隐性遗传病的系谱图（用A、a表示），则-1和-3的基因型均为aa，-2、-3、-4、-5的基因型均为Aa，-3的基因型及概率为1/3AA、2/3Aa。【详解】该遗传病为常染色体隐性，无论I
47、-2和I-4是否纯合，II-2、II-3、II-4、II-5的基因型均为Aa，A错误；若 II-1、-1纯合，则-2是Aa的概率为1/2，、-1是Aa的概率为1/4；-3的基因型及概率为1/3AA、2/3Aa，若-4纯合，则-2为Aa的概率为2/3×1/2=1/3，所以代中的两个个体婚配，子代患病的概率是1/4×1/3×1/4=1/48，与题意相符，B正确；B、若-2和-3一定是杂合子，则无论-1和-4是同时AA或同时Aa或一个是AA另一个是Aa，后代患病概率都不可能是1/48，C错误；的两个个体婚配，子代患病概率与II-5的基因型无关；若的两个个体都是杂合子，则子代患病的概率是1/4，D错误。6（2020·重庆市第七中学校高二期中）某女娄菜种群中，宽叶和窄叶性状是受X染色体上的一对等位基因（B、b）控制的，但窄叶性状仅存在于雄株中，现有三个杂交实验如下，相关说法不正确的是杂交组合父本母本F1表现型及比例1宽叶宽叶宽叶雌株宽叶雄株窄叶雄株=21