《2022年高考化学二轮复习讲义解密12 有机化学基础(集训)(解析版).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考化学二轮复习讲义解密12 有机化学基础(集训)(解析版).docx（24页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、解密12 有机化学基础一、选择题1(2021·浙江杭州市实验学校月考)下列各项中的有机物，同分异构体数目相同的是( )A分子式都为C8H10O的芳香醇和酚B甲苯的一氯取代物与分子式为C4H10O的醇C分子式为C4H8的烃与丙烷的二氯取代物D分子式为C5H12的烃与分子式为C2H4O2且能发生银镜反应的有机物【答案】B【解析】A项，分子式都为C8H10O的芳香醇和酚都含有苯环，饱和烃基和羟基，当取代基是一个时：有-CH2CH2OH、-CH(OH)CH3两种同分异构体，都是醇；当取代基是两个时：若是-CH2OH、-CH3，根据邻间对位置异构可知有三种同分异构体，且都是醇；所以醇一共有5种
2、；若是-CH2CH3、-OH，根据邻间对位置异构可知有三种同分异构体，且都是酚；当取代基是三个时：-CH3、-CH3、-OH，若是2个甲基处于邻位时，-OH有两种位置，有两种同分异构体，2个甲基处于间位时，-OH有3种位置，有3种同分异构体，2个甲基处于对位时，-OH有1种位置，有1种同分异构体，都属于酚类，所以酚类一共有9种，醇和酚数目不同，故A不符合题意；B项，甲苯的一氯代物共有4种，包括苯环上和甲基上的，分子式为C4H10O的醇可以看作羟基取代丁烷上的一个氢原子，醇的数目即为丁基的数目，有四种，所以同分异构体的数目相同，故B符合题意；C项，分子式为C4H8的烃可以是烯烃有3种(1-丁烯、
3、2-丁烯、2-甲基丙烯)，可以是环烷烃有2种，共5种；采用定位法确定丙烷的二氯代物种数是4种(1,1-二氯丙烷、1,2-二氯丙烷、1,3-二氯丙烷、2,2-二氯丙烷)，同分异构体数目不同，故C不符合题意；D项，分子式为C5H12的烃属于烷烃，有3种同分异构体(正戊烷、异戊烷、新戊烷)，分子式为C2H4O2且能发生银镜反应的有机物可以是HOCH2CHO，还可以是HCOOCH3，有2种，所以同分异构体数目不一样，故D不符合题意；故选B。2(2021·沙坪坝区重庆八中月考)有机物X完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，元素组成分析发现，该物质中碳元素的质量分数为64.86%，氢元素的质量分数为1
4、3.51%，它的核磁共振氢谱有5组明显的吸收峰，且只含有一个甲基。下列关于有机物X的说法正确的是( )A分子式为C3H8OBX发生催化氧化反应，产物中官能团名称是羰基C与X含有相同官能团的同分异构体有3种DX发生消去反应生成两种结构的烯烃【答案】C【解析】由题意可知，有机物X中碳元素和氢元素的质量分数之和小于100%，完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，则有机物中含有氧元素，氧元素的质量分数为(164.86%13.51%)=21.63%，有机物中碳、氢、氧的个数比为=4:10:1，有机物的实验式为C4H10O，由碳原子和氢原子的个数比可知，有机物实验式就是分子式，由核磁共振氢谱有5组明显的吸收峰，
5、且只含有一个甲基可知，该有机物为1丁醇。A项，由分析可知，有机物的分子式为C4H10O，故A错误；B项，1丁醇发生催化氧化反应生成丁醛，丁醛的官能团为醛基，故B错误；C项，与1丁醇含有相同官能团的同分异构体有2丁醇、2甲基1丙醇、2甲基2丙醇，共3种，故C正确；D项，一定条件下，1丁醇发生消去反应只能生成1丁烯，故D错误；故选C。3(2021·江苏苏州期末)根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是( )选项实验操作和现象结论A将乙醇和浓H2SO4混合加热产生的气体通入酸性KMnO4溶液，溶液褪色乙醇发生消去反应生成乙烯B在3mL5%的CuSO4溶液滴入34滴5%的NaOH溶液，振荡
6、后加入0.5mL的乙醛溶液并加热，未产生砖红色沉淀乙醛已经完全变质C向鸡蛋清溶液中加入饱和(NH4)2SO4溶液，出现白色沉淀，向沉淀中加入适量蒸馏水，沉淀溶解蛋白质发生盐析D向淀粉溶液中加适量20%的H2SO4溶液，加热，冷却后加NaOH溶液至中性，再滴加少量碘水，溶液变蓝淀粉未水解【答案】C【解析】A项，乙醇也能使酸性KMnO4溶液褪色，不确定乙醇是否发生消去反应生成乙烯，A错误；B项，加入的NaOH量不足，本身不能与葡萄糖发生反应生成砖红色沉淀，因此不能判断乙醛是否变质，B错误；C项，向蛋白质溶液中加铵盐会降低蛋白质溶解度，使蛋白质析出，此过程为蛋白质的盐析，为可逆过程，加水析出的蛋白质
7、可再溶解，C正确；D项，加少量碘水，溶液变蓝，说明溶液中有淀粉，可能未全部水解，也可能部分水解，D错误；故选C。4(2021届·安徽高三月考)拉坦前列素的结构如图所示，它具有良好降眼压效果。有关该化合物，下列叙述错误的是( )A分子式为C26H10O5B1mol该有机物最多能消耗4molNaOHC能发生水解反应、加成反应D分子中不可能所有碳原子共平面【答案】B【解析】A项，根据拉坦前列素的结构简式可得其分子式为C26H10O5，A正确；B项，拉坦前列素分子中含有1个酯基，1mol该有机物最多能消耗1molNaOH，B错误；C项，拉坦前列素分子中含有酯基，能发生水解反应，含有碳碳双键，
8、能发生加成反应，C正确；D项，拉坦前列素分子中含有亚甲基，根据甲烷分子为正四面体结构可知，分子中不可能所有碳原子共平面，D正确；故选B。5(2021·河北高三一模)新型冠状病毒肺炎诊疗方案(试行第七版)中指出，氯喹类药物可用于治疗新冠肺炎。氯喹和羟基氯喹的结构分别如图1和图2所示，对这两种化合物性质描述错误的是( )A均可以与盐酸反应形成离子化合物B分别取两种化合物，加入NaOH溶液并加热，加入AgNO3溶液，均有白色沉淀产生，则证明两化合物中均含有氯原子C与足量的H2发生加成反应后，分子中的手性碳原子数均发生了改变D羟基氯喹比氯喹的水溶性更好，在人体胃肠道吸收更快【答案】B【解析】
9、A项，这两种化合物分子中均有多个N原子，类比氨气和氨基酸的化学性质可知，其均可与H+结合，故均可以与盐酸反应形成离子化合物 ，故A正确；B项，验证卤素原子时先加碱、加热水解后，首先加硝酸酸化后再加硝酸银溶液，直接加硝酸银会与氢氧化钠反应产生沉淀，干扰卤素的检验，故B错误；C项，这两种化合物均有1个手性碳原子，其分别与足量的H2发生加成反应后，均增加4个手性碳原子，故其分子中的手性碳原子数均发生了改变，故C正确；D项，羟基氯喹分子中有羟基，羟基为亲水基，羟基可以水分子间形成氢键，故其比氯喹的水溶性更好，在人体胃肠道吸收更快，故D正确；故选B。6(2021·河北石家庄市石家庄二中高三月考
10、)三蝶烯是最初的“分子马达的”关键组件，它的某衍生物X可用于制备吸附材料，其结构如图所示，3个苯环在空间上互为120°夹角下列有关X的说法正确的是( )A分子式为C22H16O4B苯环上的一氯代物有4种C分子中最多可能有20个原子位于同一平面上D1 molX可以和过量的碳酸氢钠反应生成1molCO2【答案】C【解析】A项，三蝶烯的衍生物X中含有三个苯环，除苯环外还有4个碳原子，共含有22个C原子，每个苯环上有四个氢原子，羧基上有两个氢原子，H原子数为，两个羧基共含有4个氧原子，所以分子式为C22H14O4，A项错误；B项，三蝶烯的衍生物X呈对称结构，每个苯环上共有两种环境的氢，所以苯
11、环上的一氯代物有2种，B项错误；C项，三个苯环夹角120度，不可能共面，任选一苯环，苯环上的C原子及H原子、-COOH中的4个原子及2个季碳原子都可能共面，分子中可能共平面的原子最多有，C项正确；D项，三蝶烯的衍生物X中含有两个羧基，所以1 molX可以和2mol 碳酸氢钠反应生成2molCO2，D项错误。故选C。7(2021·四川成都市高三一模)有机物N具有抗肿瘤、镇痛等生物活性。N可由M合成：下列相关说法正确的是( )AM中所有碳原子可能共面BN可以与钠反应生成H2CM生成N的反应为取代反应DM、N的一氯代物数目相同【答案】B【解析】A项，M中数字所标注的C均为烷烃的碳，空间结构
12、为四面体形，特别是3号位置的C，与另外四个C形成四面体，因此所有C原子不可能共平面，A错误；B项，N物质中有羟基(-OH)，可以与活泼金属Na反应生成H2，B正确；C项，M生成N的过程中，M的一个羰基变为羟基，属于加成反应，C错误；D项，M有6种不同化学环境的H，因此一氯代物有6种，N有8种不同化学环境的H，但是Cl一般不能取代羟基上的H，因此一氯代物有7种，两者的一氯代物数目不同，D错误；故选B。8(2018·江苏省东台中学高三月考)Cyrneine A对治疗神经系统疾病有着很好的疗效，制备Cyrneine A可用香芹酮经过多步反应合成： 下列说法正确的是( )A香芹酮的化学式为C
13、9H12OB香芹酮分子中不含有手性碳原子CCyrneine A可以发生加成反应、消去反应和氧化反应，且具有酸性D香芹酮和Cyrneine A均能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】D【解析】A项，根据结构简式可知，节点为碳原子，每个碳原子形成4个共价键，不足键由氢原子补齐，香芹酮化学式为C10H14O，故A错误；B项，手性碳原子是指将连有四个不同基团的碳原子形象地称为手性碳原子，常以* 标记手性碳原子，如图所示，香芹酮分子中含有手性碳原子，故B错误；C项，Cyrneine A分子中含有醇羟基、碳碳双键、醛基，因此可以发生加成反应、氧化反应、酯化反应、消去反应等，但分子中没有酚羟基或羧基，不具有酸性
14、，故C错误；D项，香芹酮和Cyrneine A分子中均含有碳碳双键，均能够使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故D正确；故选D。9(2021·江苏南通市海门中学高三月考)化合物乙是一种治疗神经类疾病的药物，可由化合物甲经多步反应得到。下列有关化合物甲、乙的说法正确的是( )A甲分子中所有碳原子一定处于同一平面B乙中含有2个手性碳原子C用NaHCO3溶液或FeCl3溶液不能鉴别化合物甲、乙D乙能与盐酸、NaOH溶液反应，且1 mol乙最多能与4mol NaOH反应【答案】B【解析】A项， 图中C-O-C为V形，与苯环相连的C-O键可以旋转，使得甲基C不在苯环的平面上，A错误；B项，手性碳连
15、接四个不同的原子或原子团，图中所示位置为手性碳，有2个，B正确；C项，甲中有羧基，与NaHCO3溶液反应生成CO2气体，乙中有酚羟基，遇到FeCl3溶液显示紫色，都可鉴别甲和乙，C错误；D项，乙中有-NH2，显碱性，与盐酸反应；有一个酚羟基，消耗1个NaOH；有两个酯基，如图左侧酯基水解以后形成一个酚羟基和一个羧基，消耗2个NaOH，右侧酯基水解以后形成醇羟基和羧基，消耗1个NaOH；C-Br位置为卤代烃的结构，可以发生碱性水解，消耗1个NaOH，综上，1个乙分子消耗5个NaOH，即1mol乙消耗5molNaOH，D错误；故选B10(2021·江苏南通市海门中学高三月考)据报道，我国
16、科学家研制出以石墨烯为载体的催化剂，在25下用H2O2直接将CH4转化为含氧有机物，其主要原理如图所示。下列说法正确的是( )A图中表示CH4，其空间构型是平面形B步骤、的总反应方程式是CH3OHH2O2HCHO2H2OC步骤到中消耗的CH4与H2O2的物质的量之比为1:1D根据以上原理，步骤生成CO2和H2O【答案】B【解析】A项，结合题意可知表示CH4，其空间构型是正四面体，A错误；B项，结合分析可知步骤、的总反应为CH3OH和H2O2在催化剂作用下反应生成H2O和HCHO，反应的总反应为CH3OHH2O2HCHO2H2O，B正确；C项，结合反应原理可知步骤到总反应为CH4和H2O2反应生
17、成HCHO和H2O，总反应可表示为CH4+2H2O2HCHO+3H2O，CH4与H2O2的物质的量之比为1:2，C错误；D项，由题意可知反应的最终产物为含氧有机物，则步骤应生成含氧有机物，再结合图及分析可知H2O2在每一步参加反应的机理是提供*OH和前一步产生的自由基结合，因此推测步骤生成HCOOH和H2O，D错误；故选B。11(2021·衡水中学月考)水杨酸甲酯的制备反应如图所示。下列有关说法错误的是( )A该反应与甲烷与氯气的反应类型相同B加入过量的甲醇可以提高水杨酸的转化率C水杨酸分子中所有原子有可能共平面D与水杨酸甲酯具有相同官能团且羟基直接连在苯环上的同分异构体共有16种(
18、不考虑立体异构)【答案】D【解析】A项，该反应与甲烷与氯气的反应均属于取代反应，故类型相同，A正确；B项，该反应为一个可逆反应，故加入过量的甲醇可以使平衡正向移动，水杨酸的转化率提高，B正确；C项，水杨酸分子中有一个苯环为平面结构，羧基中的所有原子可能共平面，且与苯环以单键连接可以任意旋转，故可与苯环共平面，另一羟基也可与苯环共平面，故所有原子有可能共平面，C正确；D项，与水杨酸甲酯具有相同官能团且羟基直接连在苯环上的同分异构体共有16种(不考虑立体异构) 若为两个取代基即含有苯环、酚羟基、酯基的同分异构体则有：CH3COO-和-OH，HCOOCH2-和-OH，CH3OOC-和-OH，每一种情
19、况均有邻、间、对三种结构，若为三个取代基即含有苯环、酚羟基、甲酸酯基和甲基的同分异构体则有：先考虑两个取代基酚羟基和甲酸酯基有邻、间、对三种，而邻位时甲基有四种位置，间位时甲基也有四种位置，对位时甲基有两种位置，故一共有3×3+4+4+2-1=18种，故除去其本身符合条件的同分异构体还有18种，D错误；故选D。12(2021·通榆县第一中学校高三月考)有机物甲的结构简式为：，它可以通过下列路线合成(分离方法和其他产物已经略去)：下列说法不正确的是( )A甲可以发生取代反应、加成反应和缩聚反应B步骤I的反应方程式是：C步骤IV的反应类型是取代反应D步骤I和IV在合成甲过程中的
20、目的是保护氨基不被氧化【答案】B【解析】A项，甲分子中含有氨基、羧基和苯环，可以发生取代反应、加成反应和缩聚反应，A正确；B项，步骤I是取代反应，反应方程式是+HCl，B错误；C项，戊的结构简式为，步骤IV是戊中的肽键发生水解反应，因此反应类型是取代反应，C正确；D项，氨基易被氧化，因此步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基不被氧化，D正确，故选B。13(2021·浙江镇海中学高三选考模拟)脱氢枞酸常用于合成表面活性剂，结构简式如图所示，下列说法错误的是()A能发生酯化反应B脱氢枞酸和乙酸互为同系物C脱氢枞酸最多消耗3molH2D能和NaHCO3溶液反应产生CO2【答案】B【解析
21、】A项，脱氢枞酸含有羧基，能发生酯化反应，A项正确；B项，脱氢枞酸含有苯环，与乙酸不是相差若干个CH2，和乙酸不互为同系物，B项错误；C项，脱氢枞酸中的苯环能与H2发生加成反应，1mol脱氢枞酸最多消耗3molH2，C项正确；D项，脱氢枞酸含有羧基，能和NaHCO3溶液反应产生CO2，D项正确。故选B。14(2021·重庆高三月考)理解化学反应特征，构建化学知识网络是学好化学的关键。醇、醛、酸的部分转化关系如图所示，下列说法错误的是( )A可用新制Cu(OH)2悬浊液鉴别X、Y、ZBY的分子式为C10H14OCX中所有碳原子可能处于同一平面DY、Z均可以与4mol H2发生加成反应【
22、答案】D【解析】A项，X与新制Cu(OH)2悬浊液不反应，混合后无明显现象，Y中含有醛基，在加热条件下Y与新制Cu(OH)2悬浊液能反应生成砖红色沉淀Cu2O，Z中含有羧基，能与新制Cu(OH)2悬浊液反应生成Cu2+，溶液将变为蓝色，三者的现象不同，能够鉴别，故A正确；B项，由Y的结构简式可知，Y的分子式为C10H14O，故B正确；C项，X中含有碳碳双键，碳碳双键中碳原子处于同一平面，因此X中所有碳原子可能处于同一平面，故C正确；D项，未告知Y、Z的物质的量，因此无法确定Y、Z与H2反应时所消耗H2的物质的量，故D错误；故选D。15(2021·广东广州市高三月考)吡啶广泛用作医药工
23、业原料。一种制备原理如下：下列说法正确的是( )A1mol糠醛与3mol H2反应生成1mol糠醇B苯和吡啶互为同分异构体C用金属钠可检验糠醛和糠醇D糠醇在酸性高锰酸钾溶液中转化为糠醛【答案】C【解析】A项，1mol糠醛中的醛基与1molH2发生加成反应生成1mol糠醇，A说法错误；B项，苯中不含N原子，和吡啶的分子式不同，不是同分异构体，B说法错误；C项，钠能与糠醇中的羟基反应生成H2，与糠醛不反应，C说法正确；D项，糠醇含有羟基、碳碳双键，能被酸性高锰酸钾氧化成羧基等，D说法错误；故选C。16(2021届·湖北高三期中)食用自制“酸汤子”(用玉米水磨发酵后做的一种粗面条样的主食)
24、会因椰毒假单胞菌污染产生米酵菌酸引发食物中毒。米酵菌酸的结构如图，下列说法错误的是( )A能与Br2发生加成反应 B含有3种官能团C能与碳酸氢钠溶液反应 D不能使稀酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】D【解析】A项，根据结构简式可知，该物质含碳碳双键，故可与Br2发生加成反应，A正确；B项，根据结构简式可知，该物质含碳碳双键、羧基、醚键三种官能团，B正确；C项，该物质含羧基，可与碳酸氢钠溶液反应，C正确；D项，该物质含碳碳双键，具有不饱和性，可使稀酸性高锰酸钾溶液褪色，D错误；故选D。17(2021届·浙江宁波市效实中学高三选考模拟)利用如图所示的有机物X可生产S诱抗素Y。下列说
25、法正确的是( )AX分子和溴水反应最多消耗4molBr2BX可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应CY既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色D1molY最多能加成6molH2【答案】B【解析】A项，X中碳碳双键、酚羟基的邻、对位与Br2能够发生反应，但未告知X的物质的量，因此无法确定所消耗的Br2，故A项说法错误；B项，X中碳碳双键能够发生氧化、加聚反应，羟基能够发生酯化反应和取代反应，羧基与羟基能够发生缩聚反应、酯化反应、取代反应，故B项说法正确；C项，Y中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，Y中含有碳碳双键，可使酸性KMnO4溶液褪色，故C项说法错误；
26、D项，Y中碳碳双键、羰基能够与H2发生加成反应，1molY中含有1mol羰基，3mol碳碳双键，因此1molY最多能加成4molH2，故D项说法错误；故选B。18(2021届·江苏省镇江中学高三期中)某药物合成中间体的结构简式如下图所示。下列有关叙述正确的是( )A该有机物分子式为 C11H10O5B该有机物能发生氧化反应、消去反应C该有机物在一定条件下与足量 H2 反应后的产物中有 6 个手性碳原子D该有机物在一定条件下与 NaOH 溶液完全反应时，最多能消耗 3molNaOH【答案】C【解析】A项，由结构可知分子式为C11H8O5，故A错误；B项，该分子含有羟基，可以发生加成反应
27、，并且与羟基相连的C原子上都没有H原子，不能发生消去反应，故B错误；C项，与足量H2反应后的产物不含苯环、双键，环上5个C为手性碳，且与OH和甲基相连的C为手性碳，共有6个手性碳原子，故C正确；D项，2个酚OH、1个COOC及水解生成的酚OH均与NaOH反应，则1mol该有机物最多能消耗4molNaOH，故D错误；故选C。19(2021·湖北武汉市高三月考)化合物Z是合成某种抗结核候选药物的重要中间体，可由下列反应制得。下列有关化合物X、Y和Z的说法不正确的是( )AX分子中含有手性碳原子BY分子中的碳原子一定处于同一平面CZ在浓硫酸催化下加热可发生消去反应D检验X中氯原子的方法：向
28、X中加入氢氧化钠的乙醇溶液，加热一段时间后冷却，再加入稀硝酸酸化的硝酸银溶液，根据沉淀颜色判断卤代烃中卤原子的种类【答案】B【解析】A项，X分子中第2个碳原子上所连的4个原子或原子团都不相同，此碳原子为手性碳原子，A正确；B项，Y分子中甲基上的碳原子与苯环碳原子不一定处于同一平面，B不正确；C项，Z分子中，与羟基相连碳原子的邻位碳上连有氢原子，所以可在浓硫酸催化下发生消去反应，C正确；D项，检验X中氯原子时，可让X先发生消去反应，然后加入稀硝酸酸化的硝酸银溶液，依据沉淀的颜色判断卤原子的种类，D正确；故选B。20(2021·江苏南京市第二十九中学高三月考)化合物X在一定条件下可制一种
29、常用药物Y。下列有关化合物X、Y的说法不正确的是( )A化合物X、Y均易被氧化B由X转化为Y发生加成反应C1 mol Y最多可与2 mol NaOH发生反应DX与足量H2发生反应后，生成的分子中含有6个手性碳原子【答案】C【解析】A项，化合物X含有醛基、酚羟基、碳碳双键，均易发生氧化反应；化合物Y含有醇羟基、酚羟基、碳碳双键，均易发生氧化反应，A正确；B项，X转化为Y，X的醛基变为Y中的-CH2OH，发生醛基与H2的加成反应，B正确；C项，Y中只有酚羟基可以与NaOH反应，故1 mol Y最多可与1 molNaOH发生反应，C错误；D项，X与足量H2发生反应，苯环、醛基、碳碳双键均可以与H2发
30、生加成反应，生成，手性碳连有四个不同的基团，该化合物的手性碳用“*”表示为，共有6个，D正确；故选C。21(2021届·湖北高三月考)中国工程院院士李兰娟及其团队研制的药物“阿比朵尔”能有效抑制新冠病毒的复制，化合物G是合成“阿比朵尔”的中间体，其结构如图。下列关于G的描述正确的是( )A化合物G所含官能团超过3种B化合物G不能发生消去反应C化合物G不能使酸性重铬酸钾溶液变色D化合物G中不含手性碳原子【答案】C【解析】A项，由化合物G的结构简式可知，分子中含有的官能团为羟基、溴原子、碳碳双键、酯基、硫醚键和次氨基，官能团超过3种，故A正确；B项，化合物G的链状结构中不含有卤素原子和羟
31、基，不能发生消去反应，故B正确；C项，化合物G中含有的酚羟基和碳碳双键能与酸性重铬酸钾溶液发生氧化反应，使酸性重铬酸钾溶液变色，故C错误；D项，手性碳原子必须是饱和碳原子，且连有四个不同的原子或原子团，化合物G中没有连有四个不同的原子或原子团的饱和碳原子，故D正确；故选C。22(2021届·江苏如东县高三期中)2020年6月，我国化学家实现了首例基于苯炔的高效不对称催化，为构建手性化合物提供了一种简便方法。下列说法错误的是()A苯炔中所有原子共平面BM、N中均只含1个手性碳原子CM可能含有芳香类同分异构体D1molN最多可以和4molH2发生加成反应【答案】C【解析】A项，苯炔中有两
32、个共轭碳碳双键，故苯炔中所有原子共平面，故A正确；B项，M中只有和-COOC2H5相连的碳原子连接4个不同的原子(或原子团)，是手性碳原子；N中只有连接苯基的碳原子是手性碳原子，即M、N中均只有1个手性碳原子，故B正确；C项，M的不饱和度为3，而芳香类化合物含苯环，至少有4个不饱和度，所以M不可能有芳香类同分异构体，故C错误；D项，N中含有羰基、苯基，都可以和H2加成，1molN最多可以和4molH2发生加成反应，故D正确；故选C。二、非选择题23(2021·北京顺义区高三一模)防火材料聚碳酸酯(PC)的结构简式为：，其合成路线如下：已知：、R-O-R、+R3-OH+R2-OH(、R
33、、为烃基)(1)A的名称为_。(2)B的结构简式为_。(3)C的溶液和浓溴水反应的方程式为_。(4)反应的化学方程式为_。(5)下列说法不正确的是_。a.分子式为C7H8O，且与C互为同系物的同分异构体有4种b.反应的原子利用率为100%c.反应为取代反应，生成E的结构简式为(6)反应的化学方程式为_。(7)查阅资料：利托那韦是治疗新冠肺炎的药物，制备该药物需要的一种中间体X的结构简式为：。结合题中已知信息完成下列合成路线，写出有机物甲和乙的结构简式。有机物甲的结构简式为_。有机物乙的结构简式为_。【答案】(1)丙烯 (2) (3) +3Br2+3HBr (4) (5) ac (6) n+n+
34、(2n-1)CH3OH (7) 【解析】A的分子式为C3H6，在催化剂作用下与苯发生加成反应，则A应为CH2=CHCH3，根据后续产物丙酮可知B应为；C应含有苯环，分子式为C6H6O，则C为；与丙酮反应生成C15H16O2，再结合PC的结构简式可知其结构简式应为；D的分子式为C2H4，则B为CH2=CH2，被催化氧化生成环氧乙烷，再与CO2发生类似信息i的反应生成E，则E为，E再与CH3OH发生类似信息ii的反应生成和F，则F为HOCH2CH2OH。(1)A为CH2=CHCH3，名称为丙烯；(2)根据分析可知B为；(3)根据分析可知，与浓溴水发生取代反应生成三溴苯酚沉淀，化学方程式为+3Br2
35、+3HBr；(4)根据分析C15H16O2的结构简式应为，所以反应的化学方程式为；(5)a项，C为，其同系物也应含有酚羟基，所以分子式为C7H8O的同分异构体有、共三种，故a错误；b项，反应的化学方程式应为2CH2=CH2+O22 ，原子利用率达到100%，故b正确；c项，反应与信息i类似，为CO2的加成反应，故c错误；综上所述答案为ac；(6)参考信息ii可知反应的化学方程式为n+n+(2n-1)CH3OH；(7)根据后续产物可知C7H8为甲苯，甲在光照条件与氯气发生取代反应生成，所以甲为；乙与二氧化碳发生加成反应反应生成中间体X，参照信息ii可知乙为。24(2021·湖南高三零模
36、)化合物G是一种抗骨质疏松药，俗称依普黄酮。以甲苯为原料合成该化合物的路线如下：已知：RCOOH+H2O回答下列问题：(1)反应的反应条件为_，反应的反应类型是_。(2)F中含氧官能团的名称：_，_，_。(3)D+HE的化学方程式：_。(4)已知N为催化剂，E和M反应生成F和另一种有机物X，X的结构简式为_。(5)D有多种同分异构体，同时满足下列条件的同分异构体有_种。a.含苯环的单环化合物 b.核磁共振氢谱有四组峰，峰面积之比为3221(6)根据上述信息，设计由和为原料，制备的合成路线_(无机试剂任选)。【答案】(1)光照 取代反应 (2)羰基 (酚)羟基 醚键 (3)+H2O (4)乙醇(
37、或) (5)6 (6) 【解析】由图示可知，A与在光照条件下发生取代反应生成B；与NaCN在一定条件下发生取代反应生成C；在酸性条件下水解生成D；与在一定条件下反应生成E；与在作催化剂反应生成F和；与在碱性条件下反应生成G。(1)由分析可得反应A与在光照条件下发生取代反应生成； 与NaCN在一定条件下发生取代反应生成；(2)F中所含官能团的名称为：羰基、醚键、(酚)羟基以及碳碳双键，其中含氧官能团为：羰基、醚键、(酚)羟基；(3)由分析可知D为，H为E为 ，则D+HE的化学方程式为：+H2O；(4)已知N为催化剂，与在作催化剂反应生成和，则X为或；(5)D分子式有多种同分异构体，同时满足：a.
38、含苯环的单环化合物，b.核磁共振氢谱有四组峰，峰面积之比为3221，则有、 、 、，共6种；(6) 在光照条件下发生取代反应生成；与NaCN反应生成；在酸性条件下水解生成；与反应生成目标物，则其合成流线为：。25(2021·辽宁高三零模)化合物H是合成一种能治疗头风、 痈肿和皮肤麻痹等疾病药物的重要中间体，其合成路线如下：已知下列信息：RCOOCH3+CH3OH回答下列问题：(1) A的分子式为_；D中官能团的名称为_。(2) C的结构简式为_ 。(3)合成路线中D到E的反应类型为_。(4)鉴别E和F可选用的试剂为_ (填标号)。AFeCl3溶液 b.溴水 c.酸性KMnO4溶液 d
39、.NaHCO3 溶液(5) G到H的反应方程式为_。(6)有机物W是C的同系物，且具有以下特征：i.比C少 3个碳原子；ii.含甲基，能发生银镜反应；符合上述条件的W有_种；其中核磁共振氢谱峰面积之比为1：2：2：2：3 的W的结构简式为_。【答案】(1)C7H7Br 羰基 (2) (3)还原反应 (4)d (5) + CH3OH + H2O (6) 12 ， 【解析】(1)根据C的成键特点，A的分子式为C7H7Br；D中含有的官能团结构是碳氧双键，即官能团为羰基；(2)根据已知信息的反应机理，由D的结构简式逆推C的结构简式， ；(3) 反应过程中，D中的羰基被还原为羟基，所以反应类型为还原反
40、应；(4)E和F的结构上相差一个COOH，应该利用COOH的性质验证F和E的不同，只有NaHCO3可以和羧基反应，所以答案为d；(5)根据已知信息，可以推断G的结构简式为，G和CH3OH在浓硫酸、加热的条件下发生酯化反应，化学方程式为 + CH3OH + H2O；(6)由于W是C的同系物且比C少3个碳原子，所以W的分子式为C9H10O2，W的结构中含有一个和一个，又因为W可以发生银镜反应，所以可以推断W中一定含有醛基，且醛基的存在形式为，符合条件的W的结构简式有，共12种；核磁共振氢谱图中有5个信号峰，面积比1：2：2：2：3，符合条件的W的结构简式为，。26(2021·北京丰台区高
41、三期末)功能高分子P()的合成路线如图：已知：R1CHO+R2CH2CHO+H2O+R1CH=CHR2+R3CH=CHR4R1CH=CHR4+R3CH=CHR2(1)A属于芳香烃，分子式是C8H8。A的名称是_。(2)CD所需的试剂a是_。(3)FG的反应类型是_。(4)E的分子式是C9H8O，DE的化学方程式是_。(5)H是五元环状化合物，分子式为C5H6，GH的化学方程式是_。(6)写出J的结构简式_。(7)参照上述信息，写出以乙醇和1，3丁二烯为原料(其他无机试剂任选)，制备的合成路线：_。(如：AB用结构简式表示有机化合物)【答案】(1)苯乙烯 (2)氧气、铜或银 (3)加成反应 (4
42、)+HCHO+H2O (5)+2NaOH+2NaBr+2H2O (6) (7) CH3CH2OHCH3CHOCH3CH=CHCHOCH3CH=CHCOOHCH3CH=CHCOOCH2CH3 【解析】结合题中信息：A属于芳香烃，分子式是C8H8，参照A能与HCl在H2O2作用下发生反马氏加成，可推出A为，B为，C为；由信息，结合DE的反应条件，可确定D为醛，所以其为，由E的分子式C9H8O，可推出E为，则M为HCHO；H是五元环状化合物，分子式为C5H6，则H为，采用逆推法，可确定G为，F为；利用信息，可得出E与H反应生成的J的结构简式为；利用信息，可得出高分子P的结构简式为。(1)A属于芳香烃
43、，分子式是C8H8，由分析可得出A 为，名称是苯乙烯；(2) ，是醇的催化氧化反应，所需的试剂a是氧气、铜或银；(3) ，显然是与Br2发生加成，反应类型是加成反应；(4)E的分子式是C9H8O，是与HCHO发生如同信息的反应，化学方程式是+HCHO+H2O；(5)H是五元环状化合物，分子式为C5H6，发生消去反应，需要NaOH/醇、加热条件，化学方程式是+2NaOH+2NaBr+2H2O；(6)由以上分析可知，J的结构简式为；(7)参照上述信息，以乙醇和1，3丁二烯为原料制备，需将CH3CH2OH转化为CH3CH=CHCOOCH2CH3，由信息，CH3CH2OH需转化为CH3CHO，然后2分
44、子反应生成CH3CH=CHCHO，再氧化成CH3CH=CHCOOH，再与CH3CH2OH发生酯化反应。合成路线为：CH3CH2OHCH3CHOCH3CH=CHCHOCH3CH=CHCOOHCH3CH=CHCOOCH2CH3。27(2021·上海长宁区高三一模)已知苯酚()化学式为C6H5OH，在空气中久置会被氧化成粉红色，是生产某些树脂、杀菌剂、防腐剂以及药物(如阿司匹林)的重要原料。香料M的一种合成流程如下： 已知： R1COOHR1COOR请回答下列问题：(1)化合物R(C7H8O)的结构简式为_，R与苯酚()互称为_。M中含碳的官能团名称是_。 (2)AB的反应类型是_。R分子
45、中最多有_个原子共平面。设计RX和YZ步骤的目的是_。(3)写出C和Z反应生成M的化学方程式：_。写出同时满足下列条件的Y的同分异构体的结构简式_。能发生银镜反应和水解反应 分子中只含有4种化学环境不同的H原子。(4)已知苯环上有烃基时，新引入取代基主要取代邻位、对位氢原子。参照上述合成流程，设计以苯和异丙醇为原料制备的合成路线：_(无机试剂任选)。(合成路线常用的表达方式为：AB目标产物)【答案】(1) 同系物 酯基 (2)取代反应 14 保护羟基、防止被氧化 (3) +HCl (4) 【解析】根据A的分子式以及后续流程可知A为，A与CH3Cl在AlCl3作用下发生取代反应生成B，B为，B与
46、氯气在光照条件下发生取代反应生成C，则C为，之后与Z发生类似信息的反应生成M，根据M的结构简式可知Z的结构简式为，根据R®X和Y®Z的反应条件可知该过程与信息类似，所以R中含有酚羟基，X到Y应为高锰酸钾氧化苯环侧链的反应，所以R的结构简式为，X为，Y为。(1)根据分析可知R的结构简式为；R与苯酚结构相似，分子组织相差一个CH2，所以为同系物；M中含碳的官能团为酯基；(2)A中苯环上一个氢原子被甲基代替生成B，属于取代反应；苯环为平面结构，单键可以旋转，所以R分子中最多有14个原子共面；根据流程可知由R生成Z的过程中需要用高锰酸钾氧化甲基生成羧基，而酚羟基也会被酸性高锰酸钾氧化，所以设计个原子共平面。设计RX和YZ步骤的目的是保护酚羟基；(3)C和Z反应生成M的反应与信息类似，化学方程式为+HCl；Y的同分异构体满足：能发生银镜反应和水解反应，则含有酯基和CHO；分子中只含有4种化学环境不同的H原子，则结构对