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1、2019年山东省枣庄市中考物理模拟试卷（三）一、选择题1.生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列做法及其解释正确的是（）A.钓鱼竿很长，是为了更省力B.菜刀的刀刃很薄，是为了减小受力面积，增大压力C.轮胎上凹凸的花纹，是为了增大接触面的粗糙程度，增大摩擦D.茶壶盖上有个小孔，是为了让壶内的液面总是低于壶嘴处的液面【答案】C【解析】试题分析：钓鱼竿很长，不是为了省力，而是为了省距离，用起来方便，故A错；菜刀的刀刃很薄，是为了减小受力面积，增大压强的，故B错；轮胎上凹凸的花纹可以增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，故C正确；小孔，是为了让壶内与外面相通，构成连通器，内外的水面保持相平，
2、故D错；应选C。【考点定位】物理知识的应用2.关于声音，下列说法正确的是（）A.人们小声说话，声音的音调一定低B.用力敲鼓，站在近处和远处的人听到的鼓声的响度是一样的C.能听出电话里谁在说话，是根据声音的音色辨别的D.在公路旁设置声音屏障是在声源处消除了噪声【答案】C【解析】试题分析：A人们小声说话时，声音的响度小；B用力敲鼓，站在近处的人听到鼓声的响度较大；C能听出电话里谁在说话，是根据声音的音色辨别的，不同的人音色不同；D在公路旁设置声音屏障是在传播过程中处消除了噪声；故选C考点：声音的特性3.中国女排在2015年世界杯赛场上重夺冠军,有关排球运动说法中,错误的是（）A.运动员双脚站立时比
3、在地上奔跑时对地面的压强小B.击球后,排球受惯性作用在空中飞行C.忽略空气阻力,空中飞行的排球只受重力作用D.扣球时排球反方向飞出,这说明力能改变物体的运动状态【答案】B【解析】【详解】A、运动员双脚站立时与奔跑时相比，对地面的压力相同，但是奔跑时，受力面积小、压强大，双脚站立时，受力面积大、压强小，故A正确，不符合题意；B、击球后，排球由于具有惯性在空中飞行，不能说受到惯性作用，故B错误，符合题意；C、若不计空气阻力，排球在空中飞行只受重力作用，故C正确，不符合题意；D、扣球时排球反方向飞出，运动方向发生了改变，运动状态改变，说明力能改变物体的运动状态，故D正确，不符合题意。故选B。4.如图
4、所示，物体浸没在水中，工人用200N的拉力F在10s内将重为400N的物体匀速提升2m，物体没有露出水面，此时滑轮组的机械效率是80%，不计绳重和摩擦，g=10N/kg，则下列说法中正确的是（）A.物体露出水面前，工人匀速提升重物时拉力的功率为40WB.物体在水中受到的浮力为320NC.物体的体积为8×10-3m3D.物体露出水面后，此滑轮组提升该物体的机械效率将小于80%【答案】C【解析】由图知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，拉力端移动的速度：v=s/t=4m/10s=0.4m/s，拉力的功率：P=Fv=200N×0.4m/s=80W，故A
5、错；滑轮组的机械效率：=W有用/W总=(GF浮)h/Fs=(GF浮)h/F×2h=GF浮/2F=400NF浮/2×200N=80%，解得：F浮=80N，故B错；由F浮=水V排g得物体的体积：V=V排=F浮/水g=80N/1×103kg/m3×10N/kg=8×10-3m3，故C正确；物体露出水面后，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳重和摩擦，额外功不变，有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将大于80%，故D错，故选C。5.如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【
6、详解】A、食品夹的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A正确；B、剪刀的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；C、剪铁剪刀的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；D、天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故D错误。故选A。6.小盼、小汉两同学沿同一竹竿进行爬竿比赛，小盼从地面匀速爬到竿顶用了16s，小汉从地面匀速爬到竿顶用了12s，已知小盼、小汉两人的体重之比为3：4，则小盼、小汉两人爬竿克服重力做功之比是（）A.3：4B.4：3C.9：16D.16：9【答案】A【解析】解答： 沿杆上爬克服重力做功，因为沿同一竹竿爬杆，故高度相同，设为h。由功的计算公式WGh可求出做功之比：.
7、故选A7.水是生命之源，在生产生活中扮演着很重要的角色，下面关于水的说法错误的是（）A.发动机用水来冷却是因为水的比热容大B.冰在熔化成水的过程中温度不变，所以内能不变C.高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点D.用燃气灶烧水是通过热传递来改变内能【答案】B【解析】【详解】A、水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，用水来冷却发动机，故A正确，不符合题意；B、冰在熔化成水的过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B错误，符合题意；C、高压锅的原理是：水的沸点随着锅内气压的增大而升高，故C正确，不符合题意；D、改变内能的方式包括做功和热传递，用燃
8、气灶烧水是通过热传递来改变内能的，故D正确，不符合题意。故选B。8.如图所示的电路，合上开关，小灯泡正常发光。若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上开关后的现象是（）A.小灯泡不发光B.小灯泡仍正常发光C.小灯泡会烧坏D.电压表和电流表都没有示数【答案】B【解析】试题分析：由于电流表的内阻非常小，几乎为零，若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上开关后，电流表与电压表并联，均无示数，小灯泡仍正常发光。故选B考点：电流表的特点9.如图所示，电源电压保持不变，R24R1，当开关接a点时，电压表的示数为U0，当开关接b点时电压表的示数（）A.小于0.25U0B.大于0.25U0而小于U0C.等于0.25U
9、0D.等于U0【答案】B【解析】电源电压保持不变，R24R1，当开关接a点时，电压表的示数为U0，当开关接b点时，电压表的示数大于0.25U0而小于U0。10.以下设备的工作原理与发电机的工作原理相同的是（）A.话筒B.喇叭C.电子挂钟D.电流表【答案】A【解析】【详解】发电机是根据电磁感应现象制成的；A、人对着话筒说话时，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，属于电磁感应现象，符合题意；B、喇叭就是扬声器，其把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作，不符合题意；C、电子挂钟是通电线圈在磁场中受到力的作用发生转动的原理工作，不符合题意；D、电流表的工作原理是通
10、电线圈在磁场中受到力的作用会发生转动，不符合题意。故选A。11.关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（）A.用湿擦布擦灯泡B.在电线上晾衣服C.擦带电的插座D.电饼铛在使用时它的金属外壳接地【答案】D【解析】符合符合安全用电要求的是电饼铛在使用时它的金属外壳接地，选D。湿抹布可以导电不可以擦灯泡，远离高压带电体不能再电线上晾衣服，不可以擦带电插座，ABC都属于存在危险的用但方式12.马航MH370航班在飞行途中与地面失去联系一种叫“蓝鳍金枪鱼”的自主式水下航行器参与了搜寻，它可以潜入水下4500m深处，利用声呐搜寻物体下列说法正确的是（）A.失联前，马航MH370是通过超声波与地面进行
11、联系的B.飞机在空中水平匀速飞行时，受到平衡力的作用C.“蓝鳍金枪鱼”下潜过程中，其所受的浮力和压强不变D.“蓝鳍金枪鱼”是利用电磁波探寻水下物体的【答案】B【解析】试题分析：A选项，失联前，马航MH370是通过电磁波与地面进行联系的，所以A错误。B选项，飞机在空中水平匀速飞行时，飞机处于平衡状态，所以受到平衡力的作用，所以B正确。C选项，“蓝鳍金枪鱼”自主式水下航行器在水面下不断下潜的过程中，自主式水下航行器受到的水的压强变大；所以C错误。D选项，超声波在水中的传播距离比电磁波远，”蓝鳍金枪鱼”自主式水下航行器是利用超声波探寻水下物体的，所以D错误，正确的选择是B。考点：声波电磁波平衡力浮力
12、和压强二、填空题13.一个人站在竖直放置的平面镜前4m处，则像距离人_m远；如果此人以1m/s的速度靠近镜面，则2s后，人和像的距离为_m【答案】(1).8(2).4【解析】【详解】平面镜成像的特点是像距等于物距，已知此人距离平面镜4m，可知他的像距离平面镜也是4m，所以像到他本人的距离为4m+4m=8m。由题意可知他以1m/s的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜时，2s后走的路程为s=vt=1m/s×2s=2m，则此时它与平面镜的距离为4m-2m=2m，由平面镜成像的特点：像距等于物距可知，此时像到平面镜的距离也为2m，则人和像的距离为2m×2=4m。14.如图所示，水平
13、向右运动的物体受到大小为 10N、方向水平向左的拉力作用，物体停止后拉力保持不变。在运动过程中，物体受到的摩擦力方向_；停止后物体受到的摩擦力方向_、大小为_N。【答案】水平向左水平向右10【解析】试题分析：由于物体是向右运动的，所以在运动过程中摩擦力的方向是水平向左的；当物体停止后，由于受到向左的摩擦力而静止不动，所以此时所受到的摩擦力方向水平向右，大小等于拉力的大小为10N。【考点定位】运动和力15.如图是国产歼15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时的情景飞机升空是利用（二力平衡原理流体压强与流速的关系）当飞机飞离航母后，航母所受的浮力大小将【答案】流体压强与流速的关系；减小【解
14、析】考点：流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用分析：飞机升力是根据流体压强与流速的关系的原理获得的航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小本题考查了学生对浮力知识、流体压强和流速关系的了解和掌握。16.我国第一艘航空母舰辽宁舰,其满载排水量约为7万吨,则满载时其受到的浮力为约_N,排开水的体积为_m3,当舰载机从航母上起飞后，航母受到的浮力将_(选填“变大”、“变小”或“不变”)。（g取10N/kg）【答案】(1).7×108(2).7×104(3).变小【解析】【详解】根据题意知道，辽宁舰满载时受到的浮力是：F浮=G排=m排g=7×
15、;104×103kg×10N/kg=7×108N，由F浮=gV排知道，排开水的体积是：V排=F浮/水g=7×108N/1.0×103kg/m3×10N/kg=7×104m3；由于舰载机从航母上起飞前后，航母始终处于漂浮状态，所以，受到的浮力始终等于自身的总重力，故当舰载机从航母上起飞后，航母受到的重力减小，受到的浮力也减小。17.常见的家用热水器有太阳能热水器、电热水器、燃气热水器。若使用太阳能热水器将12L水由20加热到45，则水需要吸收太阳能J；若改用功率为“220V，1000W”的电热水器正常加热，则需要加热s；若用燃
16、气热水器加热，则需要完全燃烧m3的燃气。（已知水的比热容为42×103J/（kg·），燃气的热值为42×107J/m3；不考虑能量转换过程中的损失）【答案】126×106；1260；003【解析】试题分析：水需要吸收太阳能：Q=cmt=42×103J/（kg·）×12kg×25=126×106J；电热水器需加热的时间为：t=W/P=Q/P=126×106J/1000W=1260s；需要燃烧的燃气的体积为V=Q/q=126×106J/42×107J/m3=003m3。【考点定位
17、】热量的计算18.小宣用伏安法测量电阻R的阻值时，并联在电阻R两端的电压表的示数如图甲所示，与电阻R串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为V，电流表的示数为A，电阻R的阻值为【答案】2.5；0.5；5【解析】解：电压表使用的03V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，示数是2.5V电流表使用的00.6A，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数是0.5AR=519.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电路为2A，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的IU关系图象如图乙所示，则小灯泡的电阻值为_，电路消耗的最小功率为_W【答案】(1).6(
18、2).6【解析】试题分析：由小灯泡的IU关系图象可知灯泡的电阻是定值，当UL=12V时，通过小灯泡的电流IL=2A，根据得灯泡电阻；由图甲知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测串联电路电流，乙图图像电流随小灯泡电压增大而增大，是电路中的电流增大，电阻变小，是当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的IU关系图象，当P在左端时，滑动变阻器连入阻值为0，此时U=UL=12V，P在右端时，滑动变阻器连入阻值最大，电路中电流最小，I最小=IL=0.5A，所以电路消耗的最小功率：P最小=UI最小=12V×0.5A=6W。【考点定位】欧姆定律的应用、电功率的计算20.甲用电
19、器标有“220V40W”的字样，其中220V表示_，40W表示_，此用电器的电阻是_假如把它和一个220V60W的乙用电器串联接入在同一电压下，_用电器实际功率大【答案】(1).用电器的额定电压是220V(2).用电器的额定电功率是40W(3).1210(4).甲【解析】【详解】由铭牌“220V40W”可知，该用电器的额定电压是220V；用电器的额定电功率是40W；用电器甲的电阻：，乙的电阻，两灯是串联在同一电压下，通过的电流是相同的，根据P=I2R可知，电阻较大的实际功率大，甲用电器的电阻较大，它的实际功率较大。三、作图题21.用笔画线代替导线，将电灯和控制它的开关正确地接入如图所示的家庭电
20、路中（）【答案】【解析】【详解】灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示：四、实验题22.小明在家中发现了一副眼镜，于是利用眼镜的镜片进行了如下实验（1）如图甲所示，说明该镜片对光有_作用；（2）按图甲方式将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的后面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，这个过程的作用是：_；（3）如图乙所示，光屏上所成的是倒立、_的实像，从图中还能知道烛焰、镜片、光屏的中心在_；（4）若用镜片在光屏上成放大的像，在图乙基础上，继续进行怎样的操作才能得到这样的像
21、_【答案】(1).会聚(2).测量凸透镜的焦距(3).缩小(4).同一高度上(5).向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像【解析】【详解】（1）由图可知，在另一侧的纸上会形成小的光斑，说明该透镜对光线有会聚作用，所以是凸透镜；（2）将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的下面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，即焦点，用刻度尺测出光屏到凸透镜的距离即为焦距；（3）由图可知，物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，光屏上成倒立、缩小的实像；实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使蜡烛、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，目的是使烛焰的像成在
22、光屏的中央；（4）用镜片在光屏上成放大像，即放大的实像，由凸透镜成像规律可知，其条件是：2fuf，所以向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像。23.小刚在测量食用油密度的实验中。(1)将天平放在_桌面上，移动_至标尺左端“0”刻度线后，指针位置如图甲所示，随即在天平左盘中放入盛有食用油的烧杯，在右盘中加入砝码，并移动游码，使天平平衡，测得烧杯和食用油的总质量为87.8g。(2)向空量筒中倒入30.0mL的食用油，再将烧杯放在天平左盘中，当右盘所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平平衡，量筒中食用油的质量为_g，计算得出食用油的密度为_kg/m3。(3)在(1
23、)中测量质量前，小刚没有调节天平平衡，这使测得的烧杯和食用油总质量_(填“偏大”“不变”或“偏小”)，测得的食用油密度_(填“偏大”“不变”或“偏小”)。【答案】(1).水平(2).游码(3).27.0(4).0.9×103(5).偏小(6).不变【解析】解答：(1)将天平放在水平桌面上，先将游码放在标尺左端的零刻度线处；(2)剩余的烧杯和食用油的质量为：m50g+10g+0.8g60.8g；量筒中食用油的质量为：m87.8g60.8g27g；食用油的密度为0.9g/cm30.9×103kg/m3.(3)由甲图可知，指针指向分度盘的右侧，说明右侧的质量大，没有调节天平平衡，
24、使得称量的物体的质量会偏小，体积不变，故密度会偏小。点睛：（1）使用前的调节：放：把天平放到水平桌面上；移；把游码移到标尺左端零刻线处；调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处（2）将天平右盘中所有砝码的质量与游码所对应的示数相加即为待测物体的质量；根据进行计算密度；（3）指针指向分度盘的右侧，说明右侧的质量大，称量的物体的质量会偏小24.如图是关于分子动理论的三个实验：图A所示的实验现象说明_。图B所示的实验现象说明_。图C所示的实验现象说明_。【答案】(1).分子在不停的做无规则运动(2).分子间有引力(3).分子间有间隙【解析】（1）红墨水滴在清水中，整杯水变红，是因为分子在永不停息地
25、做无规则运动。（2）两铅块挤压后能吊住大钩码，不易分开，说明分子间存在着相互作用的引力。（3）一半酒精和一半水混合后总体积变小，是因为分子间有间隙，酒精分子和水分子彼此进入对方的间隙里，说明分子间存在空隙。五、计算题25.教室的饮水机的铭牌如表所示，同学们对饮水机的工作情况进行了观察与研究，发现当加热内胆里的水温达到90时，温控开关就会自动断开，停止加热；当水温降至60时，温控开关又会重新加热，每次加热是时间为t=4min则额定电压220V加热功率550W制热方式电加热（1）饮水机正常工作时的电流多大？（2）饮水机加热一次消耗的电能为多少？（3）饮水机设计加热内胆的好处是每次只加热少量的水，既
26、能使人们在较短的时间内喝上热水，又能避免一次加热过多的水而造成浪费，请你根据前面的数据，计算加热内胆的容积（假设消耗的电能完全转化为水的内能）【答案】（1）2.5A；（2）1.32×105J；（3）1.05L【解析】饮水机正常工作电流I=P/U=550W/220V=2.5A；饮水机加热一次消耗的电能W=Pt=550W×4×60s=1.32×105J；可知W=Q=cmt；m=W/ct=1.32×105J/4.2×103J/kg×30=1.05kg；内胆容积V=m/=1.05kg/1×103kg/m3=1.05L26.
27、某中学初2018级6班部分学生去游玩岳池翠湖，坐上游船后人和船的总质量为8000kg，游船与他们要去的农家乐的距离是3km，到达目的地游船共用了10min回答下面问题：（取g=10N/kg）（1）游船航行的平均速度是多少？（2）游船底部距水面的深度为1.2m，求该处受到水的压强（3）游船静止在水中时，浸入水中的体积是多大？【答案】（1）18km/h（2）1.2×104Pa（3）8m3【解析】【详解】（1）游船航行的平均速度；（2）该处受到水的压强p=gh=1×103kg/m3×10N/kg×1.2m=1.2×104Pa；（3）由于漂浮，F浮=G=mg=8000kg×10N/kg=80000N，浸入水中的体积。答：（1）游船航行的平均速度是18km/h；（2）该处受到水的压强是1.2×104Pa；（3）浸入水中的体积是8m3。14