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1、雅安市2020年初中毕业暨高中阶段教育学校招生考试物理试题本试卷分为第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，第I卷1至4页，第II卷4至8页。全卷满分90分；考试时间物理、化学共150分钟。注意事项1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号及座位号用0.5毫米的黑色墨迹签字笔填写在答题卡上，并检查条形码粘贴是否正确。2.选择题使用2B铅笔涂在答题卡对应题目标号位置上；非选择题用0.5毫米黑色墨迹签字笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并收回。第I卷（选择题 共36分）一、选择题 （每小题3分，共36分，下列
2、各题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1.生活中处处有物理知识，下列说法中正确的是（）A. 防疫中最普遍采用的方法是测人体体温，“体温枪”是利用紫外线测体温B. 雷电天气总是先看到闪电后听到雷声，是因为在空气中光速大于声速C. 体操运动员上器械前在手上涂防滑粉，是为了减小手与器械之间的摩擦力D. 在火车站，人必须站在站台安全线外的区域候车，是因为流体流速大的地方压强大【答案】B【解析】【分析】(1)红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；根据红外线可以进行遥控制成电视、空调遥控器、体温枪等；(2)光速远大于声速；(3)增大摩擦力的方法：在接触
3、面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；(4)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。【详解】A据红外线在生活中的应用可知，“体温枪”是利用来红外线测体温，故A错误；B夏天电闪雷鸣，总是先看到闪电后听到雷声，说明在空气中光速大于声速，故B正确；C体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这样做的目的是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；D人必须站在安全线以外等候火车，是因为流体流速大的位置，压强越小，故D错误。故选B。2.下列属于光的反射现象的是（ ）A. 路灯下人的影子B. 人站在岸边看到水里游动的鱼C. 晚
4、上可以看到前面正在行驶的自行车的红色尾灯D. 斜插入盛有水的玻璃杯中，看上去好像在水面处折断了的筷子【答案】C【解析】【分析】光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【详解】A影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区
5、域，就是影子，故A不符合题意；B从水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，故B不符合题意；C自行车上的红色尾灯能反射光，晚上能提醒汽车司机注意，故C符合题意；D从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D不符合题意。故选C。3.将盛水的烧瓶加热，水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，并迅速塞上瓶塞，再把烧瓶倒置后向瓶底浇上冷水，如图所示。关于烧瓶内的水，下列分析正确的是A. 一直沸腾，浇上冷水时，水面气压增大，水会停止沸腾B
6、. 先停止沸腾，浇上冷水时，水面气压增大，水会再次沸腾C. 因没有继续加热，浇上冷水时，水的内能减小，不会沸腾D. 先停止沸腾，浇上冷水时，水面气压减小，水会再次沸腾【答案】D【解析】【分析】液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸收热量。液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。【详解】盛有水的烧瓶放在火焰上加热，达到沸点，继续吸热，水沸腾，沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，瞬间水的温度还保持在沸点，但无法继续吸收热量，此时停止沸腾；当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来的，故选D。4.下列运动项目沙及的物理知识描述
7、正确的是（）A. 三级跳远快速助跑是为了利用惯性B. 引体向上人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力C. 做俯卧撑被手臂支撑的身体，相当于以脚尖为支点的费力杠杆D. 百米赛跑裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动员的快慢【答案】A【解析】【分析】(1)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；(2)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；(3)在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，根据动力臂和阻力臂的大小关系判断它是属于哪种类型的杠杆；(4)比较物体运动快慢的方法：通过相同的路程，比较时间的多少，用时越多，运动越慢；利用相同的时间，比较路程的长短，经过路程越
8、长，运动越快。【详解】A跳远运动员在起跳前要助跑是为了利用惯性，使起跳时的速度更大些，从而跳得更远，故A正确；B引体向上人对单杠的拉力与单杠对人的拉力作用在不同的物体上，是相互作用力，不是一对平衡力，故B错误；C做俯卧撑时，以脚为支点，阻力作用在人的重心，动力作用在人的肩膀处，动力臂大于阻力臂，所以人体相当于一个省力杠杆，故C错误；D百米赛跑裁判员是在路程相同的情况下，比较时间判断运动快慢，谁用时间少，谁跑得快，故D错误。故选A。5.如图所示，甲、乙、丙、丁是四幅实验图，下列说法正确的是（）A. 甲实验说明电能可以转化为动能B. 乙实验说明利用磁场可以产生电流C. 根据图丙的实验原理，制成了电
9、动机D. 丁实验说明同名 磁极相互吸引，异名磁极相互排斥【答案】A【解析】【分析】由实验的装置及实验现象可知实验的原理及意义。【详解】A导体棒与电源相连，当通以电流时由于受磁场力作用，导体棒会发生运动，故说明通电导体在磁场中受磁场力的作用，是电能转化为机械能，故A正确；B导线内通以电流后，放在其周围的小磁针会发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故B错误；C导线与灵敏电流计相连，闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，灵敏电流计发生偏转，说明了电磁感线现象，故C错误；D两磁铁悬挂起来，当同名磁极相对时，相互排斥；当异名磁极相对时，相互吸引，故D错误。故选A。6.如图所示，对于课本上的四个
10、实验，下列说法错误的是（ ）A. 用同一滑轮组将不同数目的钩码提升相同的高度，研究滑轮组的机械效率与物重的关系B. 将长度相同、粗细相同的镍铬、锰铜丝分别接人相同电路中，研究电阻大小与导体材料的关系C. 将底面积相同、质量不同的两个物体分别放在相同的海绵上，研究压力作用效果与受力面积大小的关系D. 用完全相同的酒精灯将质量相同的水和煤油加热相同时间，根据升高温度的情况比较不同物质吸热能力的强弱【答案】C【解析】【分析】要研究滑轮组的机械效率与物重的关系，应控制其他条件相同，而提升的物重不同；控制变量法：对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问
11、题。每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决。【详解】A由图可知，用同一滑轮组将不同数目的钩码提升相同的高度，其他条件相同，只有物重不同，则可以研究滑轮组的机械效率与物重的关系，故A正确，不符合题意；B将长度相同、粗细相同的镍铬、锰铜丝分别接入相同电路中，只改变了导体材料，其他条件相同，故可以研究电阻大小与导体材料的关系，故B正确，不符合题意；C将底面积相同、质量不同的两个物体分别放在相同的海绵上，研究压力作用效果与压力大小的关系，故C错误，符合题意；D用完全相同的酒精灯将质量相同的水和煤油加热相同时间，液体的质量
12、相同、相同时间内吸热相同，只有液体的种类不同，符合控制变量法的思想，根据升高温度的情况比较不同物质吸热能力的强弱，采用了转换法，故D正确，不符合题意。故选C。7.下列场景与所蕴含的物理知识对应完全正确的是（ ）A. 春季，小卉体育训练后满头大汗，回到教室不停扇风提高液体温度加快蒸发B. 夏季，小卉手拿着一瓶冰冻矿泉水，一段时间后冰减少， 手感到凉熔化吸热C. 秋季，小卉发现清晨操场边的双杠上铺满了一层箱霜是水蒸气凝固形成的D. 冬季，戴眼镜的小卉从教室外走进温暖的教室内，眼镜镜片模糊不清液化吸热【答案】B【解析】【分析】(1)根据影响蒸发快慢的因素答题，影响蒸发快慢的因素：液体的表面积大小；液
13、体的温度；液体上方空气流动速度；(2)物质由固态变成液态是熔化，熔化吸热；(3)由气态变为固态叫凝华；(4)由气态变为液态叫液化，液化放热。【详解】A春季，小卉体育训练后满头大汗，回到教室不停扇风提高液体上方空气流动加速度快蒸发，故A错误；B矿泉水瓶中的冰块熔化，熔化吸收热量，故B正确；C秋季，小卉发现操场上的双杠上铺满了一层霜霜是由水蒸气直接凝华形成的，故C错误；D冬季，戴眼镜的小卉从教室外走进教室内，镜片模糊不清，水蒸气遇冷液化成水液化放热，故D错误。故选B。8.如图所示的电路，闭合开关S、S1后，以下说法正确的是（ ）A. 灯L1、L2串联B. 电流表A1和A2示数相等C. 断开S1后，
14、电流表A1示数变小D. 断开S1后，电流表A2示数变小【答案】D【解析】【分析】电路元件的连接有串联和并联两种方式：由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响，据此判断两灯泡的连接方式，再根据电流表与被测电路元件串联判断测量的电路元件，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1断开时电流表A2的示数变化。【详解】A由图知，闭合开关S、S1后，A1、L1在同一支路上，L2 、S1在一个支路上，所以L1与L2并联，故A错误；BA1支路上测L1的电流， A2测干路电流，则电流表A1的示数小于A
15、2示数，故B错误；CD当开关S1断开时，L2所在支路断路，电流变为0，由并联电路的特点可知，L1所在支路的电流不受影响，即电流表A1示数不变，而干路电流变小，因此电流表A2的示数变小，故C错误、D正确。故选D。9.在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是A. 乙图中成的是倒立放大的实像，符合放大镜的成像原理B. 乙图中成的是倒立放大的实像，符合照相机的成像原理C. 乙图中如果在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像D. 在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛
16、与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理【答案】D【解析】【分析】凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离；当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，照相机这一光学器件正是应用了这点；当凹透镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像；物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像。【详解】AB由甲图可知该透镜焦距为40cm30cm=10cm，由图可知，物距大于像距，当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小倒立的实像，是照相机的成像原理，故AB错误；C凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要
17、得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像，故C正确。D根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故D错误。故选C。10.如图所示，当乒乓球从水里上浮到水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底的压强为pA，在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是（）A. FA=FB pA=pBB. FA<FB pA<pBC. FA>FB pA>pBD. FA>FB pA=pB【答案】C【解析】【分析】由图可知乒乓球在A、B位置时，排开水
18、的体积大小，然后根据阿基米德原理判断浮力大小；由于乒乓球从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则根据即可判断水对杯底压强大小关系。【详解】由图可知：乒乓球在A位置时是浸没V排A=V球在B位置时是漂浮V排B<V球则有V排A>V排B由可知FA>FB由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则有hA>hB根据可知pA>pB故选C。11.预计2020年通车的雨城区“大兴二桥”在施工时，要向江中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F
19、2随h的变化如图乙所示（g取10N/kg）。下列判断正确的是（）A. 构件的边长为4mB. 构件密度为3×103kg/m3C. 浮力F1随h变化的图线是图乙中的图线D. 当构件的下表面距江而4m深时，构件上表面受到江水的压强为4×104Pa【答案】B【解析】【分析】(1)当构件完全淹没时的高度则为构件的边长；(2)利用体积公式求出其体积，根据图中可知构件完全浸没时的拉力，此时构件受到的浮力、重力以及拉力的关系为F浮=G-F2 ，然后将密度和体积代入可得水gV排=gV-F2，将已知数据代入即可求出构件的密度。(3)先分析构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大
20、，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变；(4)利用p=水gh即可求出底部受到江水的压强。【详解】A从乙图中可以看出，当构件完全淹没时的高度为2m，则构件边长为2m，故A错误；B构件体积V=2m×2m×2m=8m3构件完全淹没时，V排=V=8m3，F2=1.6×105N，则有F浮=GF2水gV排=gVF2代入数值可得1×103kg/m3×10N/kg×8m3=×10N/kg×8m31.6×105N则=3×103kg/m3，故B正确；C由图可知，构件在浸入水中的过程是排开的水的体积变大
21、，所以浮力逐渐变大；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，因此浮力F1随h变化的图线是图乙中的，故C错误；D当h=3m时，构件底部受到江水的压强p=水gh=1×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa故D错误。故选B。12.在如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，滑动变阻器R2上标有“20 0.5A"，当滑片P由c点移到a端的过程中，电压表示数U随滑动变阻器R2接入电路的阻值变化情况如图乙所示，R1的最小功率是0.4 W。在保证电路元件安全的条件下，下列说法正确的是（）A. 电源电压为5 VB. R1的阻值为20C. R2接入电
22、路的最小阻值为2D. R2的最小功率是0.8 W【答案】C【解析】【分析】由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压；(1)根据P=I2R可知：电路中电流最小时R1的功率最小，所以当R1的功率最小时滑动变阻器连入电路的电阻最大，即在a点，由图乙可知，R2为20时，电压表的示数为2V，根据P=UI求出此时电路的电流，然后根据欧姆定律求出两端的电压，根据串联电路的电压特点即可求出电源电压；(2)根据欧姆定律求出R1的阻值；(3)由于滑动变阻器R2上标有“200.5A”，则电路中的最大电流为0.5A，根据欧姆定律求出电路中最小电阻，利用电阻的串联特点即可求出
23、R2接入电路的最小阻值；(4)根据电路中的电流变化范围，利用P=UI求出滑动变阻器的功率变化范围，据此得出R2的最小功率。【详解】由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压；A由于R1是定值电阻，根据P=I2R可知，电路中电流最小时R1的功率最小，当电流最小时滑动变阻器连入电路的电阻最大，则由图乙知，滑动变阻器连入电路的电阻为20，此时电压表的示数为2V，根据P=UI可得，此时电路的电流根据和串联电路的电压特点可得电源电压故A错误；B根据可得R1的阻值故B错误；C由于滑动变阻器R2上标有“200.5A”，则电路中的最大电流为0.5A，根据可得最小总电阻
24、则此时滑动变阻器的最小阻值为故C正确；D由前面解答可知，电路中电流的取值范围为0.2A0.5A，滑动变阻器消耗的功率所以当时，即I=0.3A时，R2的功率最大P最大=0.9W；根据前面推出的变阻器消耗功率与电流的二次函数表达式作出PI图像，如图所示：根据图像可知，当电流最大为0.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最小，滑动变阻器消耗的最小电功率故D错误。故选C。第II卷（非选择题 共54分）注意事项必须使用0.5毫米黑色墨迹签字笔在答题卡上题目所指示的答题区域内作答。作图题可先用铅笔绘出，确认后再用0.5毫米黑色墨迹签字笔描清楚。答在试题卷上无效。二、填空题（第13、14、15题每空2分，第16、
25、17题每空1分，共16分）13.图所示的电能表读数是_ kW·h，若单独使用某电热水器12 min，该电能表的转盘转1200 转，则此热水器的功率为_W。【答案】 (1). 165.3 (2). 2000【解析】【分析】电能表读数时注意最后一位是小数、单位kW·h；3000r/kW·h表示的是电路中每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转3000r，求出转盘转1200r电路中消耗的电能，再根据求出该电能表上用电器的功率。【详解】1电能表表盘上最后一位是小数、单位kWh，所以图示电能表读数为165.3kWh。2电路中消耗电能用电器的功率14.小红在实验室用酒
26、精灯把质量是0.1kg，初温是60的水加热到100，则水吸收的热量是_J；该过程中是利用了_方式使水的内能增加。c水=4.2×103J/（kg·）。【答案】 (1). 1.68×104 (2). 热传递【解析】【分析】已知水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=c水m水(t-t0)计算水吸收的热量；改变内能的方式有两种：做功和热传递。【详解】1水吸收的热量2酒精燃烧放出热量来给水加热，采用的是热传递的方法使水的内能增加。15.A物体受到甲、乙两弹簧测力计向相反方向的拉力，当A物体_时，它处于平衡状态，如图所示，此时弹簧测力计的示数为_N。【答案】 (1). 静止（
27、或匀速直线运动） (2). 1.8【解析】【分析】弹簧测力计使用时，总是处于静止状态或匀速直线运动状态，此时弹簧测力计处于平衡状态，受到的就是一对平衡力，平衡力的大小相等、方向相反；可以分别以其中一个弹簧测力计为研究对象进行受力分析，测力计的示数等于某一个力的大小；弹簧测力计显示的是弹簧挂钩上所受到的拉力的大小，吊环上的作用力起固定作用。【详解】1A物体受到甲、乙两弹簧测力计向相反方向的拉力，当A物体静止（或匀速直线运动）时，它处于平衡状态。2以左侧弹簧测力计为研究对象，测力计处于平衡状态，受到一对为1.8N的平衡力，弹簧测力计的示数等于1.8N；同理以右侧弹簧测力计为研究对象，测力计处于平衡
28、状态，受到一对为1.8N的平衡力，弹簧测力计的示数仍为1.8N。16.如图所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计，若杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为0.05m和0.2m，则被测物体的质量为_kg，若秤砣上粘有油污，则测量值比被测物体的真实质量要_（选填 “偏大”或“偏小”）【答案】 (1). 0.8 (2). 偏小【解析】【分析】知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；若秤砣上粘有油污时，左边的力和力臂不变，右边的力增大，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂减小，即：杆秤所示的质量值要小于被测物的真实质量值。【详解】1如图所示：因
29、为杠杆平衡，则有则有2若秤砣上粘有油污，m2增大，而G1lOA不变，所以lOB要变小，杆秤所示的质量值要偏小。17.如图所示，电源电压7V保持不变，灯L2的规格为“6V 3.6W" ，当开关S闭合，两灯发光，使用一段时间后L1突然熄灭，L2更亮，则故障是L1_，此时灯 L2的实际电功率为_W。（假设灯丝电阻不变）【答案】 (1). 短路 (2). 4.9【解析】【分析】电路故障包括短路和断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据可求得灯L2的电阻，再利用可求得灯L2的实际电功率。【详解】1由图可知，两灯泡串联，若两灯中只有一灯发光，则电路故障一定不是断路，
30、而是另一个灯泡短路，因为是L1突然熄灭，L2更亮，则故障是L1短路。2由可得，灯L2的电阻当L1短路时，此电路为L2的简单电路，灯L2的实际电功率三、作图题（第18题2分，第19题3分，共5分）18.请在图中，画出入射光线AO的反射光线并标出反射角的度数。【答案】正确作出反射光线1分，正确标出反射角1分【解析】【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。【详解】已知入射光线AO与镜面的夹角为30°，所以入射角为90°30°=60°过入射点画出法线，在法线右
31、侧画出反射光线，反射角等于入射角为60°，如图所示：19.请将图中的插座、电灯和开关接人家庭电路中（要求开关只控制电灯）。【答案】插座，灯泡，开关连接正确各1分【解析】【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【详解】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；既能控制灯泡，又能更安全；如图所示：四、实验与探究题（第20题6分，第21题7分，共13分）20.小
32、明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和H（H> h）静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。(1)小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是_（选填“控制变量法”或“转换法”）。若水平面绝对光滑，本实验将_（选填“能”或“不能”）达到探究目的。(2)由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与_有关。(3)小丽根据甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？_（选填“正确”或“错误”），理由是：_。(4)另同学用图所示的方法探究动能的大小与速
33、度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（h2>h1）由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是_（选填“正确的”或“错误的”）。【答案】 (1). 转换法 (2). 不能 (3). 速度 (4). 错误 (5). 没有控制速度一定 (6). 错误的【解析】【分析】(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；(2)(3)(4)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究
34、动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。【详解】(1)1实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；2若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。(2)3由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与速度有关。(3)45小丽的看法是错误的，因为要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，甲、丙两图中小球下落的高度不同，则到达水平面的速
35、度不同，故不能得出动能大小与质量的关系。(4)6图所示的方法中为控制水平面的粗糙程度相同，故结论是错误的。21.小明在“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率”的实验时，实验室提供了如下器材：电源（电压恒为8V），一个电流表，一个电压表，滑动变阻器“20 2A”，小灯泡（额定电压2.5V，额定功率小于1.2W），一个阻值已知的定值电阻R0，开关及导线若干。(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，完成实验电路图乙的连接（要求：滑动变阻器的滑片P向右滑动时灯变亮；连线不能交叉）（ ）(2)正确连接电路后，闭合开关进行实验，记录的数据如下表所示。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，
36、小灯泡的额定功率为_W。实验次数物理量12345电压/V1.01.52.02.530电流/A0.240.320.380.44电功率/W(3)分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而_（选填“增大”、“不变”或“减小”），小灯泡的实际功率由_（选填“额定功率”、“额定电压”或“实际电压”）决定。(4)完成实验后，利用上述器材，小明又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图所示的电路，所用电压表量程为“015V”，请将以下实验步骤补充完整。检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为_V ；滑动变阻器滑片不动，再将开关S1，拨至“
37、2”读出电压表示数为U0；小灯泡的额定功率P额=_（用U额、U0、R0表示）。若步骤中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】 (1). 如图，正确连线，滑动变阻器接线柱接正确1分 (2). 1.05 (3). 增大 (4). 实际电压 (5). 5.5 (6). (7). 偏小【解析】【分析】(1)根据图甲电路连接实物图，根据灯泡正常发光电流确定电流表量程；(2)由图丙读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算额定功率；(3)根据表中数据分析灯泡功率与电压的关系； (4)要测量小灯泡的额定功率，需
38、使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；滑片不动，再将开关S1拨至“2”，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额=U额I额求出小灯泡的额定功率；由串联电路特点和欧姆定律分析解答测量的中的差异。【详解】(1)1由电路图知，电流表、灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，由P=UI可得灯泡正常发光电流约为所以电流表选择00.6A量程，由此连接实物如图所示：(2)2当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，电流表使用00.6A量程，分度值0.02A，此时通过的电流为0.42A，所以灯泡的额定功率(3)34由表中数据知，小灯泡工作时，灯泡两端实际电压越大，通
39、过它的电流也越大，由P=UI知灯泡的实际功率越大，即灯泡消耗的电功率随电压的增大而增大。(4)用如图丁所示的电路测量小灯泡额定功率，所用电压表量程为015V，要测量该小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压2.5V，5闭合开关S，将开关S1拨至“1”，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的总电压，调节滑动变阻器的滑片，当灯泡正常发光时，电压表的示数UV=UU额=8V2.5V=5.5V6滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测R0两端的电压U0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流则小灯泡的额定功率7在实验步骤中，在将开关拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少
40、许，变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压变大，R0和灯泡分得的电压都会变小，由知，测出的小灯泡额定功率比真实值偏小。五、计算题（第22题6分，第23、24 题各7分，共20分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要演算步骤，有数值计算的答案须写出数值和单位，只写出最后答案的不得分。22.一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如图所示，在第10s时速度达到15m/s，通过的路程为80m。求(1)在010s内汽车的平均速度；(2)设汽车在匀速行驶过程中所受阻力不变，大小为f=4000N，则汽车匀速行驶时的功率；(3)在010s内汽车发动机产生的
41、牵引力所做的功。【答案】(1)8m/s；(2)；(3)【解析】【分析】(1)由题知，在010s内汽车通过的路程，利用速度公式求在010s内汽车的平均速度；(2)由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小等于阻力大小，利用P=Fv求汽车行驶时的功率；(3)由于汽车的功率不变，利用W=Pt求在010s内汽车发动机产生的牵引力所做的功。【详解】(1)由题知，在010s内汽车通过的路程s=80m，则在010s内汽车的平均速度(2)由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
42、大小相等，则牵引力F=f=4000N汽车行驶时的功率为(3)因为汽车的功率不变，所以在010s内汽车发动机产生的牵引力所做的功答：(1)在010s内汽车的平均速度为8m/s；(2)汽车行驶时的功率为；(3)在010s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是。23.在图所示的电路中，电源电压为12V且不变，电阻R1的阻值为10。闭合开关S，求电流表的示数I。(2)现有滑动变阻器R2，其规格为“20，1.5A”、“50， 1A"或“50， 1.5A" 中的一个。将R1与R2分别以串联和并联的连接方式接入M、N接线柱，闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片，观察不同连接方式中电流表的两次
43、示数分别是2.5A和0.2A。（a）请通过计算判断所用滑动变阻器R2的规格；（b）在电路元件安全工作的条件下，判断：哪种连接方式中滑动变阻器的最大电功率较大，求出该最大电功率P。【答案】(1)1.2A；(2)（a）50，1.5A；（b）并联 ，18W；【解析】【分析】(1)根据欧姆定律算出电流表的示数I；(2)（a）若变阻器R2与电阻R1并联在电路中，电路电流最大，根据表格数据和欧姆定律算出滑动变阻器的最大电流，大体判断出滑动变阻器的规格；若变阻器R2与电阻R1串联在电路中，电路的电流最小，根据 欧姆定律算出电阻R1和R2的总电阻，由串联电路电阻的规律算出滑动变阻器的最大电阻；从而确定出滑动变
44、阻器的规格；（b）因为P=U2I2，要变阻器的功率最大，即U2、I2均最大，所以变阻器R2与电阻R1并联在电路中，根据P=U2I2算出滑动变阻器的最大功率。【详解】(1)根据欧姆定律知，电流表的示数为(2)（a）当R1与R2串联时，I串=0.2A，则总电阻此时R2的电阻当R1与R2关联时，I并=2.5A，则有此时通过R2的电流I2=I并-I=1.3A由串联和并联时求出的R2和I2可知，所用R2的规格为“50， 1.5A”。（b）当R2与R1并联在电路中，且允许通过最大电流为1.5A时，R2的电功率最大，此时P=UI=12V×1.5A=18W答：(1)电流表的示数为1.2A；(2)（a
45、）所用滑动变阻器R2的规格50，1.5A；（b）并联时最大电功率18W。24.如图所示，水平桌面上放置底面积为100cm2、质量为500g的圆筒，筒内装有30cm深的某液体。弹簧测力计下悬挂底面积40cm2、高为10cm的圆柱体，从液面逐渐浸入直至完全浸没液体中，在圆柱体未进入液体中时，弹簧测力计示数为18N，圆柱体完全浸没液体中时，弹簧测力计示数为12N。（ 可以忽略圆筒的厚度，过程中液体没有从筒中溢出，g取10N/kg）。求：(1)圆柱体完全浸没时受到液体的浮力；(2)筒内液体密度；(3)当圆柱体完全浸没时，圆筒对桌面的压强。【答案】(1) 6N；(2)；(3)【解析】【详解】(1)由题可
46、知，物体重G=18N，完全浸没液体中时，圆柱体受到的拉力F拉=12N，则有F浮=G-F拉=18N-12N=6N(2)因为圆柱体浸没，则有由可得，液体的密度(3)液体的质量液体的重力筒的重力则总重力G总=G液+G桶 +G柱=45N+5N+18N=68N此时对桌面的压力F=G总-F拉=56N此时对桌面的压强答：(1)圆柱体完全浸没时受到液体的浮力6N；(2)筒内液体密度；(3)当圆柱体完全浸没时，圆筒对桌面的压强。【点睛】1.可以以圆筒，液体为整体受力分析求出压力和压强；2.也可以根据圆柱体浸没圆筒时的h液求出p液，再求出液体对圆筒底部的压力F液，再求出对桌面的压力F压进而求出压强。本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。