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1、2022年山东临沂中考物理试题及答案一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）1. 当2022虎年的钟声敲响时，天和核心舱的三位航天员在太空为全国人民送上新年祝福（如图）。他们美好的祝福声传到地球靠的是（）A. 超声波B. 次声波C. 电磁波D. 红外线【答案】C【解析】【详解】A超声波不能在真空中传播，故A不符合题意；B次声波不能在真空中传播，故B不符合题意；C电磁波可以在真空中传播，也可以用于通讯，他们美好的祝福声传到地球靠的是电磁波，故C符合题意；D大气对红外线辐射传输主要是的影响吸收和散射，红外线仅仅适合短距离的通讯，不适合远距离的，故太空和地球的
2、通讯只能是电磁波，故D不符合题意。故选C。2. 北京冬奥会闭幕式上，嘹亮的童声合唱我和你，让所有人回忆起2008年北京首次举办奥运会时的情景，关于童声合唱，下列判断错误的是（）A. 歌声是由声带振动产生B. 歌声的传播速度为3108m/sC. 扩音器增大了歌声的响度D. 歌声通过空气传到现场观众耳中【答案】B【解析】【详解】A一切发生的物体都在振动，歌声是由人的声带振动产生的，故A正确，不符合题意；B15时，声音在空气中传播的速度约为340 m/s，故B错误，符合题意；C扩音器的作用是增大声音的响度，因此通过扩音器我们听到的歌声响度变大；故C正确，不符合题意；D声音的传播需要介质，歌声通过空气
3、传到观众耳朵里，故D正确，不符合题意。3. 早在两千多年前，我国古代思想家墨子就在墨经中论述了小孔成像等光学现象，下列光现象与小孔成像原理相同的是（）A. 地面的人影B. 水中的倒影C. 空中的彩虹D. 放大的文字【答案】A【解析】【详解】A小孔成像是光的直线传播形成的。影子是光通过不透明物体时，在后面留下阴影形成的，光的直线传播现象，故A符合题意；B水中的倒影是平面镜成像现象，光的反射形成的，故B不符合题意；C空中的彩虹是光的色散现象，光的折射形成的，故C不符合题意；D放大的文字是通过放大镜看到的，是光的折射现象，故D不符合题意。故选A。4. 危险化学品安全管理条例要求，学校危化品储藏室的门
4、上要装两把锁，只有学校分管领导和管理员同时启用钥匙才能触发保险栓，从而打开储藏室的门。如果启用钥匙相当于闭合开关，下列简化电路，符合要求的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】A由A图知，开关S1和S2串联，只要有一个开关不闭合，电路是开路，若要打开储藏室的门需同时闭合开关S1和S2，即可触发保险栓，电动机工作，故A符合题意；B由B图知，开关S1和S2并联，只要有一个开关闭合即可触发保险栓，电动机工作，故B不符合题意；CD由C图和D图知，开关S1和S2并联，若两个开关闭合，则会出现电源短路，电动机不能工作，故CD不符合题意。故选A。5. 临沂市文化公园是我市一道亮丽的风景线。
5、1.5m深的荷花池内，一只立于荷尖上的蜻蜓距水面0.6m（如图），蜻蜓在水中的像（）A. 因光的折射而形成B. 是比蜻蜓略小的虚像C. 在水面下0.9m深处D. 与蜻蜓相距1.2m【答案】D【解析】【详解】A蜻蜓在水中的像是平面镜成像，是光的反射，故A不符合题意；B蜻蜓在水中的像是平面镜成像，成的是等大的虚像，故B不符合题意；C蜻蜓在水中的像是平面镜成像，像到平面镜的距离等于物体到水面的距离等于0.6m，故C不符合题意；D蜻蜓在水中的像与蜻蜓相距故D符合题意。故选D。6. 自2022年秋季开始，劳动课将成为中小学的一门独立课程。课程要求5-6年级的学生要学会做西红柿炒鸡蛋等家常菜。关于炒菜过程
6、中涉及到的物理知识，下列判断正确的是（）A. 切西红柿的锋利刀刃可以增大压力B. 用铁锅炒菜是因为铁的比热容大C. 天然气燃烧时将化学能转化为内能D. 炒菜过程中鸡蛋的内能保持不变【答案】C【解析】【详解】A刀刃非常锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故A错误；B用铁锅炒菜，是因为铁的导热能力强，故B错误；C天然气燃烧时，消耗化学能，得到内能，将化学能转化为内能，故C正确；D炒菜过程中，鸡蛋吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式增加了内能，故D错误。故选C。7. 我市今年投入运营的第二批“沂蒙红”新能源公交车的动力装置是电动机。下列选项，能说明其工作原理的是（）A. B. C.
7、 D. 【答案】B【解析】【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。A图中是奥斯特实验原理图，探究电流的磁效应现象，故A不符合题意；B图中是电动机的工作原理图，即通电导体在磁场中受力作用，故B符合题意；C图中使发电机的工作原理图，探究的是电磁感应现象，故C不符合题意；D图中是通电线圈切割磁感线产生感应电流的现象，是电磁感应现象，故D不符合题意。故选B。8. 下列估测，最接近实际的是（）A. 一层教学楼的高度约5.5mB. 成人正常步行1km用时约15minC. 一个鸡蛋的质量约500mgD. 人感觉舒适的室温约36.5【答案】B【解析】【详解】A一层教学楼的高度约3m，故A不符合题
8、意；B成人正常步行速度约1.1m/s，正常步行1km用时故B符合题意；C一个鸡蛋的质量约50g，故C不符合题意；D人感觉舒适的室温约25oC，故D不符合题意。故选B。9. 北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是（）A. 雨水，冰雪消融B. 立夏，雾绕山峦C. 霜降，霜满枝头D. 大寒，滴水成冰【答案】C【解析】【详解】A冰雪消融，水从固态变为液态，属于熔化，故A不符合题意；B雾是小液滴，气态水蒸气变为液态的雾，属于液化，故B不符合题意；C霜的形成，是由气态的水蒸气变为固态冰晶，属于凝华，故C符合题意；D滴水成
9、冰，由液态变为固态，属于凝固，故D不符合题意。故选C。10. 2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯（如图）。在比赛过程中（）A. 静止在水平草地上的足球只受重力B. 将足球踢飞说明力可以改变物体的形状C. 在空中运动到最高点的足球受力不平衡D. 草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下【答案】C【解析】【详解】A静止在水平草地上的足球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的作用，这两个力是一对平衡力，故A不符合题意；B脚对足球用力，足球被踢飞，是力改变了足球的运动状态，故B不符合题意；C在空中运动到最高点的足球有水平方向的速度，不是处于静止或匀速运动状态，所受的
10、力不是平衡力，故C符合题意；D草地上滚动足球逐渐停下，是因为受到阻力的作用，阻力改变了足球的运动状态，所以最后停下，故D不符合题意。故选C。11. 2022年5月20日，我市文化体育新地标一临沂奥体中心体育场钢结构主体顺利完成合拢。履带式起重机是该项工程的重要施工机械，施工现场的履带式起重机（）A. 水平移动时其重力不做功B. 吊臂前端的定滑轮能省力C. 粗糙的履带可以减小摩擦D. 宽大的履带可以增大压强【答案】A【解析】【详解】A水平移动时其重力方向与移动方向垂直，重力不做功，故A符合题意； B吊臂前端的定滑轮是等臂杠杆，不能省力，故B不符合题意；C粗糙的履带，增大接触面的粗糙程度，可以增大
11、摩擦，故C不符合题意； D宽大的履带，增大了接触面积，可以减小压强，故D不符合题意。故选A。12. 东京奥运会上，14岁的全红婵获得女子10米跳台跳水冠军。如图所示，正在比赛中的全红婵（）A. 起跳过程中运动状态保持不变B. 上升过程中重力势能转化为动能C. 下落过程中动能保持不变D. 入水过程中所受水的浮力逐渐增大【答案】D【解析】【详解】A起跳过程中，是跳台的弹性势能转化为全红婵的动能，动能变大，速度变大，运动状态发生改变，故A不符合题意；B上升过程中，全红婵的质量不变，速度变小，高度变大，动能减少，重力势能增大，是动能转化为重力势能，故B不符合题意；C下落过程中，质量不变，速度变大，动能
12、增大，故C不符合题意；D入水过程中，排开水的体积变大，据阿基米德原理知，受到的浮力变大，故D符合题意。故选D。13. 2022年5月21日凌晨，我国自主研制的“极目一号”型浮空艇（如图）以30m/min的平均速度顺利升至9050m高空，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录.正在升空的浮空艇（）A. 平均速度为5m/sB. 所受大气压强逐渐减小C. 所受空气浮力逐渐增大D. 所受空气浮力小于重力【答案】B【解析】【详解】A浮空艇平均速度为故A不符合题意；B越高处，大气越稀薄，气压越低，所受大气压强逐渐减小，故B符合题意；C越高处，大气越稀薄，大气密度越小。浸没在大气中的浮空艇，排开空气的体积不变，
13、根据得，随高度增加所受空气浮力逐渐减小，故C不符合题意；D由题意知，浮空艇在竖直方向上只受浮力和重力。由物体的浮沉条件得，所受空气浮力大于重力，故D不符合题意。故选B。14. 我国自主研制的亚洲第一深水导管架“海基一号”质量为3万吨，于2022年3月15日被顺利装上驳船运往珠江口盆地海域。驳船因载有“海基一号”而多排开海水的质量（）A. 等于3万吨B. 大于3万吨C. 小于3万吨D. 都有可能【答案】A【解析】【详解】驳船在海上运行的过程中漂浮在水面上，受到海水的浮力等于自身的重力，根据阿基米得原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力等于排开水的重力，可以得到F浮=G船=G排水=m排水g驳船因载有
14、“海基一号”而多排开海水的重力等于海基一号的重力，即多排开海水的质量3万吨，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。15. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，两电表都有示数，下列判断正确的是（）A. 电流表A1只测量灯L2的电流B. 电流表A2的示数比A1的大C 灯L1被短路时，L2正常发光D. 仅断开S1只有一个表有示数【答案】D【解析】【详解】A闭合开关S1、S2，电流表A1在干路上，测量干路电流，故A错误；B闭合开关S1、S2，两个灯泡并联，电流表A1在干路上，电流表A2在支路上，故电流表A2的示数比A1的小，故B错误；C若灯L1被短路时，则灯泡L2也被短路，
15、故C错误；D仅断开S1，只有灯泡L2接入电路，电流表A2没有接入电路，故没有示数，只有电流表A1接入电路，故只有电流表A1有示数，故D正确。故选D。16. 如图所示电路，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动一小段距离的过程中（）A. 电流表示数变小B. 电压表示数变小C. 灯泡的功率变大D. 电路总功率变大【答案】D【解析】【详解】AD由图可知灯与滑动变阻器并联，电流表测干路上的总电流，根据并联电路中电流的规律可知，当滑动变阻器的滑片从最右端向左移动时，电阻减小，这一条支路上的电流增大，所以干路上电流表的示数增大，根据电功率公式P=UI可知，电路的总功率增大。故D符合题意，A不符合题
16、意；B由图可知电压表测电源两端的电压，电源电压保持不变，所以电压表示数不变，故B不符合题意；C根据并联电路的特点各支路独立工作互不影响可知，灯泡的电功率不变，故C不符合题意。故选A。17. 一个标有“220V 1100W”的电热器，当通过它的电流为4A时，它的实际功率为（）A. 176WB. 704WC. 880WD. 1100W【答案】B【解析】【详解】一个标有“220V 1100W”的电热器，则该电热器的电阻为当通过它的电流为4A时，它的实际功率为故B符合题意。故选B。18. 北京路沂河大桥改造工程是我市今年重大工程之一，截至2月27日，质量为2.5万吨的南幅老桥桥面由560个液压千斤顶顶
17、升到位（如图）。桥面被以5mm/min的速度共顶升3.1m，g取10N/kg，下列判断正确的是（）A. 南幅老桥桥面重2.5105NB. 1h内桥面可被连续顶升3mC. 千斤顶共对桥面做功7.75108JD. 千斤顶应用了流体压强特点【答案】C【解析】【详解】A南幅老桥桥面重为故A错误；B由得，1h内桥面可被连续顶升 故B错误；C千斤顶共对桥面做功故C正确； D千斤顶应用了帕斯卡原理，即密闭液体能大小不变地传递压强的原理，故D错误。故选C。19. 线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示
18、，则（）A. 甲杯中溢出水的体积小B. 乙杯中小球所受浮力大C. 甲杯底部受到水的压强小D. 两杯对桌面的压强一样大【答案】D【解析】【详解】AB依题意得，两个小球的质量相等，由得，重力相等。由图得，甲杯中球处于漂浮状态，受到的浮力等于重力；乙杯中球处于悬浮状态，受到的浮力等于重力，因此两球受到的浮力大小相等；由阿基米德原理得，两球排开水的重力相同，由得，两球排开的水的质量相同，由得，两球排开的水的体积相同，故AB不符合题意；C两杯水的深度相同，由得，甲乙杯底受到的水的压强相等，故C不符合题意；D依题意得，未放入球时，两杯水的重力相等，球放入后，两杯水被排出的水的重力相等，所以剩余水的重力相等
19、，两球的重力相等，所以甲中剩余水与球的总重力等于乙中剩余水与球的总重力，塑料杯放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于瓶子和瓶内物理体的总重力，所以两杯对桌面的压力相等，两杯与水平桌面的接触面积相等，由得，两杯对桌面的压强一样大，故D符合题意。故选D。20. 图甲所示电路，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动到某一位置的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。下列判断正确的是（）A. 小灯泡的额定功率为0.625WB. 电路的最大总功率为1.2WC. 小灯泡的灯丝阻值越来越小D. R的阻值变化范围为208【答案】A【解析】【详解】由电路图知，小
20、灯泡与滑动变阻器串联在电路中，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。A由图乙知，电压表示数为2.5V时，电路中的电流为0.25A，此时小灯泡正常工作，其额定功率P额=U额I额=2.5V0.25A=0.625W故A正确；B小灯泡正常工作时，电路中的电流最大，电路的总功率最大为P总=UI额=4.5V0.25A=1.125W故B错误；C由图甲知，滑片向左滑动过程中，变阻器接入电路的阻值变小，电路中的总电阻变小，电路的电流变大，由图乙知，随着电压增大，电流也增大，而电压的增加量比电流的大，据欧姆定律知，随着电压增大，小灯泡的灯丝电阻变大，故C错误；D由图乙知，变阻器接入电路的阻值最大时，电路
21、中的电流最小为0.05A，此时电压表示数为0.5V，即小灯泡两端的电压为0.5V。变阻器两端的电压U滑1=U-U1=4.5V-0.5V=4V滑动变阻器的最大阻值电路中的电流最大时，变阻器两端的电压U滑2=U-U额=4.5V-2.5V=2V变阻器接入电路的阻值最小为所以变阻器接入电路的阻值为808，故D错误。故选A。二、填空题（每空1分，共18分）21. 2022年4月16日9时56分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功，中国航天又站在了一个新的起点上。（1）2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号的运载火箭顺利发射升空。火箭发射前，发射台下
22、的水池内需注入大量的水。点火升空时，发射台周围出现大量的“白雾”（如图），这是水蒸气_（填物态变化名称）的结果；火箭加速升空的过程中，飞船的机械能_。6时56分，飞船与天和核心舱完成交会对接，对接后，相对于天和核心舱，飞船是_的；（2）2021年11月7日，航天员翟志刚和王亚平身着“飞天”舱外航天服成功出舱，并完成在机械臂上安装脚限位器和舱外工作台等工作。航天服上的国旗呈现红色，说明她可以_红光；机械臂工作时类似于人的手臂，属于_杠杆；（3）2021年12月9日，“天宫课堂”第一课开讲。如图所示，王亚平老师演示了水中的乒兵球不受浮力的实验。由此可判断，核心舱内_（选填“能”或“不能”）用U形管
23、压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于_继续运动而碰到舱壁；（4）2022年3月23日，“天宫课堂”再度开课。如图甲所示，两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明分子间存在_力。如图乙所示，太空抛物实验中，奥运顶流“冰墩墩”被王亚平抛出后，假如它不受任何外力，将_；（5）飞船返回舱返回地球时，进入大气层后，与大气剧烈摩擦，舱体外壁的温度达2000oC以上，这是通过_的方式改变了返回舱的内能。舱体外壁涂的防热材料在高温下熔化、汽化，_热量，加之隔热层的保护，从而使舱内温度可保持在30o
24、C左右。【答案】 . 液化 . 增大 . 静止 . 反射 . 省力 . 不能 . 惯性 . 引力 . 做匀速直线运动 . 做功 . 吸收【解析】【详解】（1）1 “白雾”是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠。 2动能和势能统称为机械能，火箭加速升空，动能增大，重力势能也增大，所以机械能也增大。 3 飞船与天和核心舱对接后，成为了一个整体，所以相对于天和核心舱，飞船是静止的。（2）4能看到衣服上的国旗呈红色，说明红光反射到了我们人的眼睛里。 5动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。（3）6浮力产生的原因是由于浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到
25、向上和向下的压力差的作用。因为乒兵球在太空中的液体中不受浮力，所以乒兵球在液体中没有受到液体的压强，因此核心舱内不能用U形管压强计研究液体的压强。 7一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫惯性。（4）8两滴液体自动融合在一起说明分子间存在引力。 9一切不受力的物体总将保持静止或匀速直线运动状态，由于物体不受力之前是运动的，所以不受力之后，物体将沿着原来的运动方向做匀速直线运动。（5）10飞船与大气剧烈摩擦，使舱体外壁的温度升高，内能增大，这是通过做功的方式来改变舱体外壁的内能。 11舱体外壁的特殊材料在熔化和汽化时可以吸收大量的热量，从而达到保护飞船的目的，这是利用了熔化和汽化要
26、吸热的原理。22. 二极管具有单向导电性，硅二极管正向导通时，其两端电压为0.7V。如图所示，将一个硅二极管和阻值为23的定值电阻串联，闭合开关，二极管导通，电流表的示数为0.1A。则定值电阻两端的电压为_V，电功率为_W；电源电压为_V。【答案】 . 2.3 . 0.23 . 3【解析】【详解】1一个硅二极管和阻值为23的定值电阻串联，电流处处相等，定值电阻两端的电压为2定值电阻的电功率为3电源电压为23. 小明家新购买了一台“220V 6600W”的即热式热水器。（1）在其他条件相同时，导线的横截面积越大，电阻越_，允许通过的最大电流越大，所以安装师傅选用较粗的铜芯导线。同时，为确保用电安
27、全，热水器的金属外壳要_；（2）小明洗头时，该热水器共正常工作5min，消耗的电能为_J；吹干头发后，用塑料梳子梳头，头发越梳越蓬松，这是头发与梳子摩擦后带同种电荷而相互_的结果。【答案】 . 小 . 接地线 . . 排斥【解析】【详解】（1）1根据得，在其他条件相同时，导线的横截面积越大，电阻越小，允许通过的最大电流越大，所以安装师傅选用较粗的铜芯导线。2为确保用电安全，国家规定带有金属外壳的家用电器，其金属外壳必须接地，故热水器的金属外壳要接地线。（2）3小明洗头时，该热水器共正常工作5min，消耗的电能为4同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用塑料梳子梳头，头发越梳越蓬松，这是头发与梳子
28、摩擦后带同种电荷而相互排斥的结果。三、作图与实验题（第24题2分，第25题4分，第26题6分，第27题5分，第28题7分，共24分）24. 按要求作图。如图所示，一个小球在竖直挡板的作用下静止在斜面上，请作出小球所受重力的示意图（O为小球的重心）。【答案】【解析】【详解】小球的重心为O点，重力的方向始终竖直向下，重力用符号G表示，如图所示： 25. 按要求作图。如图所示，请作出反射光线对应的入射光线。【答案】【解析】【详解】先过入射点作出法线，反射光线与法线的夹角为反射角，根据反射角等于入射角作出入射光线，如图所示：26. 用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像规律时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次
29、放在光具座上，并将凸透镜固定在50cm刻度线处。（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在_；（2）当蜡烛和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。应用了此成像特点的是_（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）；（3）将蜡烛移至20cm刻度线处，应将光屏移至_cm刻度线处，可再次承接到烛焰清晰的像；（4）将蜡烛移至45m刻度线处，无论怎样移动光屏，始终承接不到烛焰清晰的像。此时应在凸透镜_（选填“左侧”或“右侧”）透过凸透镜观察像的特点。【答案】 . 同一高度 . 投影仪 . 65.0 . 右侧【解析】【详解】（1）1为了使像成在光屏的中
30、心，点燃蜡烛，应使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在同一高度。（2）2由图得，此时像距大于物距，凸透镜成的像是放大倒立的实像，投影仪利用该原理工作。（3）3由图得，当物距像距将蜡烛移至20cm刻度线处，物距变为由光路可逆得，此时像距应为15.0cm，即应将光屏移到65.0cm位置可再次承接到烛焰清晰的像。（4）4虚像不能在光屏上呈现，将蜡烛移至45m刻度线处，无论怎样移动光屏，始终承接不到烛焰清晰的像，说明此时凸透镜成得像是虚像，虚像在折射光线的反向延长线的交点上，此时应在凸透镜右侧透过凸透镜观察像的特点。27. 临沂是农业大市，被誉为“山东南菜园”。为提高蔬菜的品质及产量，可向蔬菜喷
31、洒密度在1.031.05g/cm3之间的叶面喷施肥。小明用固体颗粒肥料和水配制了叶面喷施肥，为了确定配制的喷施肥是否符合要求，他进行了如下实验。（1）将天平放在水平台上，需先_，再调节平衡螺母使天平平衡；（2）将适量叶面喷施肥倒入烧杯，用天平测量烧杯和喷施肥的总质量，当天平平衡时，所用砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和喷施肥的总质量为_g；（3）将烧杯中的喷施肥全部倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中喷施肥的体积为_cm3；（4）将倒空后的烧杯放在天平左盘，向右盘加减砝码，当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针如图丙所示，此时应_，使天平平衡，天平平衡时，测出倒空后的烧杯的质量为37g；（5
32、）小明所配制的喷施肥的密度为_g/cm3；（6）评估小明的实验方案可知，他测量出的喷施肥的密度是_（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的。【答案】 . 将游码归零 . 78.6 . 40 . 移动游码 . 1.04 . 准确【解析】【详解】（1）1天平使用前，应先将游码移到零刻度线上，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡。（2）2由图甲得，标尺的分度值为0.2g，读数为3.6g，烧杯和喷施肥的总质量为（3）3由图乙得，量筒的分度值为1mL，示数为40mL，即量筒中喷施肥的体积为（4）4由图丙得，将倒空后的烧杯放在天平左盘，向右盘加减砝码，当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针向左偏转，说明砝码
33、的质量小于空烧杯的质量，故应移动游码使天平平衡。（5）5依题意得，量筒中喷施肥的质量为小明所配制的喷施肥的密度为（6）6依题意得，喷施肥的密度在1.031.05g/cm3之间，他测量出的喷施肥的密度为1.04 g/cm3，故他测量出的喷施肥的密度是准确的。28. 用图甲所示装置探究水的沸腾特点。（1）组装实验装置时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整_（选填“烧杯”或“温度计”）的位置；（2）实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为_oC；（3）观察到水沸腾后的实验现象：温度计的示数保持不变；水中产生大量气泡，气泡不断上升且_（选填“变大”或“变小”），到达水面破裂；（4
34、）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是_（选填“正确”或“错误”）的；（5）由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象，请给实验提一条合理化建议：_。【答案】 . 烧杯 . 94 . 变大 . 错误 . 适当减少水的质量【解析】【详解】（1）1因用要酒精灯的外火焰热，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整烧杯的位置。（2）2由图乙知，温度计细玻璃管中的液面在零刻度线之上，温度是零上，温度计的分度值为1，示数为94。（3）3水在沸腾时，气泡不断上升变大，因为水沸腾时，整个杯水的温度相同，水泡上升时，所处的浓度变浅，气泡外的压强变小，气
35、泡内的气压大于气泡外的压强，于是体积变大，到水面破裂开来。（4）4撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会，是因为石棉网等仪器上的温度还较高，水还能继续吸收热量，能继续沸腾，所以水沸腾时不需要吸热是错误的。（5）5由图丙所示，加热水至沸腾用时较长，不适合在课堂操作，为了缩短加热至沸腾的时间，可适当减小水的质量。29. 用5、10、20的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。（1）请用笔画线代替导线将图甲所示电路连接完整（滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大）_；（2）先将5的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻_路；（3）排除故障后进行实验
36、，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为_V；（4）断开开关，将5的定值电阻换成10的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向_（选填“左”或“右”）端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察_表的示数；（5）根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图象如图丙所示，由图象可知，电压一定时，电流与电阻成_比；（6）分析实验数据可知，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于_。【答案】 . . 短 . 2 . 左 . 电压 . 反 . 40【解析】【详解】（1）1在探究电流与电阻的关系时，滑动变阻器与定值电阻应串联连接，电压表测定值电阻两端的电压。滑片向
37、右移动时，电流表示数变大，电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的电阻变小，变阻器接入电路的阻值变小。所以变阻器下端的接线柱接在右侧。作图如下：（2）2将5的定值电阻接入电路，闭合开关，电流表有示数，说明电路无断路，电压表无示数，则可能是定值电阻短路了，电压表相当于接在一根导线两端，所以无示数。（3）3由实物图知，电流表选用小量程，对应的分度值为0.02A。由图乙知，电流表示数为0.4A。此时定值电阻的阻值为5，所以定值电阻两端的电压U1=I1R1=0.4A5=2V而实验过程中，定值电阻两端的电压要保持不变，所以控制的电压为2V。（4）4将10电阻替代5电阻，据串联电路的分压特点知，变阻器的滑
38、片不动时，定值电阻两端的电压变大，为了让定值电阻两端的电压保持不变，应将滑片向左移动，接入电路的阻值变大，分去的电压变大。5在移动变阻器滑片的过程中，眼睛应观察电压表的示数，直到示数为2V，即停止移动滑片。（5）6由图丙知，通过定值电阻的电流与其电阻倒数的图像是一条过原点的倾斜直线，说明电流与电阻的倒数成正比，所以在电压一定时，电流与电阻成反比。（6）7当定值电阻接入电路的阻值最大为20时，变阻器接入电路的阻值也需要最大，才能让定值电阻两端的电压保持不变。整个过程中，滑动变阻器两端的电压U滑=U-U1=6V-2V=4V据串联电阻的分压特点有4V:2V=Rmax:20解得，变阻器接入电路的最大阻
39、值Rmax=40所以滑动变阻器的最大阻值应不小于40。四、计算题（第29题8分，第30题10分，共18分）30. 某品牌浴室多功能取暖器具有灯暖和风暖两种功能，其简化电路如图所示，部分参数如表所示当取暖器正常工作时，求：（1）灯暖灯丝的电阻；（2）灯暖功能10min消耗的电能；（3）仅使用风暖功能时电路中的电流。额定电压220V灯暖额定电流2.5A风暖吹风机额定电流0.15加热电阻22【答案】（1）88；（2）3.3105J；（3）10.15A【解析】【详解】解：（1）由参数表知，灯暖灯丝的电阻（2）灯暖功能10min消耗的电能W=UI暖t=220V2.5A1060s=3.3105J（3）由电
40、路图知，风暖开关闭合时，启动风暖功能，吹风机和加热电阻并联连接。仅使用风暖功能时，通过加热电阻的电流电路中的总电流I风暖=I1+I2=10A+0.15A=10.15A答：（1）灯暖灯丝的电阻为88；（2）灯暖功能10min消耗的电能为3.3105J；（3）仅使用风暖功能时电路中的电流为10.15A。31. 为保障今年夏粮丰收增产，我市部分县区利用植保无人机对小麦开展“一喷三防”喷洒作业。如图所示。某品牌植保无人机，加满农药和汽油后总质量为20kg，底部支架与水平地面的接触面积为50cm2。在某次喷洒作业中，该无人机以5m/s的水平速度匀速喷洒3min，消耗汽油100mL。已知汽油的密度为0.71103kg/m3，其热值为4.6107J/kg，g取10N/kg，求无人机：（1）起飞前对水平地面的压强；（2）3min内飞行的水平路程；（3）3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量。【答案】（1）；（2）900m；（3）【解析】【详解】解：（1）起飞前对水平地面的压力起飞前对水平地面的压强（2）3min内飞行的水平路程（3）3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量答：（1）起飞前对水平地面的压强为；（2）3min内飞行的水平路程为900m；（3）3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量为。