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1、高中物理高考备考一轮总复习利用伏安法与半偏法测量电阻实验专题复习卷一、单选题（共7题）1如图所示是半偏法测电流表内阻的电路图，测量的过程包含以下几个主要的步骤：闭合k1，调节R1的阻值，使电流表满偏；闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表半偏；此时R2的读数即为电流表内阻测量值；将R1的阻值调到最大；以上步骤，合理的顺序是（ ）ABCD2如图所示，进行“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，在甲、乙两电路中，最好选用乙电路进行实验，理由是A能够使小灯泡两端的电压从零开始增大B能够控制电路的电流和电压C能够使通过小灯泡的电流更大D能够使小灯泡两端的电压更高3在测定小灯泡灯丝的IU特性曲线实
2、验中，下列哪个图象与实际相符合？（ ）A B C D4现有一只灯泡，额定电压标识12V清晰，额定功率标识字迹不清，某同学为了确定该灯泡的额定功率，设计了四个方案，哪个方案最准确（）A把该灯泡直接与标有额定功率的灯泡（额定电压12 V）进行外观上和灯丝粗细程度的比较，得出该灯泡的额定功率B把该灯泡接在12 V的直流电源上使其发光，再与有标记的灯泡进行亮度比较，得出该灯泡的额定功率C把该灯泡接在12 V的直流电源上使其发光，通过串联的电流表读出电流值，并联的电压表读出电压值，再由公式PUI求出额定功率D用该灯泡、电流表、电压表、干电池等器材，用伏安法测出该灯泡的阻值，再用公式得出该灯泡的额定功率5
3、关于图中的四个图线，下列说法中正确的是（ ）A其中电源的外特性曲线（U-I图）是图（a）B其中电源的输出功率与负载电阻的关系曲线（P-R图）是图（b）C其中电源的效率与负载电阻的关系曲线（图）是图（c）D其中电阻的伏安特性曲线（I-U图）是图（d）6某组同学在实验室利用如图所示的电路图连接好电路，并用于测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1测量数据，另一同学记录了电流表A和电压表V2的测量数据根据所得数据描绘了如图所示的两条U-I直线则有（ ）A图象中的图线乙是电压表V1的测量值所对应的图线B由图象可以得出电源电
4、动势和内阻分别是E=1.50V，r=1.0C当该电源只给定值电阻R0供电时R0消耗的功率为0.55WD图象中两直线的交点表示在本电路中该电源的效率达到最大值7“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，选用的电路图应是（）A BC D二、多选题（共5题）8在如图甲所示的电路中，电源的电动势为3.0 V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关闭合后，下列说法中正确的是（）AL1中的电流为L2中的电流的2倍BL1的电阻为12 CL1消耗的电功率为0.75 WDL2消耗的电功率为0.375 W9如图所示是测绘小灯泡伏安特性曲线的实验电路图，关于该实验的操
5、作和实验现象，下列说法正确的是（）A在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑动触头应滑到最左端B本实验要求电流、电压均从零开始到额定电流、额定电压之间测量多组数据C当滑动变阻器的滑动触头从左端向右逐渐滑动过程中，电压表示数逐渐变大，电流表示数逐渐减小D当滑动变阻器的滑动触头从左端向右逐渐滑动过程中，电压表示数逐渐变大，电流表示数逐渐变大10一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V。在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示。在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）ABCD11某同学欲采用如图所示的电路完成相关实验图中电流表的量程为0.6A，内阻约；电压表的量程为
6、3V，内阻约；G为小量程电流表；电源电动势约为3V，内阻较小下列电路中正确的是ABCD12灯泡L1、L2的伏安特性曲线分别如图甲中的A、B图线所示，把灯泡L1、L2与理想电压表和理想电流表连接成如图乙所示电路，其中一个灯泡恰好正常发光，已知两灯泡的额定电压均为9V，电源电动势为12.5V。则下列分析正确的是（）A电源内阻为2B电流表的示数为1AC电压表的示数为9VD此时灯泡L1的功率为1.5W三、解答题（共4题）13该小组成员用下列部分仪器对上题中电阻Rx进一步测量，可供使用的器材如下：电流表A1，量程0.1A，内阻很小，可忽略，电流表A2，量程3mA，内阻很小，可忽略，定值电阻R0=1 k滑
7、动变阻器R1，最大电阻为10，额定电流1A，滑动变阻器R2，最大电阻为500，额定电流0.2A，电源电动势E=3V，内阻很小，电键S、导线若干要求实验中电表示数从零调起，可获得多组测量数据，测量结果尽量准确，实验操作方便由实验要求应选择的滑动变阻器为_在虚线框内画出测量电路的原理图若I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，被测电阻Rx的表达式Rx=_14在如图（甲）所示的电路中，电阻R1和R2 都是纯电阻，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Oa、Ob所示。电源的电动势E=7.0V，内阻忽略不计。(1)调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，求此时电阻R1和R2的阻值为
8、多大？R3接入电路的阻值为多大？(2)调节滑动变阻器R3，使R3=0，这时电阻R1和R2消耗的电功率各是多少？15已知某定值电阻的额定电流为，其标称的电阻值是。为测量该定值电阻在额定电流下电阻的实际值，某同学用电流表、电压表、滑动变阻器、直流电源等器材组成实验电路（如图）。不考虑电表内阻对电路的影响，图中哪些器材的连接有错误？请说出错在哪里，并用彩色笔把它纠正。16温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的在图甲中，电源的电动势E9.0 V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻RG保持不变；R为热敏电阻，其电阻值
9、与温度的变化关系如图乙的Rt图线所示闭合开关S.甲乙(1)当R的温度等于40 时，电流表示数I12.25 mA，求电流表内阻RG；(2)当电流表的示数I24.5 mA时，求热敏电阻R的温度T.参考答案1B【详解】半偏法测量电流表内阻时，为了保护电流表，应首先把干路中的变阻箱R1调到最大，然后闭合k1接通电路，并调节R1使电流表达到满偏电流Ig，再闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表示数半偏，由于变阻箱R2和电流表并联其电压相等，电流均为故电流表的内阻值等于此时的R2；故合理的顺序为，故选B。2A【解析】【详解】滑动变阻器在电路中的接法有分压式和限流式，“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实
10、验中，为了减小误差需要小灯泡电压或电流从零调节，所以滑动变阻器的接法采用分压式，所以选用乙电路进行实验，理由是能够使小灯泡两端的电压从零开始增大，故A正确，BCD错误。3C【解析】在I-U图象中，图线的斜率大小表示电阻的倒数，因为灯丝的电阻率随着温度的升高而增大，根据： 可知，灯丝的电阻随着温度的升高而增大，因此I-U特性曲线是过原点且倾斜逐渐减小的曲线，故C正确，ABD错误。4C【详解】A 把该灯泡直接与标有额定功率的灯泡（额定电压12V）进行外观上和灯丝粗细程度的比较，肉眼很难精确的判断电功率的大小，故A错误；B把该灯泡接在12V的直流电源上使其发光，再与有标记的灯泡进行亮度比较，还是通过
11、肉眼进行判断，不够精确，故B错误；C把该灯泡接在12V的直流电源上使其发光，通过串联的电流表读出电流值，并联的电压表读出电压值，再由公式P=UI求出额定功率，较为精确，故C正确；D把该灯泡、电流表、电压表、干电池等器材，用伏安法测出该灯泡的阻值，再用公式，得出该灯泡的额定功率，由于不同电压下电阻不同，故不够精确，故D错误。故选C。5C【详解】A根据闭合电路欧姆定律可得：电源的外特性曲线（图）是图（），故A错误；B电源的输出功率为：电源的输出功率与负载电阻的关系曲线（图）是图（），故B错误；C电源的效率为：电源的效率与负载电阻的关系曲线（图）是图（），故C正确；D根据欧姆定律可得：电阻的伏安特性
12、曲线（图）是图（），故D错误；故选C。6B【分析】由图可知，V1测电源的路端电压，V2测量R0两端的电压；则两条U-I图象表示的意义不同，根据图象的意义可知交点的意义，并求出电源的输出功率及定值电阻R0上消耗的功率【详解】A项：由图可知，V1测电源的路端电压，V2测量R0两端的电压，路端电压随电流增大而减小，定值电阻两端电压随电流增大而增大，由图乙所示图象可知，图线甲是电压表V1的测量值所对应的图线，图线乙是V2的测量值所对应的图线，故A错误；B项：由电源的U-I图象可知，图象与总轴的交点纵轴坐标轴是1.5，则电源电动势E=1.5V，电源内阻r=，故B正确；C项：两图象交点表示两电压表示数相等
13、，此时滑动变阻器接入电路的阻值为零，只有定值电阻接在电源两端，由图象可知，此时电阻两端电压为1V，电路电流为0.5A，则当该电源只给定值电阻R0供电时R0消耗的功率P=UI=10.5=0.5W，故C错误；D项：电源的效率为：，外电路电阻R越大，电源效率越高，图象两直线相交时，外电路电阻最小，电源效率最低，故D错误故选B【点睛】本题考查测定电动势和内电阻实验的数据处理方法，要结合电路分析图线的意义，注意分析交点及截距等图象给出的隐含条件7B【解析】描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡电阻较小，约为几欧姆定律或十几欧姆，远小于电压表内阻，电流表应采用
14、外接法，由图示电路图可知，图B所示电路图符合要求；故ACD错误，B正确；故选B。8BC【详解】A. 电源的电动势为3.0 V，内阻不计，路端电压为3V，L2、L3电压相等，都是1.5V，L1电压为3V；由图乙可知，通过L2、L3电流为0.20A，通过L1电流为0.25A，A错误；B由欧姆定律可得B正确；CL1消耗的电功率为C正确；DL2消耗的电功率为D错误；故选BC。9ABD【详解】A在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑动触头应滑到最左端，这样在待测电阻上得到的电压才能从零开始调节，故A正确；B本实验要求电流、电压均从零开始到额定电流、额定电压之间测量多组数据，这样才能画出电灯的UI图线，故B正确
15、；CD当滑动变阻器的滑动触头从左端向右逐渐滑动过程中，电灯两端的电压变大，则电压表示数和电流表的示数都是逐渐变大，故C错误，D正确。故选ABD。10ACD【详解】灯泡的电阻受温度的影响，不同电压下温度不同，其电阻也不同，随温度的升高电阻增大，图像斜率变大。A图像与分析不符，故A错误，符合题意；B图像与分析相符，故B正确，不符合题意；C图像与分析不符，故C错误，符合题意；D图像与分析不符，故D错误，符合题意。故选：ACD。11AB【详解】A利用伏安法测量未知电阻，图示为“限流接法”，电压表量程等于电源电动势，回路中最大电流：等于电流表量程，电压表内阻远大于待测电阻，分流造成误差小于电流表分压误差
16、，所以采用电流表外接，故A正确；B电压表量程等于电源电动势，电压表内阻很大，分流造成误差小，故采用电流表内接，电流表测量电流近似等于电路总电流，根据全电路欧姆定律：该电路可以测量电源电动势和内电阻，故B正确；C测量小灯泡伏安特性曲线应使得小灯泡两端电压从零增大，应采用分压接法而不是限流接法，故C错误；D半偏法测量电流表的内阻，最终支路电阻即为电流表的内阻，所以支路的电阻不能用滑动变阻器，应该用电阻箱，故D错误。故选AB。12CD【详解】BC若灯泡L1正常发光，由甲图可知，回路电流是1A，由甲图可知，灯泡L2两端电压大于9V，超过了电源电动势，所以正常发光是是L2灯，所以电压表的示数是9V，电流
17、表的示数是0.5A，故C正确，B错误；AD当电流是0.5A时，由甲图可知，灯泡L1两端电压U1=3V此时灯泡L1的功率为P=IU1=1.5W电源内阻故D正确，A错误。故选CD。13R1(2分) ；电路图（两种皆可）； 内接法：；外接法【详解】试题分析：实验中要求电表示数从零调起，可获得多组测量数据，滑动变阻器应采用分压式接法，为方便调节，选用小阻值的灵敏度较高，故选用伏安法测未知电阻，由于没有电压表，需将其中一块电流表与定值电阻R0串联改装成电压表，因为R0远大于R1，故应将量程较小的A2作为电压表，R0作为电压表的内阻，为已知量，因此内接法与外接法均可，电路如图所示若为内接法：，则；若为外接
18、法：，则考点：伏安法测未知电阻14(1)R1=R2=1000，R3=800；(2)P1=1.0510-2W，P2=1.410-2W【详解】(1)R1和R2串联接入电路，电流相等，由U-I图像读出电流I=2.5mA，对应的电压都为U=2.5V，电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，所以R1和R2的电阻R1=R2=1000此时R3接两端的电压为U3=E-2U=7V-2.52V=2VR3接入电路的阻值R3=800(2)当R3=0时，电阻R1和R2串联的总电压为7V，从图像可以读出当电流为I=3.5mA时，R1和R2电压分别为U1=3V和U2=4V，故电阻R1消耗的电功率为P1=U1I=3V3.5mA=
19、0.0105W=1.0510-2WR2消耗的电功率为P2=U2I=4V3.5mA=0.014W=1.410-2W15电压表选用小量程接线错误；电流表的正、负极接线柱接线错误；选用电源电压及接线柱接线错误；滑动变阻器接线错误，纠正后的电路图如下图所示：【详解】解：某定值电阻的额定电流是0.3A，其标称电阻值是25，由欧姆定律可知，其额定电压约是U=IR=0.325V=7.5V因此电压表应选大量程与定值电阻并联；电源电压应大于7.5V，应选12V的电源电压；电流表的正、负极接线柱接线错误；滑动变阻器与电阻串联；因此电压表选用小量程接线错误；电流表的正负极接线柱错误，选用电源电压及接线柱接线错误；滑动变阻器接线错误； 纠正后的电路图如下图所示：16（）500 （2）140【解析】试题分析：（）由I1，得RG500 （5分）（）I2，代入数据得： （2分）R1500 （2分）从Rt图象可知，此时的温度是140 （2分）考点：考查闭合电路欧姆定律点评：本题难度较小，由闭合电路欧姆定律可求得温度传感器电阻大小，从而确定温度