《(新课标)山东省2013高考数学二轮复习 (研热点聚焦突破+析典型预测高考+巧演练素能提升) 第一部分 专题四 数列 1-4-2第二讲 数列的通项公式与数列求和 理.doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《(新课标)山东省2013高考数学二轮复习 (研热点聚焦突破+析典型预测高考+巧演练素能提升) 第一部分 专题四 数列 1-4-2第二讲 数列的通项公式与数列求和 理.doc(5页珍藏版)》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、(新课标)山东省2013高考数学二轮复习 (研热点聚焦突破+析典型预测高考+巧演练素能提升) 第一部分 专题四 数列 1-4-2第二讲 数列的通项公式与数列求和 理一、选择题1已知等差数列an满足a20,a6a810,则a2 012()A2 010B2 012C2 010 D 2012解析:设等差数列an的公差为d,则由已知条件可得,解得所以数列an的通项公式为ann2.故a2 0122 01222 010.答案:C2(2012年高考福建卷)数列an的通项公式anncos ,其前n项和为Sn,则S2 012等于()A1 006 B2 012C503 D0解析:用归纳法求解anncos ,a10
2、,a22,a30,a44,a50,a66,a70,a88,.由此易知a4n2(4n2),a4n4n,且a1a2a3a4242,a5a6a7a8682,a4n3a4n2a4n1a4n(4n2)4n2.又2 0124503,a1a2a2 012222,sdo4(503个)25031 006.答案:A3(2012年海淀模拟)若数列an满足:a119,an1an3(nN*),则数列an的前n项和数值最大时,n的值为()A6 B7C8 D9解析:an1an3,数列an是以19为首项,3为公差的等差数列,an19(n1)(3)223n.设前k项和最大,则有k,kN*,k7.故满足条件的n的值为7.答案:B
3、4在公差为d,各项均为正整数的等差数列an中,若a11,an51,则nd的最小值为()A14 B16C18 D10解析:由题意得1(n1)d51,即(n1)d50,且d0.由(n1)d22(当且仅当n1d时等号成立),得nd101,因为n,d均为正整数,所以nd的最小值为16,选B.答案:B5(2012年高考浙江卷)设Sn是公差为d(d0)的无穷等差数列an的前n项和,则下列命题错误的是()A若d0,则数列Sn有最大项B若数列Sn有最大项,则d0D若对任意nN*,均有Sn0,则数列Sn是递增数列解析:利用函数思想,通过讨论Snn2(a1)n的单调性判断设an的首项为a1,则Snna1n(n1)
4、dn2(a1)n.由二次函数性质知Sn有最大值时,则d0,不妨设a11,d2,显然Sn是递增数列,但S110,d0,Sn必是递增数列,D正确答案:C二、填空题6已知数列an的前n项和为Sn,且Sn2nan,则数列an的通项公式为_解析:由于Sn2nan,所以Sn12(n1)an1,后式减去前式,得Sn1Sn2an1an,即an1an1,变形为an12(an2),则数列an2是以a12为首项,为公比的等比数列又a12a1,即a11.则an2(1)()n1,所以an2()n1.答案:2()n17(2012年高考江西卷)等比数列an的前n项和为Sn,公比不为1.若a11,则对任意的nN*,都有an2
5、an12an0,则S5_解析:利用“特殊值”法,确定公比由题意知a3a22a10,设公比为q,则a1(q2q2)0.由q2q20解得q2或q1(舍去),则S511.答案:118流行性感冒(简称流感)是由流感病毒引起的急性呼吸道传染病某市去年11月份曾发生流感,据资料记载,11月1日,该市新的流感病毒感染者有20人,以后每天的新感染者平均比前一天的新感染者增加50人由于该市卫生部门采取措施,使该种病毒的传播得到控制,从某天起,每天的新感染者平均比前一天的新感染者减少30人,到11月30日止,该市在这30天内感染该病毒的患者共有8 670人,则11月_日,该市感染此病毒的新患者人数最多解析:设该市
6、11月n日新感染者有an人,在11月(x1)日开始控制病毒的传播,其中xN*,则由题意可知:an从而由条件得x(30x)8 670,解之得x12或x49(舍去),故易知11月12日,该市感染此病毒的新患者人数最多答案:12三、解答题9(2012年长沙模拟)已知数列an满足a11,an12an1(nN*)(1)求数列an的通项公式;(2)若数列bn满足4b1142b2143b314nbn1(an1)n,求数列bn的通项公式解析:(1)an12an1,an112(an1),2,而a11,a1120,故数列an1是首项为2,公比为2的等比数列,an12n,即an2n1(nN*)(2)4b1142b2
7、143b314nbn1(an1)n,4b12b23b3nbnn2n2,2(b12b23b3nbn)2nn2,即2(b12b23b3nbn)n22n,当n2时,2b12b2(n1)bn1(n1)22(n1)n21,由得2nbn2n1(n2),bn1(n2)易知当n1时,4b11a112,得b1,满足上式,bn1(nN*)10已知数列an的前n项和Snn22n.(1)求数列的通项公式an;(2)设2bnan1,且Tn,求Tn.解析:(1)因为Snn22n,所以当n2时,anSnSn12n1.当n1时,a1S132112,满足上式故an2n1,nN*.(2)因为2bnan1,所以bn(an1)(2n
8、11)n,所以,所以Tn.11(2012年广州两校联考)已知数列an满足a15,a25,an1an6an1(n2)(1)求证:an12an是等比数列;(2)求证:an3n是等比数列并求数列an的通项公式;(3)设3nbnn(3nan),且|b1|b2|bn|m对于nN*恒成立,求m的取值范围解析:(1)证明:由an1an6an1,an12an3(an2an1)(n2),a15,a25,a22a115故数列an12an是以15为首项,3为公比的等比数列(2)证明:由(1)得an12an53n,(an13n1)2(an3n),故数列an3n是以2为首项,2为公比的等比数列,an3n2(2)n1,即an3n2(2)n13n(2)n(3)由3nbnn(3nan)n3n3n(2)nn(2)n,bnn()n令Sn|b1|b2|bn|2()23()3n()nSn()22()3(n1)()nn()n1得Sn()2()3()nn()n1n()n121()nn()n1Sn61()n3n()n16,要使得|b1|b2|bn|m对于nN*恒成立,只须m6.5