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1、祝您考试一路通关2010年高考全国卷理综全解析1. 下列过程中,不直接依赖细胞膜的流动性就能完成的是A.植物体胞杂交中原生质体融合 B.mRNA与游离核糖体的结合C.胰岛B细胞分泌胰岛素 D.吞噬细胞对抗原的摄取【解析】本题主要考查细胞膜的结构特点具有一定的流动性,考查学生的理解能力。植物体细胞杂交中原生质体的融合依赖于细胞膜的流动性,胰岛B细胞分泌胰岛素的过程属于外排作用,吞噬细胞对抗原的摄取属于内吞作用,内吞和外排作用均与细胞膜的流动性有直接的关系；而mRNA与游离核糖体的结合与细胞膜的流动性无关。【答案】B2.光照条件下,给C3植物和C4 植物叶片提供14CO2,然后检测叶片中的14C。
2、下列有关检测结果的叙述,错误的是A.从C3植物的淀粉和C4植物的葡萄糖中可检测到14CB.在C3植物和C4植物呼吸过程产生的中间产物中可检测到14CC.随光照强度增加,从C4植物叶片中可检测到含14C的C4大量积累D.在C3植物叶肉组织和C4植物维管束鞘的C3中可检测到14C【解析】本题主要考查C3植物和C4 植物的光合作用及同位素标记法,考查学生的理解能力、实验与探究能力和综合运用能力。根据C3植物和C4 植物光合作用暗反应的场所、过程C3植物:C5+14CO22C3(只有两个14C)C5+(14CH2O);和C4 植C4植物的光合作用:C3+14CO2C4(只有一个14C)C3+14CO2
3、,C5+14CO22C3(只有两个14C)C5+(14CH2O)和呼吸作用的过程C6H12O6+6O2+6H2O6H2O+12CO2可知,A、B和D三项均正确;C4途径中的C4为中间代谢产物,不可能大量的积累。【答案】C3.下列四种现象中,可以用右图表示的是A.在适宜条件下光合作用强度随CO2含量的变化来源:学科网ZXXKB.条件适宜、底物充足时反应速率随酶量的变化C.一个细胞周期中DNA含量随时间的变化D.理想条件下种群数量随时间的变化【解析】本题主要考查相关生理过程中的数量变化趋势,涉及到新陈代谢与细胞分裂的相关内容,考查学生的理解能力和获取信息的能力。如图曲线的走势为先增加后稳定,曲线有
4、两个关键点:即起点（m,0）（m0）和饱和点。符合这一曲线的为A选项；B项对应的曲线起点不正确,曲线的走势一直为增函数,不会出现饱和效应；C项对应的曲线就更不正确了,起点纵坐标等于终点,且大于0；D项曲线为种群的“J”型增长曲线。【答案】A4. 关于在自然条件下,某随机交配种群中等位基因A、a频率的叙述,错误的是A.一般来说,频率高的基因所控制的性状更适应环境B.持续选择条件下,一种基因的频率可以降为0C.在某种条件下两种基因的频率可以相等D.该种群基因频率的变化只与环境的选择作用有关【解析】本题主要考查进化的相关知识,考查学生的理解能力。一般来说,某一性状适应环境的能力越强,控制该性状的基因
5、其基因频率也往往比较大。如果显性性状不能适应环境而隐性性状适应环境的能力较强的话,那么A基因的基因频率在持续选择的条件下,就会逐渐降低至0,自然就有可能出现iAia、iA=ia和iAia的情形。而种群基因频率的变化与突变与重组、迁入与迁出和环境的选择等多种因素有关。【答案】D5.右图是一个农业生态系统模式图,关于该系统的叙述,错误的是A.微生物也能利用农作物通过光合作用储存的能量B.多途径利用农作物可提高该系统的能量利用效率C.沼渣、沼液作为肥料还田,使能量能够循环利用D.沼气池中的微生物也是该生态系统的分解者来源:Zxxk.Com【解析】本题主要考查生态学的相关知识,考查学生的理解能力和获取
6、信息能力。在该农业生态系统中,农作物可以成为家畜的饲料和人的食物,家畜也能成为人的食物,沼气池中的微生物可以利用农作物秸秆、人和家畜粪便中的有机物,而沼液和沼渣又可以为农作物提供肥料,沼气池发酵产生的沼气又能成为人类的能源物质,实现了能量的多级利用,提高了该生态系统的能量利用率。沼气池中的微生物利用的是无生命的有机物,因此在生态系统中的地位属于分解者。能量是不能循环利用的,所以C项的叙述是错误的。【答案】C6、下列判断错误的是（ ）A、熔点:Si3N4NaClSiI4 B、沸点:NH3PH3AsH3 C、酸性:HClO4H2SO4H3PO4 D、碱性:NaOHMg(OH)2Al(OH)3【答案
7、】B 相对分子质量:AsH3PH3,二者结构与性质都相似,相对分子质量越大,分子间作用力越大,则熔沸点越高,所以沸点:NH3AsH3PH310、右图是一种染料敏化太阳能电池的示意图,电池的一个电极由有机光敏染料（S）涂覆在TiO2纳米晶体表面制成,另一电极由导电玻璃镀铂构成,电池中发生的反应为:TiO2/STiO2/S*（激发态) TiO2/S*TiO2/Se 来源:学*科*网I32e3I 2TiO2/S3I2TiO2/SI3下列关于该电池叙述错误的是（ ）A、电池工作时,I离子在镀铂导电玻璃电极上放电B、电池工作时,是将太阳能转化为电能C、电池的电解质溶液中I和I3的浓度不会减少D、电池中镀
8、铂导电玻璃为正极【答案】A由图中电子流向可知,电池工作时,TiO2电极作负极（2TiO2/S3I2TiO2/SI3）,导电玻璃作正极（I32e3I）,所以A错误11、下图表示4溴环己烯所发生的4个不同反应。,其中,产物只含有一种官能团的反应是（ ）A、 B、 C、 D、【答案】C反应产物中含有羧基和溴原子；反应产物中官能团有羟基和溴原子；反应产物中官能团只有碳碳双键；反应产物中官能团只有溴原子12、一定条件下磷与干燥氯气反应,若0.25g磷消耗掉314mL氯气（标准状况）,则产物中PCl3与PCl5的物质的量之比接近于（ ）A、31 B、53 C、23 D、12【答案】A来源:学科网n(P)/
9、n(Cl)3.48,由十字交叉法得PCl3与PCl5的物质的量之比接近于3113、下面关于SiO2晶体网状结构的叙述正确的是（ ）A、最小的环上,有3个Si原子和3个O原子B、最小的环上,Si和O原子数之比为12C、最小的环上,有6个Si原子和6个O原子D、存在四面体结构单元,O处于中心,Si处于4个顶角【答案】SiO2晶体最小的环上有6个Si原子和6个O原子,最小的环上,Si和O原子数之比为11,正四面体的结构单元中,Si处于中心,O处于4个顶角14原子核经放射性衰变变为原子核,继而经放射性衰变变为原子核,再经放射性衰变变为原子核。放射性衰变、和依次为A衰变、衰变和衰变 B衰变、衰变和衰变C
10、衰变、衰变和衰变 D衰变、衰变和衰变【答案】A【解析】,质量数少4,电荷数少2,说明为衰变. ,质子数加1,说明为衰变,中子转化成质子. ,质子数加1,说明为衰变,中子转化成质子.【命题意图与考点定位】主要考查根据原子核的衰变反应方程,应用质量数与电荷数的守恒分析解决。15如右图,轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连,下端与另一质量为M的木块2相连,整个系统置于水平放置的光滑木板上,并处于静止状态。现将木板沿水平方向突然抽出,设抽出后的瞬间,木块1、2的加速度大小分别为、。重力加速度大小为g。则有A, B,C, D,【答案】C【解析】在抽出木板的瞬时,弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变。对1物
11、体受重力和支持力,mg=F,a1=0. 对2物体受重力和压力,根据牛顿第二定律【命题意图与考点定位】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题,关键是区分瞬时力与延时力。16关于静电场,下列结论普遍成立的是A电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B电场强度大的地方电势高,电场强度小的地方电势低C将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点,电场力做功为零来源:学,科,网Z,X,X,KD在正电荷或负电荷产生的静电场中,场强方向都指向电势降低最快的方向【答案】C【解析】在正电荷的电场中,离正电荷近,电场强度大,电势高,离正电荷远,电场强度小,电势低；而在负电荷的电场中,离正电荷近,电场强
12、度大,电势低,离负电荷远,电场强度小,电势高,A错误。电势差的大小决定于两点间距和电场强度,B错误；沿电场方向电势降低,而且速度最快,C正确；场强为零,电势不一定为零,如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上,电场力做正功。【命题意图与考点定位】考查静电场中电场强度和电势的特点,应该根据所学知识举例逐个排除。17某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下,大小为T。一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸,河宽100m,该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过。设落潮时,海水自西向东流,流速为2m/s。下列说法正确的是A河北岸的电势较高 B河南岸的电势较高来源:学*科*网C电压表记
13、录的电压为9mV D电压表记录的电压为5mV【答案】BD【解析】海水在落潮时自西向东流,该过程可以理解为:自西向东运动的导体棒在切割竖直向下的磁场。根据右手定则,右岸即北岸是正极电势高,南岸电势低,D对C错。根据法拉第电磁感应定律V, B对A错【命题意图与考点定位】导体棒切割磁场的实际应用题。来源:Z&xx&k.Com18一水平抛出的小球落到一倾角为的斜面上时,其速度方向与斜面垂直,运动轨迹如右图中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为A BC D【答案】D【解析】如图平抛的末速度与竖直方向的夹角等于斜面倾角,根据有:。则下落高度与水平射程之比为,D正确。【命题意图与考
14、点定位】平抛速度和位移的分解19右图为两分子系统的势能Ep与两分子间距离r的关系曲线。下列说法正确的是A当r大于r1时,分子间的作用力表现为引力B当r小于r1时,分子间的作用力表现为斥力C当r等于r2时,分子间的作用力为零D在r由r1变到r2的过程中,分子间的作用力做负功来源:学|科|网Z|X|X|K【答案】BC【解析】分子间距等于r0时分子势能最小,即r0= r2。当r小于r1时分子力表现为斥力；当r大于r1小于r2时分子力表现为斥力；当r大于r2时分子力表现为引力,A错BC对。在r由r1变到r2的过程中,分子斥力做正功分子势能减小,D错误。来源:学。科。网Z。X。X。K【命题意图与考点定位
15、】分子间距于分子力、分子势能的关系20某人手持边长为6cm的正方形平面镜测量身后一棵树的高度。测量时保持镜面与地面垂直,镜子与眼睛的距离为0.4m。在某位置时,他在镜中恰好能够看到整棵树的像；然后他向前走了6.0 m,发现用这个镜子长度的5/6就能看到整棵树的像,这棵树的高度约为来源:学。科。网Z。X。X。KA5.5m B5.0m C4.5m D4.0m眼睛树的像树【答案】B【解析】如图是恰好看到树时的反射光路,由图中的三角形可得,即。人离树越远,视野越大,看到树所需镜面越小,同理有,以上两式解得L=29.6m,H=4.5m。来源:Z。xx。k.Com【命题意图与考点定位】平面镜的反射成像,能
16、够正确转化为三角形求解t1t221一简谐振子沿x轴振动,平衡位置在坐标原点。 时刻振子的位移；时刻；时刻。该振子的振幅和周期可能为A0.1 m, B0.1 m, 8s C0.2 m, D0.2 m,8s【答案】A【解析】在t=s和t=4s两时刻振子的位移相同,第一种情况是此时间差是周期的整数倍,当n=1时s。在s的半个周期内振子的位移由负的最大变为正的最大,所以振幅是0.1m。A正确。第二种情况是此时间差不是周期的整数倍则,当n=0时s,且由于是的二倍说明振幅是该位移的二倍为0.2m。如图答案D。【命题意图与考点定位】振动的周期性引起的位移周期性变化。来源:学科网ZXXK22（18分）来源:Z
17、xxk.Com图1是利用激光测转的原理示意图,图中圆盘可绕固定轴转动,盘边缘侧面上有一小段涂有很薄的反光材料。当盘转到某一位置时,接收器可以接收到反光涂层所反射的激光束,并将所收到的光信号转变成电信号,在示波器显示屏上显示出来（如图2所示）。（1）若图2中示波器显示屏横向的每大格（5小格）对应的时间为5.0010-2 s ,则圆盘的转速为_转/s。（保留3位有效数字）（2）若测得圆盘直径为10.20 cm,则可求得圆盘侧面反光涂层的长度为 _ cm。（保留3位有效数字）【答案】4.55转 /s 2.91cm【解析】从图2可知圆盘转一圈的时间在横坐标上显示22格,由题意知图2中横坐标上每格表示1
18、.0010-2s,所以圆盘转动的周期是0.22s,则转速为4.55转 /s反光引起的电流图像在图2中横坐标上每次一格,说明反光涂层的长度占圆盘周长的22分之一为cm。【命题意图与考点定位】匀速圆周运动的周期与转速的关系,以及对传感器所得图像的识图。23（16分）一电流表的量程标定不准确,某同学利用图1所示电路测量该电流表的实际量程。所用器材有:量程不准的电流表,内阻=10.0,量程标称为5.0mA；标准电流表,内阻=45.0,量程1.0mA；标准电阻,阻值10.0；滑动变阻器R,总电阻为300.0；电源E,电动势3.0V,内阻不计；保护电阻；开关S；导线。回答下列问题:（1）在答题卡上（图2所
19、示）的实物图上画出连线。（2）开关S闭合前,滑动变阻器的滑动端c应滑动至 端。（3）开关S闭合后,调节滑动变阻器的滑动端,使电流表满偏；若此时电流表的读数为,则的量程= 。（4）若测量时,未调到满偏,两电流表的示数如图3所示,从图中读出的示数 = ,的示数 = ；由读出的数据计算得= 。（保留3位有效数字）（5）写出一条提高测量准确度的建议: 。来源:学.科.网Z.X.X.K来源:Z&xx&k.Com来源:学+科+网【答案】连线如图 阻值最大6.05mA【解析】连线如图在滑动变阻器的限流接法中在接通开关前需要将滑动触头滑动到阻值最大端来源:Z&xx&k.Com闭合开关调节滑动变阻器使待测表满偏
20、,流过的电流为Im。根据并联电路电压相等有得来源:学_科_网Z_X_X_K待测表未满偏有,将A2的示数0.66mA和其他已知条件代入有Ma但图中A1的示数3.0mA量程为5.0mA,根据电流表的刻度是均匀的,则准确量程为6.05mA30602-11024（15分）汽车由静止开始在平直的公路上行驶,0 60s内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示。 画出汽车在060s内的v-t图线；求在这60s内汽车行驶的路程。【答案】速度图像为右图。306020100v/ms-2t/s 900m【解析】由加速度图像可知前10s汽车匀加速,后20s汽车匀减速恰好停止,因为图像的面积表示速度的变化,此两段的面积
21、相等。最大速度为20m/s。所以速度图像为右图。然后利用速度图像的面积求出位移。汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和。m25（18分）如右图,质量分别为m和M的两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速周运动,星球A和B两者中心之间距离为L。已知A、B的中心和O三点始终共线,A和B分别在O的两侧。引力常数为G。 求两星球做圆周运动的周期。 在地月系统中,若忽略其它星球的影响,可以将月球和地球看成上述星球A和B,月球绕其轨道中心运行为的周期记为T1。但在近似处理问题时,常常认为月球是绕地心做圆周运动的,这样算得的运行周期T2。已知地球和月球的质量分别为5.981024kg 和 7.3
22、5 1022kg 。求T2与T1两者平方之比。（结果保留3位小数） 【答案】 1.01来源:学&科&网【解析】 A和B绕O做匀速圆周运动,它们之间的万有引力提供向心力,则A和B的向心力相等。且A和B和O始终共线,说明A和B有相同的角速度和周期。因此有,连立解得,对A根据牛顿第二定律和万有引力定律得来源:学科网ZXXK化简得 将地月看成双星,由得将月球看作绕地心做圆周运动,根据牛顿第二定律和万有引力定律得化简得 所以两种周期的平方比值为26（21分）如下图,在区域内存在与xy平面垂直的匀强磁场,磁感应强度的大小为B.在t=0时刻,一位于坐标原点的粒子源在xy平面内发射出大量同种带电粒子,所有粒子
23、的初速度大小相同,方向与y轴正方向的夹角分布在0180范围内。已知沿y轴正方向发射的粒子在时刻刚好从磁场边界上点离开磁场。求: 粒子在磁场中做圆周运动的半径R及粒子的比荷qm;来源:学&科&网 此时刻仍在磁场中的粒子的初速度方向与y轴正方向夹角的取值范围；来源:学科网ZXXK 从粒子发射到全部粒子离开磁场所用的时间。【答案】 速度与y轴的正方向的夹角范围是60到120来源:学科网从粒子发射到全部离开所用 时间 为【解析】 粒子沿y轴的正方向进入磁场,从P点经过做OP的垂直平分线与x轴的交点为圆心,根据直角三角形有解得,则粒子做圆周运动的的圆心角为120,周期为来源:学,科,网Z,X,X,K粒子
24、做圆周运动的向心力由洛仑兹力提供,根据牛顿第二定律得,化简得仍在磁场中的粒子其圆心角一定大于120,这样粒子角度最小时从磁场右边界穿出；角度最大时从磁场左边界穿出。角度最小时从磁场右边界穿出圆心角120,所经过圆弧的弦与中相等穿出点如图,根据弦与半径、x轴的夹角都是30,所以此时速度与y轴的正方向的夹角是60。角度最大时从磁场左边界穿出,半径与y轴的的夹角是60,则此时速度与y轴的正方向的夹角是120。所以速度与y轴的正方向的夹角范围是60到120在磁场中运动时间最长的粒子的轨迹应该与磁场的右边界相切,在三角形中两个相等的腰为,而它的高是RRR,半径与y轴的的夹角是30,这种粒子的圆心角是24
25、0。所用 时间 为。所以从粒子发射到全部离开所用 时间 为。27,（15分）（注意:在试题卷上作答无效） 在溶液中,反应A2BC分别在三种不同实验条件下进行,它们的起始浓度均为c(A)0.100mol/L、c(B)0.200mol/L及c(C)0mol/L。反应物A的浓度随时间的变化如下图所示。来源:Z,xx,k.Com请回答下列问题:（1）与比较,和分别仅改变一种反应条件。所改变的条件和判断的理由是: ； ；（2）实验平衡时B的转化率为 ；实验平衡时C的浓度为 ；来源:学科网ZXXK（3）该反应的H 0；其判断理由是 ；（4）该反应进行到4.0min时的平均反应速率:实验:(B) ；实验:(
26、C) ；【答案】（1）改变条件:使用了催化剂,理由:与最终达到的平衡状态一致,只是达平衡所需的时间比要短一些；改变条件:升高温度,理由:由于反应在溶液中进行,压强对该反应的速率无影响,且达平衡时所需的时间比要短一些；即反应速率比要快,且与平衡状态不同,只能是在基础上升高温度；（2）40 0.060mol/L（3） 由（1）中分析可知,在基础上升高温度,由图可知中A转化率增大,即升高温度后,平衡正向移动,所以该反应为吸热反应,H0；（4）0.0133mol/Lmin 0.0106 mol/Lmin29、（注意:在试题卷上作答无效）请设计CO2在高温下与木炭反应生成CO的实验。（1）在下面方框中,
27、A表示由长颈漏斗和锥形瓶组成的气体发生器,请在A后完成该反应的实验装置示意图（夹持装置、连接胶管及尾气处理部分不必画出,需要加热的仪器下方用标出）,按气体方向在每件仪器下方标出字母B、C；其他可选用的仪器（数量不限）简易表示如下:（2）根据方框中的装置图,填写下表仪器标号仪器中所加物质作用A石灰石、稀盐酸石灰石与盐酸作用产生CO（3）有人对气体发生器作如下改进；在锥形瓶中放入一小试管,将长颈漏斗下端插入小试管中,改进后的优点是: ； （4）验证CO的方法是 ； 【答案】（1）（2）仪器标号仪器中所加物质作用A石灰石、稀盐酸石灰石与盐酸作用产生COB饱和碳酸氢钠溶液除去CO2中混有的HCl气体C
28、浓硫酸干燥CO2气体D木炭CO2在高温下与木炭反应生成CO（3）防止生成的气体从长颈漏斗中逸出（4）在（1）中的E装置后再依次连接盛有氢氧化钠溶液（E）、澄清石灰水(F)、浓硫酸(G)的洗气瓶和盛有氧化铜粉末的反应管（H）,进行该反应,若H在加热后黑色固体变红色则证明生成了CO30、（15分）（注意:在试题卷上作答无效）有机化合物AH的转换关系如下所示: （6）两个正四面体叠加形成的结构31.（8分）从某植物长势一致的黄化苗上切取等长幼茎段（无叶和侧芽）。自茎段顶端向下对称纵切至约3/4处。将切开的茎段浸没在蒸馏水中。一段时间后,观察到半边茎向外弯曲生长,如图所示。若上述黄化苗茎段中的生长素浓
29、度是促进生长的,放入水中后半边茎内、外两侧细胞中的生长素浓度都不会升高。请仅根据生长素的作用特点分析半边茎向外弯曲生长这一现象,推测出现该现象的两种可能原因。原因1是。原因2是。【解析】本题主要考查学生的理解能力、实验与探究能力和综合运用能力,考查植物的激素调节等相关知识。 从题干上来看,（1）幼茎段无叶无侧芽,暗示我们不会再有新的生长素产生；（2）黄化苗茎段中的生长素浓度是促进生长的,放入水中后半边茎内、外两侧细胞中的生长素浓度都不会升高,暗示我们只考虑低浓度的促进效应,不考虑高浓度的抑制效应；（3）仅根据生长素的作用特点分析半边茎向外弯曲生长这一现象,暗示我们不能把造成这一现象的原因单纯归
30、结为内外两侧的细胞吸水膨胀不同引起的。 从图示的情形可以推测出来,应该是半边茎内侧细胞生长比外侧快形成的；而造成这一结果的原因则可能是:（1）内侧生长素比外侧高,这可能与内侧细胞和外侧细胞的吸水能力不同有关;(2)内外两侧细胞内生长素的浓度是相等的,但是内外两侧细胞对生长素的敏感程度不一致;(3)其他合理的原因。【答案】原因1:内侧细胞中的生长素浓度比外侧高,所以内侧细胞生长较快。 原因2:内外两侧细胞中的生长素浓度相同,但内外侧细胞对生长素敏感性不同,该浓度的生长素更有利于内侧细胞的生长32.（10分）用去除脑但保留脊髓的蛙（称脊蛙）为材料,进行反射活动实验。请回答与此有关的问题: （1）用
31、针刺激脊蛙左后肢的趾部,可观察到该后肢出现收缩活动。该反射活动的感受其位于左后肢趾部的中,神经中枢位于中。 （2）反射活动总是从感受器接受刺激开始到效应器产生反应结束,这一方向性是由所决定的。 （3）剪断支配脊蛙左后肢的传出神经（见右图）,立即刺激A端（能、不能）看到左后肢收缩活动；刺激B端（能、不能）看到左后肢收缩活动。若刺激剪断处的某一端出现收缩活动,该活动（能、不能）称为反射活动,主要原因是。【解析】本题主要考查学生的理解能力和实验与探究能力,考查高等动物的神经调节。第（1）小题中,感受器主要分布在皮肤和粘膜中,神经中枢主要是脑和脊髓,结合题意,本小题的答案为:皮肤,脊髓。第（2）小题中
32、,反射活动总是从感受器接受刺激开始到效应器产生反应结束,这一方向性是由突触的结构所决定的。第（3）小题中,刺激A端,兴奋可以传到效应器,能引起左后肢的收缩,但是该活动的进行,没有中枢神经系统的参与,不符合反射的定义（在中枢神经系统的参与下,生物体对内外刺激所作出的规律性反应,称为反射）,不能称为反射；刺激B端,兴奋无法传到效应器,不能引起左后肢的收缩。【答案】（1）皮肤 脊髓（2）突触的结构（3）能 不能 不能 该活动不是在中枢神经系统的参与下进行的33.（12分）现有4个纯合南瓜品种,其中2个品种的果形表现为圆形（圆甲和圆乙）,1个表现为扁盘形（扁盘）,1个表现为长形（长）。用这4个南瓜品种
33、做了3个实验,结果如下:实验1:圆甲圆乙,F1为扁盘,F2中扁盘:圆:长 = 9 :6 :1实验2:扁盘长,F1为扁盘,F2中扁盘:圆:长 = 9 :6 :1实验3:用长形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的F1植株授粉,其后代中扁盘:圆:长均等于1 :2 :1。综合上述实验结果,请回答:（1）南瓜果形的遗传受对等位基因控制,且遵循定律。（2）若果形由一对等位基因控制用A、a表示,若由两对等位基因控制用A、a和B、b表示,以此类推,则圆形的基因型应为,扁盘的基因型应为,长形的基因型应为。（3）为了验证（1）中的结论,可用长形品种植株的花粉对实验1得到的F2植株授粉,单株收获F2中扁盘果实的种
34、子,每株的所有种子单独种植在一起得到一个株系。观察多个这样的株系,则所有株系中,理论上有1/9的株系F3果形均表现为扁盘,有的株系F3果形的表现型及数量比为扁盘:圆 = 1 :1 ,有的株系F3果形的表现型及数量比为。【解析】本题主要考查学生的理解能力,考查遗传的基本规律。第（1）小题,根据实验1和实验2中F2的分离比 9 :6 :1可以看出,南瓜果形的遗传受2对等位基因控制,且遵循基因的自由组合定律。第（2）小题,根据实验1和实验2的F2的分离比 9 :6 :1可以推测出,扁盘形应为AB,长形应为aabb,两种圆形为Abb和aaB。第（3）小题中,F2扁盘植株共有4种基因型,其比例为:1/9
35、AABB、2/9AABb、4/9AaBb和2/9AaBB,测交后代分离比分别为:1/9AB;2/9(1/2AB:1/2Abb);4/9(1/4AB:1/4Aabb:1/4aaBb:1/4aabb)；2/9（1/2AB:1/2aaB）。【答案】（1）2 基因的自由组合来源:学.科.网（2）AAbb、Aabb、aaBb、aaBB AABB、AABb、AaBb、AaBB aabb（3）4/9 4/9 扁盘:圆:长 = 1 :2 :134.（12分）下列是与微生物培养有关的问题,请回答: （1）某细菌固体培养基的组成成分是KH2PO4、Na2HPO4、MgSO4、葡萄糖、尿素、琼脂和蒸馏水,其中凝固剂
36、是,碳源是,氮源是。已知只有能合成脲酶的细菌才能在该培养基上生长,故该培养基属于培养基。按照化学成分分类,该培养基属于培养基。从同化作用类型上看,用该培养基培养的细菌属于。 （2）将少量细菌接种到一定体积的液体培养基中,适宜条件下培养,定时取样测定菌体数目,以时间为横坐标,以细菌数目的对数为纵坐标,可得到细菌的曲线。该曲线中以菌体数目的对数作为纵坐标的原因是。实验室中,为了获得形态和生理特征一致的菌体,一般应在期取材；在生产中,常搜集培养至期的细菌用于次级代谢产物的提取。【解析】本题主要考查学生的理解能力,考查微生物的营养。来源:Z。xx。k.Com来源:学.科.网Z.X.X.K第（1）小题,
37、该培养基中,琼脂为凝固剂,葡萄糖为碳源,尿素为氮源；由于只有能合成脲酶的细菌才能在该培养基上生长,可以用来选择出能够合成脲酶的细菌,在功能上称为选择培养基；由于其化学成分明确,故又称为合成培养基；由于该培养基中存在着有机碳源葡萄糖,故可推测从同化作用类型上看,用该培养基培养的细菌属于异养型。第（2）小题,在恒定容积的液体培养基上培养微生物,定期取样,然后以时间为横坐标,以细菌数目的对数为纵坐标,所得的曲线称为微生物的群体生长曲线,之所以以菌体数目的对数作为纵坐标的原因是菌体数目往往非常大,且变化率也很高,直接以菌体数目为纵坐标不利于作图。实验室中,为了获得形态和生理特征一致的菌体,一般应在对数期取材；在生产中,常搜集培养至稳定期的细菌用于次级代谢产物的提取。【答案】（1）琼脂 葡萄糖 尿素 选择 合成 异养型（2）群体生长 菌体数目往往非常大,且变化率也很高,以菌体数目的对数为纵坐标有利于作图 对数 稳定20中国最大的教育门户网站 E度高考网