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1、2015-2016学年湖南省湘西州永顺一中高二（上）期中物理试卷（文）一、单项选择题（每小题3分，共60分）1使用干电池的时候，不允许用导线把电池两极连接起来，是因为这样连接( )A电路不通B会产生很大电流，电池可能被烧坏C电流太小D有触电危险2下列那位科学家发现了电流的磁效应( )A奥斯特B法拉第C焦耳D库仑3真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离也增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为( )ABFC4FD16F4用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电，这是由于( )A摩擦起电创造了电荷B丝绸上的正电荷转移到玻璃棒上，使得玻璃棒带正电C丝绸上的电子
2、转移到玻璃棒上，使得玻璃棒带正电D玻璃棒上的电子转移到丝绸上，所以玻璃棒带正电5下列关于电场强度的叙述正确的是( )A电场中某点的场强在数值上等于点电荷受到的电场力B电场中某点的场强与该点检验电荷所受的电场力成正比C电场中某点的场强方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向D电场中某点的场强与该点有无检验电荷无关6如图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点下列说法中正确的是( )Aa点的电场强度比b点的场强强度小Ba、b两点的电场强度大小相等C同一电荷在a点受到的电场力比在b点受到的电场力小D同一电荷在a点受到的电场力比在b点受到的电场力大7下列说法不正确的是( )A避雷针是利用尖端放
3、电原理来避雷电的B油罐车下拖一条铁链是为了将产生的静电及时导走C在印刷、纺织车间里增加空气湿度是为了防止静电被导走D静电除尘的基本原理是空气分子被强电场电离，粉尘吸附了电子而带负电，在电场力的作用下飞向筒壁，最后在重力的作用下落在筒底8若把一个条形磁铁从中间断开，则断开后的每一段( )A只有N极B只有S极C都有N、S两个极D都没有磁极9关于电容器下列说法正确的是( )A电荷储存在电容器的电介质中B电容器电容的单位是法拉C电容器电容的单位是库仑D充电后电容器两极板带同种电荷10关于电流的方向，下列叙述中正确的是( )A金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动的方向B在电解质溶液中有自由的正离子和
4、负离子，电流方向不能确定C不论何种导体，电流的方向规定为正电荷定向移动的方向D电流的方向有时与正电荷定向移动的方向相同，有时与负电荷定向移动的方向相同11下列物理量中，属于矢量的是( )A电荷量B电容C电流D电场强度12下列关于磁体和磁体、磁体和电流、电流和电流之间相互作用的流程图不正确的是( )A磁体磁场磁体B磁体磁场电流C电流电场电流D电流磁场电流13如图所示，其中电流方向与电流产生磁场的磁感线方向关系正确的是( )ABCD14闭合电路中产生感应电动势的大小，跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比( )A磁通量B磁感应强度C磁通量的变化率D磁通量的变化量15下列方向不能表示磁场中某点磁场
5、方向的是( )A通过该点的磁感线的切线方向B小磁针在该点N极的受力方向C小磁针在该点静止时N极的指向D通电直导线在该点的受力方向16产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量( )A不为零B增大C减小D变化17设元电荷的电荷量为e，则某一带电体所带电荷量有可能是( )A0.25eB2.5eC5eD6.5e18一根容易形变的弹性导线，两端固定导线中通有电流，方向如图中箭头所示当没有磁场时，导线呈直线状态：当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时，描述导线状态的四个图示中正确的是( )ABCD19下列物品中没有应用到磁性材料的是( )A磁带式录音机B计算机硬盘C白炽灯D磁卡20把
6、条形磁铁的一个磁极向线圈中插入（如图甲），放在线圈中静止不动（如图乙），从线圈中抽出（如图丙）观察与线圈连接的电流表指针，其中电流表指针一定摆动的有( )A只有甲B只有乙C只有丙D有甲和丙二、填空题（每小题2分，共16分）21静电力常量k=_Nm2/C2，一个电子的电荷量为_C22如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端则N端验电箔_（填“张开”或“不张开”），M端_（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）23如图所示，线圈A通过滑动变阻器和开关连接到直流电源上，线圈B两端连接到电流表上，把线圈A装在线圈B的里面，合上开关当滑动变阻
7、器的滑片保持不动时电流表的指针_（填“偏转”或“不偏转”）；当滑动变阻器的滑片快速滑动时电流表的指针_（填“偏转”或“不偏转”）24用左手定则来确定安培力方向时，伸直的四指指向_的方向，拇指指向_的方向25在匀强磁场中，有一段5cm的直导线和磁场垂直当导线通过的电流是1A时，受到的安培力是0.1N，则匀强磁场的磁感应强度B=_T；若导线通过的电流增大，则磁感应强度B_（填“增大”、“减小”或“不变”）26如图所示，金属板M接高压电源的正极，金属板N接负极金属板N上有两个等高的金属柱A、B，其中A为尖头，B为圆头逐渐升高电源电压，当电压达到一定值时，可看到放电现象先产生放电现象的是_，这种放电现
8、象叫做_放电27磁场对静止的电荷_（填“能”或“不能”）施加力的作用；电场对静止的电荷_（填“能”或“不能”）施加力的作用28小磁针静止时指向地理北极的一端是小磁针的_（填“N”或“S”）极；地磁场的N极在地理_（填“北”或“南”）极附近三、计算题（每小题12分，共24分）29已知在一分钟时间内通过导体横截面的电荷量120C，导体的电阻为10求：（1）通过导体的电流有多大？（2）在一分钟时间内导体产生的焦耳热是多少？30共100匝的矩形线圈在匀强磁场中转动开始线圈平面与磁场方向垂直（如图所示），此时穿过线圈的磁通量为0.4Wb，经0.1S线圈从图示位置转过90求：（1）穿过线圈的磁通量在这0.
9、1S内的变化量是多少？（2）线圈产生的感应电动势是多少？2015-2016学年湖南省湘西州永顺一中高二（上）期中物理试卷（文）一、单项选择题（每小题3分，共60分）1使用干电池的时候，不允许用导线把电池两极连接起来，是因为这样连接( )A电路不通B会产生很大电流，电池可能被烧坏C电流太小D有触电危险【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】定量思想；控制变量法；恒定电流专题【分析】使用电池的时候，用导线把电池两极连接起来，电池被短路，产生很大的电流，电池将被烧坏，根据闭合欧姆定律分析【解答】解：A、用导线把电池两极连接起来时，电路仍相通故A错误BC、使用电池的时候，用导线把电池两极连接起来，电池被短路
10、，电池的内阻和导线的电阻很小，由闭合电路欧姆定律可知，导线中产生很大电流，电池将被烧坏故B正确，C错误D、这样连接，烧坏电池和导线，没有触电危险故D错误故选：B【点评】电源发生短路时，外电路电阻很小，短路电流很大，但不是无穷大，电源将被烧坏，甚至发生火灾，不允许这样操作2下列那位科学家发现了电流的磁效应( )A奥斯特B法拉第C焦耳D库仑【考点】电磁感应现象的发现过程【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】据各位物理学家的贡献回答：奥斯特发现电生磁，法拉第发现了磁生电，焦耳研究提出了焦耳定律，而库仑利用扭秤实验研究了电荷间的相互作用【解答】解：A、第一个发现电流磁效应的科学家是奥斯特
11、；故A正确；B、法拉第发现了磁生电，即电磁感应，故B错误；C、焦耳发现了焦耳定律；故C错误；D、库仑发现了库仑定律；故D错误；故选：A【点评】本题考查电磁学中的物理学史，要注意明确各物理学家的主要贡献，注意不能张冠李戴3真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离也增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为( )ABFC4FD16F【考点】库仑定律【分析】由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得电荷量和距离变化后的相互作用力【解答】解：由库仑定律可得：F=k；若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离也增大为原来的2倍，则有：F=k=F，故B正确、A
12、CD错误故选：B【点评】本题考查库仑定律的直接应用，对于库仑定律公式要注意公式的适用条件以及公式中各个物理量的含义4用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电，这是由于( )A摩擦起电创造了电荷B丝绸上的正电荷转移到玻璃棒上，使得玻璃棒带正电C丝绸上的电子转移到玻璃棒上，使得玻璃棒带正电D玻璃棒上的电子转移到丝绸上，所以玻璃棒带正电【考点】电荷守恒定律【专题】学科综合题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】摩擦起电的本质是电荷的转移，而不是创造了电荷；玻璃棒带正电是由于失去了电子【解答】解：A、电荷既不能倍创造，也不能被消灭，摩擦起电的本质是电荷的转移，而不是创造了电荷故A错误；BCD、玻璃棒
13、上的电子转移到丝绸上，所以玻璃棒带正电故BC错误，D正确故选：D【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律等基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累5下列关于电场强度的叙述正确的是( )A电场中某点的场强在数值上等于点电荷受到的电场力B电场中某点的场强与该点检验电荷所受的电场力成正比C电场中某点的场强方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向D电场中某点的场强与该点有无检验电荷无关【考点】电场强度【分析】电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定，判断电荷所受的电场力或场强的方向【解答】解：A、根据场强定义式E=，电场
14、中某点的场强在数值上等于单位点电荷受到的电场力，故A错误B、电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关，电场中某点的场强并不是与该点检验电荷所受的电场力成正比，故B错误C、根据场强方向的规定，电场中某点的场强方向与正电荷所受电场力的方向相同，故C错误D、电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关，故D正确故选：D【点评】电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关；场强公式E=，只是为方便研究电场，采用比值法下的定义；场强方向的规定是判断电荷所受电场力方向的依据6如图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点下列说法中正确的是( )Aa点的电场强度比b点的场强强度小Ba、b两点的电场强度大小相等C同
15、一电荷在a点受到的电场力比在b点受到的电场力小D同一电荷在a点受到的电场力比在b点受到的电场力大【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大同一点电荷在电场强度越大的地方受到的电场力越大由此分析【解答】解：AB、由图看出，a点处电场线比b点处电场线密，则a点的场强比b点的大，故A、B错误CD、由电场力公式F=Eq可知，同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大，故C错误，D正确故选：D【点评】本题考查对电场线物理意义的理解和应用，抓住电场线越密，电场强度越大是解题的关键7下
16、列说法不正确的是( )A避雷针是利用尖端放电原理来避雷电的B油罐车下拖一条铁链是为了将产生的静电及时导走C在印刷、纺织车间里增加空气湿度是为了防止静电被导走D静电除尘的基本原理是空气分子被强电场电离，粉尘吸附了电子而带负电，在电场力的作用下飞向筒壁，最后在重力的作用下落在筒底【考点】* 静电的利用和防止【专题】学科综合题；定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案【解答】解：A、避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地，或者将大地的负电荷与其中和；可保护建筑物，使建筑物免遭雷击，表面积越小，越是尖锐的物体，越容易放电，因此
17、避雷针做成尖形的，更容易发挥作用，是尖端放电现象；故A正确；B、油罐车下拖一条铁链是将产生的静电导走，属于静电的防止；故B正确；C、在印刷、纺织车间里增加空气湿度是为了防止静电产生；故C不正确；D、静电除尘的基本原理是空气分子被强电场电离，粉尘吸附了电子而带负电，在电场力的作用下飞向筒壁，最后在重力的作用下落在筒底；故D正确；本题选不正确的，故选：C【点评】本题考查静电的防止与应用，静电的防止和应用在生活中例子较多，要学会用所学物理知识进行解释8若把一个条形磁铁从中间断开，则断开后的每一段( )A只有N极B只有S极C都有N、S两个极D都没有磁极【考点】磁现象和磁场【专题】定性思想；推理法；电磁
18、感应与电路结合【分析】解答本题应掌握：任意磁铁均有两个磁极，一个为N极另一个为S极断开后，每一段均有两个磁极【解答】解：磁铁从中间断开后，每一段均仍然有两个磁极一个N极一个为S极；故选：C【点评】本题考查磁场的性质，任意一个磁铁均有两个磁极；任意磁铁断开后每一段均有NS极9关于电容器下列说法正确的是( )A电荷储存在电容器的电介质中B电容器电容的单位是法拉C电容器电容的单位是库仑D充电后电容器两极板带同种电荷【考点】电容器【专题】定性思想；推理法；电容器专题【分析】明确电容器的工作原理，知道电容器充电后两极板带有等量异号电荷；利用异号电荷相互吸引而工作的，【解答】解：A、电荷荷储存在两个极板上
19、，靠电荷间的相互作用工作；故A错误；B、电容器电容的单位为法拉；不是库仑；故B正确；C错误；D、充电后电容器两极板间带有等量异号电荷；故D错误；故选：B【点评】本题考查电容器的工作原理，要知道电容器如何容纳电荷及电容的单位10关于电流的方向，下列叙述中正确的是( )A金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动的方向B在电解质溶液中有自由的正离子和负离子，电流方向不能确定C不论何种导体，电流的方向规定为正电荷定向移动的方向D电流的方向有时与正电荷定向移动的方向相同，有时与负电荷定向移动的方向相同【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向
20、相反电子带负电电解质溶液中正离子和负离子向相反方向定向移动形成电流【解答】解：A、金属导体中电流的方向与自由电子定向移动的方向相反故A错误； B、电解质溶液中电流方向与正离子定向移动的方向相同，与负离子定向移动的方向相反，所以能确定电流方向故B错误； C、物理学上规定：电流的方向为正电荷定向移动的方向故C正确； D、电流方向与正电荷定向移动方向相同，而与负电荷定向移动方向相反故D错误故选：C【点评】本题考查对电流方向的理解能力电流方向是物理学上人为规定的：与正电荷定向移动的方向相同11下列物理量中，属于矢量的是( )A电荷量B电容C电流D电场强度【考点】矢量和标量【分析】矢量是既有大小又有方向
21、的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量【解答】解：AB、电荷量和电容只有大小，没有方向，是标量，故AB错误C、电流有方向，其方向表示正电荷定向移动的方向，由于电流运算时不遵守矢量运算法则：平行四边形定则，所以电流是标量，故C错误D、电场强度是矢量，其方向与正电荷所受的电场力方向相同，故D正确故选：D【点评】矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则12下列关于磁体和磁体、磁体和电流、电流和电流之间相互作用的流程图不正确的是( )A磁体磁场磁体B磁体磁场电流C电流电场电流D电流磁场电流【考点】磁现象和磁场【专题】定
22、性思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】解答本题应明确：磁体、电流之间的作用都是通过磁体周围的磁场来完成的【解答】解：磁极与磁极、电流和磁极，电流和电流之间均是通过磁场产生相互作用的；故ABD均正确，C不正确；本题选不正确的；故选：C【点评】本题考查对磁现象的掌握，要注意明确电流和电流之间不是通过电场来相互作用，而是通过磁场相互作用的13如图所示，其中电流方向与电流产生磁场的磁感线方向关系正确的是( )ABCD【考点】安培定则【专题】比较思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】根据安培定则即可判定通电直导线的磁感线方向：用右手握住直导线，大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；而环
23、形导线时，用右手四指弯曲的方向即为电流，而大拇指即为内部磁场的方向，从而即可求解【解答】解：用来判断通电导线中的电流方向与电流产生的磁场方向之间关系的是安培定则；AB、对于直导线的磁感线方向：用右手握住直导线，大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向，故A正确，B错误；CD、对于环形导线时，用右手四指弯曲的方向即为电流，而大拇指即为内部磁场的方向，故CD错误故选：A【点评】该题考查安培定则的应用，根据安培定则即可判断通电直导线与通电螺线管内部的磁感线方向，属于对基础知识的考查，注意直导线与环形导线的区别14闭合电路中产生感应电动势的大小，跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比( )A
24、磁通量B磁感应强度C磁通量的变化率D磁通量的变化量【考点】法拉第电磁感应定律【分析】由法拉第电磁感应定律可知，闭合电路中产生的感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量及磁通量的变化量无关【解答】解：由法拉第电磁感应定律可知；E=n，即E与磁通量的变化率成正比，即电动势取决于磁通量的变化快慢；故选C【点评】在理解法拉第电磁感应定律时要注意区分，及三者间的关系，明确电动势只取决于磁通量的变化率，与磁通量及磁能量的变化量无关15下列方向不能表示磁场中某点磁场方向的是( )A通过该点的磁感线的切线方向B小磁针在该点N极的受力方向C小磁针在该点静止时N极的指向D通电直导线在该点的受力方向【考点】
25、磁感线及用磁感线描述磁场【专题】定量思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】磁场的某点方向，即为磁感线在该点的切线方向也是小磁针N极受力方向或静止时指向的方向【解答】解：磁场方向可以根据小磁针N极的受力方向或静止时N极的指向来判断；也可以根据磁感线的切线方向明确磁场方向；但通电导线在磁场中的受力方向与磁场方向相互垂直；不是磁场的方向；故不能表示磁场方向的，只有D；故选：D【点评】本题考查磁场方向的判断，要注意明确磁场方向与安培力的方向是相互垂直的16产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量( )A不为零B增大C减小D变化【考点】感应电流的产生条件【专题】学科综合题；定性思想；推理法；电磁感应与
26、电路结合【分析】产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流【解答】解：根据产生感应电流的条件是：闭合回路的磁通量发生变化可知穿过闭合电路的磁通量可能增大，可能减小，也不一定不为0故ABC错误，D正确故选：D【点评】解决本题关键要准确把握产生感应电流的一般条件：闭合回路的磁通量发生变化，电路必须闭合17设元电荷的电荷量为e，则某一带电体所带电荷量有可能是( )A0.25eB2.5eC5eD6.5e【考点】元电荷、点电荷【专题】应用题；学科综合题；定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小
27、的，人们把最小电荷叫做元电荷，所带电荷量大小为：e=1.601019C，任何带电体所带电荷都是e的整数倍【解答】解：任何带电体所带电荷都是e的整数倍所以ABD错误，C正确故选：C【点评】本题考查了元电荷、电子、质子带电量等基本知识，是一道考查基础题目的好题18一根容易形变的弹性导线，两端固定导线中通有电流，方向如图中箭头所示当没有磁场时，导线呈直线状态：当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时，描述导线状态的四个图示中正确的是( )ABCD【考点】磁场对电流的作用【分析】通电导线在磁场中的受力方向判断，可由左手定则完成【解答】解：A、图示电流与磁场平行，导线不受力的作用，故
28、A错误 B、由左手定则判得，安培力的方向垂直纸面向里，故B错误 C、由左手定则判得，安培力的方向水平向右，故C错误 D、由左手定则判得，安培力的方向水平向右，故D正确故选D【点评】本题考查了左手定则，要熟练应用左手定则判断安培力的方向19下列物品中没有应用到磁性材料的是( )A磁带式录音机B计算机硬盘C白炽灯D磁卡【考点】电磁感应在生活和生产中的应用【专题】电磁感应与电路结合【分析】磁性材料在我们生活中应用广泛，如：磁带、磁卡、磁盘、收音机里面的天线磁棒、录音机的磁头等【解答】解：磁带、磁卡及计算机硬盘均用到了磁性材料，只有白炽灯没有用到磁性材料；本题选没有应用磁性材料的，故选：C【点评】本题
29、考查学生对生活中磁性材料及应用的了解，生活处处有物理，要注意多相法了解相关的物理知识的应用20把条形磁铁的一个磁极向线圈中插入（如图甲），放在线圈中静止不动（如图乙），从线圈中抽出（如图丙）观察与线圈连接的电流表指针，其中电流表指针一定摆动的有( )A只有甲B只有乙C只有丙D有甲和丙【考点】研究电磁感应现象【专题】实验题；定性思想；图析法；电磁感应功能问题【分析】当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路产生感应电流，根据感应电流产生的条件可以解题【解答】解：如图甲，把条形磁铁的一个磁极向下插入线圈，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，指针摆动；如图乙所示，条形磁铁在线圈中保持不动，穿过线圈的
30、磁通量不变，不产生感应电流，指针不摆动；如图丙所示，把条形磁铁从线圈中抽出，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈产生感应电流，指针摆动，故D正确；故选：D【点评】本题考查了判断电流表指针是否摆动，知道感应电流产生的条件，分析清楚图示情景即可解题二、填空题（每小题2分，共16分）21静电力常量k=9.0109Nm2/C2，一个电子的电荷量为1.61019C【考点】元电荷、点电荷【专题】定量思想；归纳法；电场力与电势的性质专题【分析】元电荷的数值是通过实验测出来的，现在公认的元电荷的值为e=1.6021773319C，在我们的计算中，可取e=1.61019C静电力常量也是通过实验测出来的，k=9.010
31、9Nm2/c2【解答】解：电子的电荷量大小为1.61019C，静电力常量为：k=9.0109Nm2/c2 ；故答案为：9.0109，1.61019【点评】本题要知道电子的电荷量大小为1.61019C，以及库仑定律公式中在真空中静电力常数k的大小为9109Nm2/C222如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端则N端验电箔张开（填“张开”或“不张开”），M端带正电（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）【考点】静电场中的导体【专题】应用题；学科综合题；定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的
32、电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况【解答】解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，导体MN的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电故答案为：张开，带正电【点评】感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷基础题目23如图所示，线圈A通过滑动变阻器和开关连接到直流电源上，线圈B两端连接到电流表上，把线圈A装在线圈B的里面，合上开关当滑动变阻器的滑片保持不动时电流表的指针不偏转（填“偏转”或“不偏转”）；当滑动变阻器的滑片快速滑动时电流表的指针偏转（填“偏转”或“不偏转”）【考点
33、】研究电磁感应现象【专题】实验题；定性思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】产生感应电流的条件是闭合电路的磁通量发生变化，指针偏转时说明电路中产生了感应电流，将产生感应电流的情况与螺线管中磁场的变化情况联系在一起即可得到答案【解答】解：开关闭合稳定后，当滑动变阻器的滑片保持不动时，圈B内有磁通量的不发生变化，从而不会产生感应电流，电流表指针不发生偏转开关闭合后，快速移动滑动变阻器的滑片P时，圈B内的磁通量发生变化，电流表指针发生偏转；故答案为：不偏转；偏转【点评】闭合线圈中的磁通量发生变化有几种方式：可以线圈面积的变化，也可以磁场的变化，也可以线圈与磁场的位置变化24用左手定则来确定安培力方
34、向时，伸直的四指指向电流的方向，拇指指向安培力的方向【考点】左手定则【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】根据左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向【解答】解：左手定则：伸开左手，使拇指跟其余四指垂直，并且都跟手掌在同一个平面内，让磁感线穿入手心，并使四指向电流的方向，则拇指所指的方向就是通电导线所受安培力的方向故答案为：电流，安培力【点评】该题考查左手定则的简单应用，直接使用左手定则即可，注意与右手定则的区别25在匀强磁场中，有一段5cm的直导线和磁场垂直当导线通过的电流是1A时，受到的安培力是0.1N，则匀强
35、磁场的磁感应强度B=2T；若导线通过的电流增大，则磁感应强度B不变（填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】磁感应强度【专题】学科综合题；定性思想；方程法；电磁感应与电路结合【分析】磁场与导线垂直，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式B=是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：B=2T，由此可知该处的磁感应强度为2T，这与导线的放置、长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定导线通过的电流增大，则磁感应强度也为2T，保持不变；故答案为：2；不变【点评】本题考查磁感应强度的定义，
36、要明确，磁感应强度是磁场的本身属性，不会因外放入的通电导线的改变而改变26如图所示，金属板M接高压电源的正极，金属板N接负极金属板N上有两个等高的金属柱A、B，其中A为尖头，B为圆头逐渐升高电源电压，当电压达到一定值时，可看到放电现象先产生放电现象的是A，这种放电现象叫做尖端放电【考点】静电场中的导体【专题】学科综合题；定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】根据越尖电场强度越强，容易使空气被电离，从而出现放电现象【解答】解：由图示可知，A为尖头、B为圆头当金属板M、N接在高压电源上，因末端越尖越容易放电，故A金属柱容易放电，这种放电现象叫做 尖端放电故答案为：A，尖端【点评】该题考查
37、尖端放电的知识，牢记：尖端电荷比较密集，形成的电场强度大，容易击穿空气27磁场对静止的电荷不能（填“能”或“不能”）施加力的作用；电场对静止的电荷能（填“能”或“不能”）施加力的作用【考点】洛仑兹力；电场【专题】应用题；学科综合题；定性思想；推理法；带电粒子在磁场中的运动专题【分析】电场与磁场是看不见摸不着，却客观存在的特殊形态，电场、磁场起着传递电场力或磁场力的作用；然后根据洛伦兹力和电场力的公式分析即可【解答】解：根据洛伦兹力的公式：f=qvB，可知磁场对静止的电荷 不能施加力的作用；根据F=qE可知，电场对静止的电荷 能施加力的作用故答案为：不能，能【点评】电场和磁场是物质存在的一种特殊
38、的形式，起着传递电场力或磁场力的作用要牢记电荷之间的相互作用是通过电场发生的，磁极之间的相互作用是通过磁场发生的28小磁针静止时指向地理北极的一端是小磁针的N（填“N”或“S”）极；地磁场的N极在地理南（填“北”或“南”）极附近【考点】磁感线及用磁感线描述磁场【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合【分析】小磁针自由静止时，指向地理北极的一端是小磁针的北极，即N极，地理北极在地磁南极附近【解答】解：人们规定小磁针自由静止时，指北的一端叫N极，而地磁N极在地理南极附近，而小磁针自由静止时，小磁针的N极指向地磁场的S极故指向北极；故答案为：N；南【点评】本题应明确：地磁S极在地理北极附近，地磁
39、N极在地理南极在附近；同时注意明确：异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥三、计算题（每小题12分，共24分）29已知在一分钟时间内通过导体横截面的电荷量120C，导体的电阻为10求：（1）通过导体的电流有多大？（2）在一分钟时间内导体产生的焦耳热是多少？【考点】焦耳定律；电流、电压概念【专题】简答题；定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）根据电流的定义式求出导体中的电流（2）根据Q=I2Rt求解产生的热量【解答】解：（1）在1分钟内通过导体横截面的电荷量为120C，故电流为：I=2A（2）纯电阻电路，产生的热量等于电功，为：Q=I2Rt=41060=2400J答：（1）导体中的电流为2A（
40、2）1分钟产生的热量是2400J【点评】本题关键掌握电流的定义式和欧姆定律公式，注意纯电阻电路电功等于电热，基础问题30共100匝的矩形线圈在匀强磁场中转动开始线圈平面与磁场方向垂直（如图所示），此时穿过线圈的磁通量为0.4Wb，经0.1S线圈从图示位置转过90求：（1）穿过线圈的磁通量在这0.1S内的变化量是多少？（2）线圈产生的感应电动势是多少？【考点】法拉第电磁感应定律【专题】定量思想；方程法；电磁感应与电路结合【分析】通过线圈的磁通量可以根据=BSsin进行求解，为线圈平面与磁场方向的夹角；根据法拉第电磁感应定律，即可求解平均感应电动势的大小【解答】解：将线圈平面绕OO轴转过90，此时线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则=0因此穿过线圈的磁通量在这0.1S内的变化量是：=0.4Wb；根据法拉第电磁感应定律，则有：E=N=100V=400V答：（1）穿过线圈的磁通量在这0.1S内的变化量是0.4Wb；（2）线圈产生的感应电动势是400V【点评】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大- 23 -