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1、-1-山西省晋中市平遥县第二中山西省晋中市平遥县第二中学学2019-2022019-2020 0学年高二物学年高二物理理1 10 0月月考试题月月考试题（含解析）（含解析）一、选择题选择题（共共 1212 小题小题，每题每题 4 4 分分，共共 4848 分分。其中其中 1-81-8 题只有一个正确选项题只有一个正确选项，9-129-12 题有两题有两个或两个以上正确选项，全选对的给个或两个以上正确选项，全选对的给 4 4 分，选对但不全的给分，选对但不全的给 2 2 分，有选错的给分，有选错的给 0 0 分）分）1.电场中有一点P，则（）A.若该处场强不为零，但该处试探电荷受电场力作用可能为
2、零B.若该处场强越大，则对于同一试探电荷在该处所受电场力越大C.若该处没有试探电荷，则该处场强为零D.该处的电场强度的方向就是该处试探电荷所受力的方向【答案】B【解析】【详解】A、由公式F=qE知，若该处场强不为零，但该处试探电荷受电场力作用不可能为零;故 A 错误.B、由公式F=qE知：P点的场强越大，则同一点电荷在P点所受的电场力就越大;故 B 正确.C、场强是由电场本身决定的，与试探电荷无关，若P点没有试探电荷，P点场强不变，不为零;故 C 错误.D、场强方向是放在该点的正电荷的受力方向，与放在该点的负电荷的受力方向相反;故 D 错误.故选 B.【点睛】本题考查场强的物理意义和方向，抓住
3、场强反映电场本身特性的物理量，方向与正电荷所受的静电力方向相同是关键2.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A.根据电场强度的定义式E=Fq可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式C=QU可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比-2-C.根据真空中点电荷的电场强度公式E=k2Qr可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.根据电势差的定义式UAB=ABWq可知，带电荷量为 1C 的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为 1J，则A、B两点间的电势差为1V【答案】D【解析】【详解】A.电场强度取决于电场
4、本身，与有无试探电荷和试探电荷的电量无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故 A 错误；B.电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故 B 错误；C.根据点电荷的场强公式E=k2Qr知，Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故 C 错误；D.带电荷量为 1C 的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为 1J，即电场力做功为-1J，根据电势差的定义式UAB=ABWq可知，A、B两点间的电势差为1V，故 D 正确。故选：D。3.下面关于电势
5、和电势能的说法正确的是（）A.电势能是电场和电荷共有的能B.在负点电荷的电场中的任一点，正电荷的电势能大于负电荷的电势能C.电势降低的方向，一定就是场强方向D.电荷在电场中电势越高的地方，具有的电势能也一定越大【答案】A【解析】【详解】AD、根据电势能的公式Ep=q可知：电场中电势越高的地方，正电荷在该点具有的电势能越大，负电荷在该点具有的电势能越小故 A 正确，D 错误；B、取无穷远处电势为零，在负的点电荷的电场中的任一点，电势为负值，则由公式Ep=q，可知正电荷的电势能为负值，负电荷的电势能为正值，故正电荷的电势能小于负电荷的电势-3-能，故 B 错误；C、沿电场线的方向电势降低，电场线的
6、方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向，故 C 错误；故选：A4.下列关于电容器的叙述正确的是()A.电容器是储存电荷的容器，只有带电的容器才能称为电容器B.两个彼此绝缘而又相互靠近的导体，当带电时构成电容器，不带电时不是电容器C.电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和D.电容器充电过程是将其他形式的能转化为电容器的电能并储存起来；电容器的放电过程，是将电容器储存的电能转化为其他形式的能【答案】D【解析】【详解】AB.任何两个彼此绝缘又互相靠近的导体都能储存电荷，都可以看成是一个电容器，并不一定带电。故 A 错误，B 错误；C.电容器所带的电荷量是指任意一个极
7、板所带电荷量的绝对值，故 C 错误；D.电容器充电过程是将其他形式能转变成电容器的电能并储存起来；电容器放电过程，是将电容器储存的电能转化为其他形式的能，故 D 正确。故选：D5.一个电容器带电荷量为 Q 时，两极板间的电势差为 U，若使其带电荷量增加 410-7C，电势差则增加 20v，则它的电容是()A.110-8FB.210-8FC.410-8FD.810-8F【答案】B【解析】由电容定义式可得：784 102 1020QQCFUU，故选 B。6.如图所示，光滑绝缘的水平面上的 P 点固定着一个带正电的点电荷，在它的右侧 N 点由静止开始释放一个也带正电的小球（可视为质点）。以向右为正方
8、向，下图中能反映小球运动速-4-度随时间变化规律的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】试题分析：N 点的小球释放后，受到向右的库仑力的作用，开始向右运动，根据库仑定律122rQQFk可得，随着两者之间的距离的增大，N 受到的库仑力在减小，根据牛顿第二定律Fam可得，N 点的点电荷做加速度减小的直线运动，而v t图像中图像的斜率表示物体运动的加速度，所以 A 正确，B 图像表示物体做匀加速直线运动，C 图像表示物体做加速度增大的直线运动，D 图像表示物体先做加速度增大的直线运动，后做加速度减小的直线运动。7.如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为 10cm 的正六边形
9、的六个顶点，A、C、D三点电势分别为 1.0V、3.0V、5.0V，正六边形所在平面与电场线平行.则()A.电场强度的大小为40 33V/mB.UEF与UBC相同C.电场强度的大小为20 33V/mD.E点的电势与C点的电势相等【答案】A【解析】【详解】D.已知正六边形所在平面与电场线平行,且A.C.D三点电势分别为 1.0V、3.0V、-5-5.0V,延长DC且使DC=CG,连接BG,可知UDC=UCG=2.0V，故ABG的电势相等为 1.0V；C、F电势相等为 3.0V，D、E电势相等为 5.0V，故 D 错误；B.电势差UEF=5.03.0=2.0V,电势差UBC=1.03.0=2.0V
10、，故 B 错误；AC.根据U=Ed可知,电场强度E=DCUd=0sin60DCa=5.03.030.12V/m=40 33V/m，故 A 正确，C 错误；故选：A。8.如图所示，M、N是真空中的两块平行金属板，质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v0由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子恰好能到达N板，如果要使这个带电粒子到达M、N板间距的12后返回，下列措施中能满足要求的是(不计重力)()A.使初速度减为原来的12B.使M、N间电压变成原来的12C.使M、N间电压提高到原来的 4 倍D.使初速度和M、N间电压都减为原来的12【答案】D【解析】【详解】A.粒子刚好能达到B金属板时,根据
11、动能定理得,qU=02012mv,现在使带电粒子能到达MN板间距的12处返回,则电场力做功等于2qU.当初速度为02v,U不变,则带电粒子动能的变化Ek=0201()22vm=2018mv，小于到达中点时电场力做的功，粒子无法到达。故 A 错误；-6-B.电压变为原来的12,则带电粒子运动到 MN 板中点时电场力做功W=12q(2U)=14qU，小于粒子的初动能2012mv，到达中点时，速度没有减到零。故 B 错误；C.电压变为原来的 4 倍,则带电粒子运动到 MN 板中点时电场力做功W=12q(4U)=2qU，大于粒子的初动能2012mv，粒子无法到达中点。故 C 错误；D.使初速度和M、N
12、间电压都减为原来的12，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功W=12q(2U)=14qU，带电粒子动能的变化Ek=0201()22vm=2018mv=14qU，故 D 正确。故选：D.9.对于处在静电平衡状态的导体，以下说法中正确的是()A.导体内部既无正电荷，又无负电荷B.导体内部和外表面处的电场均为零C.导体内部电场为零是外加电场与感应电荷产生的电场叠加的结果D.静电平衡时，导体是一个等势体，其表面是一个等势面【答案】CD【解析】【详解】A.金属导体的内部电场强度处处为零，导体内部不再有电荷的定向移动，导体的内部没有多余的净电荷，但是不能说导体内部既无正电荷，又无负电荷。故 A 错误；B
13、.金属导体内部电场强度处处为零，电荷分布在外表面上，表面处的场强不等于 0，故 B 错误；C.金属导体在电场中，出现静电感应现象，导致电荷重新分布。因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与原电场叠加，内部电场强度处处为零。故 C 正确；D.静电平衡时，导体内部电场强度为零，导体表面电场强度方向与表面垂直，在导体表面和导体内部任意移动电荷时，电场力不做功，所以导体是一个等势体，其表面是一个等势面，故 D 正确。故选：CD.-7-10.如图所示，直线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，曲线是某一带电粒子通过电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上两点若带电粒子运动中只受静电力作用，根据此图可以
14、作出的判断是()A.带电粒子所带电荷的符号B.带电粒子在a、b两点的受力方向C.带电粒子在a、b两点的加速度何处大D.带电粒子在a、b两点的加速度方向【答案】BCD【解析】【详解】AB.根据做曲线运动的物体受力的方向指向曲线弯曲的方向，从而判断出电场力的方向沿电场线向左，由于不知道电场线的方向，不能判断出粒子的电性，故 A 错误，B 正确；C.电场线的疏密表示电场的强弱，a点电场线密，电场力大，加速度大，故 C 正确；D.电场力的方向沿电场线向左，加速度方向沿电场线向左，故 D 正确；故选：BCD。11.如图所示,用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差,现使板带电,则下列判断正
15、确的是()A.增大两极板之间的距离,指针张角变大B.将板稍微上移,静电计指针张角将变大C.若将玻璃板插入两板之间,则静电计指针张角变大D.若将 A 板拿走,则静电计指针张角变为零【答案】AB-8-【解析】试题分析：增大两极板之间的距离，由电容的决定式4SCkd可知，电容增小，电容器的电量不变，由 C=QU分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故 A 正确；将 A 板稍微上移时，正对面积减小，由电容的决定式4SCkd可知，电容增小，电量不变，由 C=QU分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故 B 正确将玻璃板插入两板之间，电容的决定式4SCkd可知，电容增大，电量不变，由 C=QU
16、分析可知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故 C 错误已充电的平行板电容器,电容器上所带电量一定，故 D 正确，故选 C考点：本题考查了电容器的动态分析12.如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池的两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合开关 S，给电容器充电，稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为，则()A.若保持开关 S 闭合，A极板向B极板靠近，则增大B.若保持开关 S 闭合，A极板向B极板靠近，则不变C.若开关 S 断开，A极板向B极板靠近，则不变D.若开关 S 断开，A极板向B极板靠近，则增大【答案】AC【解析】【详解】AB、若保持开关 S 闭合,则电容器两端的电压U恒定,A极板向
17、B极板靠近时,两极板间的距离d减小,由E=U/d可知两极板间的电场强度增大，带正电的小球受到的电场力增大，则增大，故 A 正确，B 错误；CD、若开关 S 断开,则电容器所带的电荷量恒定,A极板向B极板靠近时,板间距离减小,根据电容器的决定式4SCkd、定义式QCU以及UEd可得：4 kQES，说明电场强度保持不变；带正电的小球受到的电场力不变，则不变，故 C 正确，D 错误。故选：AC.-9-二、填空题（每空二、填空题（每空 2 2 分，共分，共 1818 分）分）13.如图所示，在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上若先将C移走，再把A、B分开，则A_电，B_电若
18、先将A、B分开，再移走C，则A_电，B_电【答案】(1).不带(2).不带(3).带负(4).带正【解析】【详解】如果先移走 C，A、B 中感应出的正负电荷立刻中和，因此 A、B 不带电；如果先分开A、B 未移走C，由静电感应得接近C的A端带负电，远离C的B端带正电.【点睛】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变14.如图所示为一空腔球形导体(不带电)，现将一个带负电的小金属球 A 放入腔中，当静电平衡时，图中 a、b、c 三点的场强 E 和电势的大小关系分别是：_、_【答案】(1).acbEEE(2).abc【解析】【分析】将带正电的小金属球
19、A 放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面；画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小。【详解】当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图-10-由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则acbEEE根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是abc三、计算题（共三、计算题（共 3434 分，要求写出必要的文字说明，只写答案不给分）分，要求写出必要的文字说明，只写答案不给
20、分）15.长为L的平行金属板水平放置，两板间距为 d，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场。一个带电荷量为q、质量为m的带电粒子，以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，如图所示，不计粒子重力，求：匀强电场的场强；【答案】2022Lmdvq【解析】【详解】粒子在匀强电场中做类平抛运动，在水平方向上：L=v0t，在竖直方向上：212dat由牛顿第二定律得：qE=ma联立解得：E=2022mdvqL16.如图所示中平行金属板A、B之间有匀强电场，A、B间电压为 600 V，A板带正电并接地，A、B两板间距为 12 cm，C点离A板 4 cm.求：(1)C点的电势
21、；-11-(2)若保持两板电压不变，把B板向左移动 2cm，C点的电势变为多少？【答案】(1)200 V；(2)240 V【解析】【详解】(1)板间场强为600V/m0.12UEd=5103V/m，已知A板与C点间的距离为d=0.04 m则UAC=Ed=51030.04 V=200 V.因为A板接地，A=0，且沿电场方向电势降低，所以可得C=200 V.(2)B板向左移动 2cm 后，600V/m0.1UEd=6103V/mACU=Ed=61030.04 V=240 V.因为A板接地，A=0，且沿电场方向电势降低，所以C=240 V.17.如图所示，光滑斜面(足够长)倾角为 37，一带正电的小
22、物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的 2 倍，(sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10 m/s2)求：(1)原来的电场强度；(2)电场变化后小物块的加速度的大小和方向；(3)电场变化后 2 s 内小物块电势能的变化量.【答案】(1)34mgq(2)6 m/s2，方向沿斜面向上(3)电势能减小了 14.4mg 焦耳【解析】【详解】(1)对小物块受力分析如图所示，小物块静止于斜面上，-12-则mgsin 37=qEcos 37，E=tan3734mgmgqq(2)当场强变为原来的2 倍时，小物块受到的合外力F合=2qEcos 37mgsin 37=0.6mg，又F合=ma，所以a=6m/s2，方向沿斜面向上(3)由运动学公式x=12at2=12622m=12 m.静电力做功W=2qExcos 37=14.4mg焦耳所以，电势能的变化量为-14.4mg焦耳，即电势能减小了 14.4mg焦耳