《2020版高考化学二轮复习专题12常见有机物及其应用提升训练含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版高考化学二轮复习专题12常见有机物及其应用提升训练含解析.doc（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、专题十二常见有机物及其应用时间：45分钟满分：100分一、选择题(本大题共10小题，每小题6分，共60分)1(2019年湖南湘东五校联考)青霉素是最重要的抗生素，其在体内经酸性水解后得到一种有机物X。已知X的结构如图，下列有关X的说法正确的是()AX是烃BX的分子式为C5H10NO2SCX只能发生取代反应DX中碳原子上的H若有1个被Cl取代，则有2种不同产物解析：X中含有N、O、S等，属于烃的衍生物，故A错误；根据X的结构简式知，X的分子式为C5H11NO2S，故B错误；X含有氨基，能发生氧化反应，故C错误；X中碳原子上的H有2种，若有1个被Cl取代，则有2种不同产物，故D正确。答案：D2(2
2、019年辽宁沈阳高三模拟)下列物质在给定条件下的同分异构体数目正确的是()AC4H10属于烷烃的同分异构体有3种B分子组成是C5H10O2属于羧酸的同分异构体有5种C分子组成是C4H8O属于醛的同分异构体有3种D的一溴代物有5种解析：A.C4H10为丁烷，有正丁烷与异丁烷两种同分异构体，故A错误；B.羧酸具有COOH，剩余为丁基，丁基有4种，故分子组成是C5H10O2属于羧酸的同分异构体有4种，故B错误；C.醛基为CHO，剩余为丙基，丙基有2种，故分子组成是C4H8O属于醛类的同分异构体有2种，故C错误；D.有机物中含有几种化学环境不同的H原子，就有几种一卤代物，中含有5种H，故其一溴代物有5
3、种，D选项正确。答案：D3(2019年榆林模拟)下图是制溴苯的简易实验装置，下列说法错误的是()A制备溴苯的反应属于取代反应B烧瓶中反应发生后，有白雾产生，继而充满红棕色气体C实验加入试剂的顺序可以是：苯、液溴、铁粉D为了增强验证HBr的实验效果，可将锥形瓶中的导管插入溶液中解析：生成溴苯时，苯环上H被Br取代，为取代反应，故A正确；生成的HBr极易结合水蒸气形成酸雾，反应为放热反应，液溴挥发，继而使烧瓶中充满红棕色气体，故B正确；铁粉为催化剂，反应为放热反应，苯与溴易挥发，且溴与铁反应，实验加入试剂的顺序可以是：苯、液溴、铁粉，故C正确；HBr极易溶于水，不能将锥形瓶中的导管插入溶液中，以免
4、发生倒吸，故D错误。答案：D4(2019年高考浙江4月选考)下列表述正确的是()A苯和氯气生成C6H6Cl6的反应是取代反应B乙烯与溴水发生加成反应的产物是CH2CH2Br2C等物质的量的甲烷与氯气反应的产物是CH3ClD硫酸作催化剂，CH3CO18OCH2CH3水解所得乙醇分子中有18O解析：A.苯和氯气生成农药六六六，其反应方程式为,反应类型是加成反应，A项错误；B.乙烯与溴水发生加成反应的产物是CH2BrCH2Br，B项错误；C.甲烷和氯气反应为连续反应，甲烷和氯气生成CH3Cl和HCl，接着CH3Cl和氯气生成CH2Cl2和HCl，之后生成CHCl3和CCl4，因而产物除了4种有机物，
5、还有HCl，C项错误；D.酯类水解断裂C18O单键，该18O原子结合水中H，即生成乙醇H18OCH2CH3，因而，D项正确。答案：D5(2019年高考北京卷)交联聚合物P的结构片段如图所示。下列说法不正确的是(图中表示链延长)()A聚合物P中有酯基，能水解B聚合物P的合成反应为缩聚反应C聚合物P的原料之一丙三醇可由油脂水解获得D邻苯二甲酸和乙二醇在聚合过程中也可形成类似聚合物P的交联结构解析：将X为带入到交联聚合物P的结构中可知，聚合物P是由邻苯二甲酸和丙三醇通过缩聚反应制备的，据此解题；A根据X为可知，X与Y直接相连构成了酯基，酯基能在酸性或碱性条件下水解，故A不符合题意；B.聚合物P是由邻
6、苯二甲酸和丙三醇通过缩聚反应制备的，故B不符合题意；C.油脂为脂肪酸甘油酯，其在碱性条件下水解可生成脂肪酸盐和甘油即丙三醇，故C不符合题意；D.乙二醇的结构简式为HOCH2CH2OH，与邻苯二甲酸在聚合过程中只能形成链状结构，故D符合题意。答案：D6(2019年河北五校联盟摸底考试)分子中碳元素与氢元素的质量比为214的烃中，主链上有5个碳原子的结构(不考虑立体异构)共有()A3种 B4种C5种 D6种解析：碳元素与氢元素的质量比为214，即物质的量之比为，化简为716，故该烃的分子式为C7H16，属于烷烃，主链上有5个碳原子的结构： (另一个甲基可以在位置上移动，有3种)、共有5种，故选项C
7、正确。答案：C7(2019年沈阳第三次模拟)如图是中学化学中常见的有机物转化关系，A可以提供生命活动所需要的能量，D是石油裂解气的主要成分，E可以发生银镜反应，F的相对分子质量为60，且分子中碳元素的质量分数为40%，下列说法错误的是()ADE的化学方程式：2CH2=CH2O22CH3CHO BA的分子式为C6H12O6C的反应类型为水解反应D与B含有相同官能团的同分异构体有2种解析：根据题意可推断出，A是葡萄糖，B是乙酸乙酯，C是乙醇，D是乙烯，E是乙醛，F是乙酸。乙烯被O2氧化生成乙醛的化学方程式为2CH2=CH2O22CH3CHO，A项正确；葡萄糖的分子式为C6H12O6，B项正确；反应
8、是乙酸乙酯在酸性条件下的水解反应，C项正确；与乙酸乙酯含有相同官能团的同分异构体有3种，分别为HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH3，D项错误。答案：D8(2019年大连模拟)下列关于有机物的说法正确的是()A分子式为CH4O和C2H6O的有机物一定互为同系物B在酸性条件下，C2H5CO18OC2H5的水解产物是C2H5CO18OH和C2H5OH解析：A项，分子式为CH4O和C2H6O的有机物结构不一定相似，二者不一定互为同系物，C2H6O可能是乙醇，也可能是二甲醚，错误；B项，酯化反应羧酸提供羟基，醇提供氢原子，则在酸性条件下，C2H5CO18OC2H
9、5的水解产物是C2H5COOH和C2H518OH，错误；C项，由CH2=CHCOOCH3合成的聚合物应该是错误，D项，由于苯环是平面正六边形结构，则三联苯(如图)分子中氢原子有4种，因此一氯代物有4种，正确。答案：D9(2019年昆明适应性检测)下列说法正确的是()A甲苯的一氯代物有三种同分异构体B乙醇能使酸性高锰酸钾溶液褪色C乙烯、苯、乙酸分子中的所有原子都在同一平面上DC2H4O2和C4H8O2分子组成相差2个CH2，一定互为同系物解析：甲苯中有如图四种氢原子，故其一氯代物有四种同分异构体，A项错误；乙醇中含有羟基，其能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B项正确；乙烯、苯分子中的所有原子都在同一平面
10、上，但乙酸分子中含有甲基，所有原子不可能都在同一平面上，C项错误；C2H4O2和C4H8O2都可以表示羧酸或酯，因此二者不一定互为同系物，D项错误。答案：B10(2019年山东济南高三5月模拟)油酸甘油酯和硬脂酸甘油酯均是天然油脂的成分。 它们的结构简式如下图所示。下列说法错误的是()A油酸的分子式为C18H34O2B硬脂酸甘油酯的一氯代物共有54种C天然油脂都能在NaOH溶液中发生取代反应D将油酸甘油酯氢化为硬脂酸甘油酯可延长保存时间解析：A.油酸的结构简式为CH3(CH2)7CH=CH(CH2)7COOH，分子式为C18H34O2，故A正确；B.硬脂酸甘油酯的结构简式可以表示为.上面的酯基
11、与下面的酯基互为对称结构，因此硬脂酸甘油酯的一氯代物共有36种，故B错误；C.天然油脂的主要成分为高级脂肪酸甘油酯，都能在NaOH溶液中发生水解反应(或取代反应)，故C正确；D.油酸甘油酯中含有碳碳双键，能够氧化变质，将油酸甘油酯氢化转化为硬脂酸甘油酯可延长保存时间，故D正确。答案：B二、非选择题(共40分)11(20分)德国化学家凯库勒认为苯分子的结构中，碳碳间以单、双键交替结合而成环状。为了评价凯库勒的观点，某学生设计了以下实验方案：实验操作：按上图所示的装置图连接好各仪器；检验装置的气密性；在A 中加入适量的苯和液溴的混合液体，再加入少量_，塞上橡皮塞，打开K1、K2、K3止水夹；待烧瓶
12、C中气体收集满后，关闭K3将导管b的下端插入烧杯里的水中，关闭K2，打开K3，挤压预先装有水的胶头滴管的胶头，观察实验现象。请回答下列问题：(1)写出A中反应的化学方程式：_。(2)再加入少量_，在实验过程中观察到装置A 中有微沸现象，原因是_。(3)当C中观察到_，可证明凯库勒观点是错误的，以下可证明凯库勒观点错误的事实是_。6个CH 键的长度相等6个碳碳键的长度都相等苯的一氯代物只有一种结构苯的邻二氧代物只有一种结构苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色苯不能使溴的四氧化碳溶液因加成而褪色A BC全部 D(4)将装置A 内反应后的液体依次进行下列实验操作就可得到较纯净的溴苯：用蒸馏水洗涤，振荡，分液
13、；用5%的NaOH 溶液洗涤，振荡，分液；用蒸馏水洗涤，振荡，分液；加入无水氯化钙干燥，过滤；_ (填操作名称)。解析：(1)苯与液溴在催化剂的作用下可发生取代反应，反应的化学方程式：HBr。(2)在A 中加入适量的苯和液溴的混合液体，再加入少量铁粉，可以观察到装置A 中有微沸现象，原因是苯与液溴的反应是放热反应。(3)苯与溴如果发生加成反应，不会产生溴化氢，不会发生喷泉实验；如果发生取代反应，则生成溴化氢，溴化氢易溶于水，能够发生喷泉实验，所以只要发生喷泉实验，则证明苯与溴发生的是取代而不是加成反应，证明不含双键，可以证明凯库勒观点错误；6个CH键的长度相等，无法说明是否存在单、双键，故错误
14、；6个碳碳键的长度都相等，说明不存在单、双键，故正确；苯的一氯代物只有一种结构，无法说明是否存在单、双键，故错误；苯的邻二氯代物只有一种结构，说明不存在单、双键，故正确；苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明不存在单、双键，故正确；苯不能使溴的四氯化碳溶液因加成而褪色，说明不存在单、双键，故正确。(4)经过至后得到苯和溴苯的混合液，可利用沸点差异通过蒸馏进行分离。答案： (2) 铁粉反应放热(3) 产生喷泉现象B(4) 蒸馏12(20分)(2019年山东潍坊高三月考)实验室可利用环己醇的氧化反应制备环己酮，反应原理和实验装置(部分夹持装置略)如下：有关物质的物理性质见下表。物质沸点()密度(gcm
15、3，20)溶解性环己醇161.1(97.8)*0.96能溶于水和醚环己酮155.6(95.0)*0.95微溶于水，能溶于醚水100.01.0*括号中的数据表示该有机物与水形成的具有固定组成的混合物的沸点。实验中通过装置B将酸性Na2Cr2O7溶液加到盛有10 mL环己醇的A中，在55 60进行反应。反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集95 100的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物。(1)装置D的名称为_。(2)酸性Na2Cr2O7溶液氧化环己醇反应的，反应剧烈将导致体系温度迅速上升，副反应增多。滴加酸性Na2Cr2O7溶液的操作为_；蒸馏不能分离环己酮和水的原因是_。(3)环己酮的提纯需要
16、经过以下一系列的操作：a蒸馏、除去乙醚后，收集151156馏分b水层用乙醚(乙醚沸点34.6，易燃烧)萃取，萃取液并入有机层c过滤d往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液e加人无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水上述提纯步骤的正确顺序是_；B中水层用乙醚萃取的目的是_；上述操作c、d中使用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、玻璃棒外，还需要的玻璃仪器有_，操作d中，加入NaCl固体的作用是_。(4)恢复至室温时，分离得到纯产品体积为6 mL，则环已酮的产率为_。(计算结果精确到0.1%)解析：(1)根据装置图可知，装置D是冷凝管；(2)滴加酸性Na2Cr2O7溶液的方法是：打开分液漏斗颈上的玻璃
17、塞，拧开下端的活塞，缓慢滴加；蒸馏不能分离环己酮和水的原因是；环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸出；(3)环己酮的提纯需要经过以下一系列的操作：往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液；水层用乙醚萃取，萃取液并入有机层；加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水，过滤；蒸馏、除去乙醚后，收集151156馏分。所以，提纯步骤的正确顺序是dbeca；b中水层用乙醚萃取的目的是：使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量； 上述操作c、d(过滤和萃取)中使用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、玻璃棒外，还需要的玻璃仪器有漏斗、分液漏斗。操作d中，加入NaCl固体的作用是：降低环己酮的溶解度，増加水层的密度，有利于分层；(4)恢复至室温时，分离得到纯产品体积为6mL，由表中的密度可以算出环己酮的质量为5.7 g，则其物质的量为0.058 2 mol。由密度可以算出10 mL环己醇的质量为9.6 g，则其物质的量为0.096 mol，则环己酮的产率为100%60.6%。答案：(1)冷凝管(2)打开分液漏斗颈上的玻璃塞，拧开下端的活塞，缓慢滴加环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸发(3)dbeca使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量漏斗、分液漏斗降低环己酮的溶解度，增加水层的密度，有利于分层(4)60.6%- 9 -