《广东省珠海市紫荆中学2016届九年级物理上学期期中试题含解析新人教版.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省珠海市紫荆中学2016届九年级物理上学期期中试题含解析新人教版.doc（25页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2015-2016学年广东省珠海市紫荆中学九年级（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共21分）1四个悬挂着的带电通草球，相互作用情况如图所示，那么D球( )A带与A球不同种的电荷B带与B球不同种的电荷C带与C球不同种的电荷D一定带正电荷2关于分子，下列说法正确的是( )A有的物质分子间只存在引力B“酒香不怕巷子深”说明分子在不停地运动C水结冰后分子会保持静止D“沙尘暴起，尘土满天”说明分子在不停地运动3关于物体的内能，下列说法正确的是( )A物体内能增加，一定要从外界吸收热量B温度为0的物体没有内能C温度相等的1kg水和100g水内能相同D物体温度升高，它的内能一定会增加4质量相等、
2、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是( )A甲的比热容大，是水B甲的比热容大，是煤油C乙的比热容大，是水D乙的比热容大，是煤油5如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环示意图，其中属于做功冲程的是( )ABCD6如图所示，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应( )A只闭合S2B只闭合S3C只闭合S1和S3D只闭合S2和S37如图，在探究“并联电路”特点时，用电流表测得通过小灯泡L1、L2中的电流分别为0.2A和0.4A，则下面分析正确的是( )AL1的电阻值小于L2的电阻值BL1两端电压小于L2两端的电压C干路中的电流为0.6
3、AD并联电路中各支路电压不一定相同二、填空题（每空1分，共21分）8改变内能有不同的方式，图甲是在一配有活塞的厚玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见棉花燃烧的现象这是通过_方式使玻璃筒内的空气_增加，温度升高，达到棉花的燃点，使棉花燃烧图乙是通过_方式把试管里的水加热至沸腾，产生大量的水蒸气把试管的胶塞冲出，这相当于汽油机的_冲程9丝绸摩擦过的玻璃棒带_电，若把它和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，如图甲所示，原因是_若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如图乙所示，则此带电小球带_电10一个定值电阻的阻值为200，接在10V的电源上，通过它的
4、电流为_A，若使通过它的电流为0.1A，则需要在电阻两端加_V的电压当电阻两端的电压为0V时，电阻的阻值为_11如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻闭合开关S，当滑片从中点向右移时，电流表A1的示数_，电流表A2的示数_，电压表的示数_（填“变大”、“变小”或“不变”）12将如图（甲）所示的电路开关闭合后，V1表和V2表的示数分别如图（乙）所示，则V1表的示数为_V，L1两端的电压为_V，L2两端的电压为_V13铅笔芯是石墨和黏土混合制成的不同类型的铅笔的笔芯软硬程不同，其中6H的铅笔芯最硬，6B的铅笔芯最软，HB的铅笔芯软硬居中铅笔芯是导体，那么铅笔芯的电阻大小与其软硬度是否有关呢？小明用
5、如图所示的装置探究这个问题他先后将6B、HB和6H的铅笔芯分别接入电路A、B两点间，通过观察_，比较出三者电阻的大小用这个方法比较电阻大小的依据是：_他接入电路的这三支铅笔芯应满足的条件是：_和_必须相同（不考虑温度对电阻的影响）14如图1所示电路，电源电压U0不变，初始时滑动变阻器的滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，闭合开关后滑片P向左滑过一段距离后电流表才有读数且电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系如图所示，则（1）根据图象2可知：电源电压U0为_V；（2）电阻R为_（3）此时滑动变阻器完好部分的电阻丝的阻值是_三、作图题（共7分）15（1）请在答题卡上画出与图1实物电路连
6、接图对应的电路图（2）根据图2所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）（3）电冰箱的压缩机（电动机）是由温控开关控制的，冷藏室中的照明灯是由门控开关控制的，即开冰箱门时照明灯亮、关冰箱门时照明灯灭请在图3笔画线连接好符合上述特点的电冰箱工作电路图四、实验题（共22分）16图a说明_图b说明_图c说明_17为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间实验数据记录如表液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.1202
7、60.2204（1）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较_来研究水和食用油吸热能力的差异（2）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些这位同学的判断是否正确？_，请说明理由_（3）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的_越大，吸收的热量就越_（选填：“多”或“少”）（4）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的_有关，_的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”） 可见不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用_这个物理量来描述18如图是“探究通过导体的
8、电流与电压、电阻的关系”的电路图，实验序号123电压/V2.02.42.8电流/A0.400.480.56（1）如图所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求：滑动变阻器滑片向左移动时电阻变小（2）当探究电流与电压的关系时，通过调节变阻器滑片P的位置来改变_ 两端的电压三次改变滑片位置，测得三组电压和电流值（表1），发现每次电压与电流的比值是_的（选填“相同”或“不同”），固此可得出电流与电压关系的初步结论：当电阻一定时，_（3）要探究电流与电阻的关系，仅凭图所示器材是不够的还应增加的器材是几个阻值不同的定值电阻为了达到研究目的，实验过程中必须保持_不变；当开关S闭合后电压表的示数是3V
9、，电流表的示数是0.3A，现在将10的电阻换成15的电阻接入电路，进行研究，则下一步应进行操作_五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）（解答要求：写出依据的主要公式或变形公式，有数据代入，答案中必须明确写出数值和单位）19在家庭电路中，某种电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从它说明书上收集到如下数据及图所示的简化电路原理图当S与S0闭合时，A表示数为3A；当S闭合，S0断开时，A表示数为1A，求：电阻R1与R2的阻值20如图中是某太阳能热水器，向其中注入50kg的水，阳光照射段时间后，水温从10升高到50水的比热容是4.2103J/（kg）试求：（1）如
10、果这段时间该太阳能热水器接收到太阳辐射的热量是2.8107J，则这段时间该热水器的效率是多少？（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气；（天然气的热值为8.4107J/m3，天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收）六、综合能力题（共16分）21在连接电路时，如发现有连接错误，不少同学习惯于将电路全部拆散，重新连接其实，有时只要思考一下，拆除或改接某些导线就能解决问题现在考考你，如图是某同学连接的电路：（1）如果合上开关，将出现_现象（选填“断路”或“短路”）除了两只灯都不亮以外，还会造成_的不良后果（2）对于这个电路，只须拆除一根导线，就能成为两灯串联的正确电路请在要拆
11、除的那根线上打上“”号22如图所示，甲、乙、丙三图中的装置相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同比较不同燃料的热值，应选择_两图进行实验；比较不同物质的比热容，应选择_两图进行实验23小明通过学习得知：一般情况下，水的质量一定时，加入食盐的质量越多，溶液的浓度就越高他想探究食盐水溶液的导电性能与什么因素有关小明的猜想是：a食盐水溶液的导电性能与溶液的浓度有关b食盐水溶液的导电性能与金属片之间的距离有关c食盐水溶液的导电性能与溶液的温度有关小明利用水、食盐、烧杯、小勺子、电源、刻度尺、小灯泡、金属片、酒精灯等器材，设计了如图的装置，进行了探究实验他记录的实验表格如下：实验次数加入食盐
12、量两金属片AB间距离/厘米灯泡亮度1勺2微亮2勺2较亮3勺1较亮4勺1很亮（1）比较实验次数1和2可验证猜想_（选填“a”、“b”或“c”）（2）这个实验用到了控制变量法，我们所学的实验中，很多也用到了控制变量法，请举一例：_（3）在实验过程中，小明认为用电流表代替小灯泡也能进行实验，你认为_（选填“可行”或“不可行”），理由是_（4）利用现有的装置和器材，请你对猜想c进行探究验证实验步骤：用酒精灯加热食盐水溶液，观察小灯泡的亮度变化你怎样对该实验结果进行分析判断_（5）请你提出一个新的猜想：溶液的导电性能可能还与_有关2015-2016学年广东省珠海市紫荆中学九年级（上）期中物理试卷一、单项
13、选择题（每小题3分，共21分）1四个悬挂着的带电通草球，相互作用情况如图所示，那么D球( )A带与A球不同种的电荷B带与B球不同种的电荷C带与C球不同种的电荷D一定带正电荷【考点】物体带电情况的判断 【专题】压轴题；电流和电路【分析】电荷之间的相互作用规律：同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引【解答】解：A和B相互吸引，则A与B带异种电荷，一个带正电，一个带负电；B和C相互排斥，它们一定带同种电荷，可能都是正电，也可能都是负电；C和D相互排斥，它们一定带同种电荷，可能都是正电，也可能都是负电综上分析可知：BCD三个小球带同种电荷，A带另一种电荷故选A【点评】解决此类题目注意以下两点：（1）同种电
14、荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体2关于分子，下列说法正确的是( )A有的物质分子间只存在引力B“酒香不怕巷子深”说明分子在不停地运动C水结冰后分子会保持静止D“沙尘暴起，尘土满天”说明分子在不停地运动【考点】分子间的作用力；分子的运动 【专题】分子热运动、内能【分析】物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则，分子间存在相互作用的引力与斥力，分子很小，不能用肉眼直接观察到【解答】解：A、组成物质的分子间同时存在相互作用的引力与斥力，故A错误；B、酒精分子不停地做无规则的运动，通过扩散空气中充满酒精分子，“酒香不怕巷子深”说
15、明分子在不停地运动，故B正确；C、水结冰后，分子仍然不停地做无规则的运动，故C错误；D、组成物质的分子很小，不能用肉眼直接观察到，沙尘与尘土是固体小颗粒，不是分子，故D错误故选B【点评】本题考查了分子动理论的应用，掌握分子动理论的内容是正确解题的关键3关于物体的内能，下列说法正确的是( )A物体内能增加，一定要从外界吸收热量B温度为0的物体没有内能C温度相等的1kg水和100g水内能相同D物体温度升高，它的内能一定会增加【考点】内能的概念 【专题】分子热运动、内能【分析】（1）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关；（2）任何物体在任何温度都具有内能；
16、改变物体内能的方式有两种：做功与热传递【解答】解：A、改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；B、分子不停地做无规则运动，分子动能不为零，物体内能不可能为零，温度为0的物体有内能，任何温度的物体都具有内能，故B错误；C、物体内能与物体的温度、体积、物质的质量有关，温度相等的1kg水的内能大于100g水的内能，故C错误；D、物体温度升高，分子动能增加，物体内能增加，故D正确故选D【点评】知道内能的概念、内能大小的决定因素、改变物体内能的方式是正确解题的关键4质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热
17、损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是( )A甲的比热容大，是水B甲的比热容大，是煤油C乙的比热容大，是水D乙的比热容大，是煤油【考点】比热容的概念 【专题】比热容、热机、热值【分析】选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断【解答】解：如图所示，在某一定时间时，甲的温度的变化量比乙的温度变化量大；利用热量的计算公式Q=cmt 分析，甲的比热容小，是煤油；乙的比热容大，是水故选C【点评】本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法学生要熟知其道理5如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环
18、示意图，其中属于做功冲程的是( )ABCD【考点】内燃机的四个冲程 【分析】根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程【解答】解：A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；C、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意；故选C【点评】此题考查了内燃机的四个冲程的判断6如图所示，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应( )A只闭合S2B只闭合S3C只闭合S1和S3D只闭合S2和S3【考点】串联电路和并联电路的辨别 【
19、分析】并联是将灯泡的两端分别连在一起，结合电路图选择合适的开关组合，组成题目要求的灯泡连接方式【解答】解：当闭合开关S1、S3，断开开关S2时，两盏灯泡的两端分别连在一起，电流分别经过两盏灯泡后回到电源的负极，则它们这种连接方式是并联；故选 C【点评】解决此题的关键是理解串、并联电路的特点，会连接简单的串并联电路7如图，在探究“并联电路”特点时，用电流表测得通过小灯泡L1、L2中的电流分别为0.2A和0.4A，则下面分析正确的是( )AL1的电阻值小于L2的电阻值BL1两端电压小于L2两端的电压C干路中的电流为0.6AD并联电路中各支路电压不一定相同【考点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规
20、律；欧姆定律的应用 【专题】电流和电路；电压和电阻；欧姆定律【分析】分析实物图可知，两灯并联，两个电流表分别测量支路中的电流，根据并联电路的电流特点可求得干路中的电流两灯并联，L1两端电压等于L2两端的电压，根据欧姆定律可求得L1的电阻值和L2的电阻值关系【解答】解：（1）由图可知，两灯并联，则L1两端电压等于L2两端的电压，故BD错误；（2）因为两个电流表分别测量支路中的电流，即I1=0.2A，I2=0.4A，则干路中的电流I=I1+I2=0.2A+0.4A=0.6A，故C正确由I=可得，L1的电阻值大于L2的电阻值，故A错误故选C【点评】本题考查了并联电路中电流的规律和电压的规律，会灵活应
21、用欧姆定律进行分析，属于基础题目二、填空题（每空1分，共21分）8改变内能有不同的方式，图甲是在一配有活塞的厚玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见棉花燃烧的现象这是通过做功方式使玻璃筒内的空气内能增加，温度升高，达到棉花的燃点，使棉花燃烧图乙是通过热传递方式把试管里的水加热至沸腾，产生大量的水蒸气把试管的胶塞冲出，这相当于汽油机的做功冲程【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能 【专题】分子热运动、内能【分析】解决此类问题要掌握：改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：（1）下压活塞时，活塞压缩气体做功，
22、机械能转化为内能，气体的内能增大，温度升高，当达到棉花的燃点，使棉花燃烧；（2）试管内的水从火吸收热量、内能增加、温度升高，属于热传递改变物体的内能；水沸腾后，水蒸气膨胀做功，内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减小，这个过程相当于汽油机的做功过程故答案为：做功； 内能； 热传递；做功【点评】本题考查做功改变物体的内能，要知道做功和热传递改变物体内能的区别9丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，若把它和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，如图甲所示，原因是同种电荷相互排斥若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如图乙所示，则此带电小球带负电【考点】正电荷与负电荷；电荷间的相互作用
23、规律 【专题】电流和电路【分析】（1）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引（3）带有不同电荷的物体相互接触后，会发生电荷的中和现象，使电荷相互抵消【解答】解：（1）丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电；丝绸夺得电子的本领强，得到多余电子带负电（2）带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种正电荷，同种电荷相互排斥而张开（3）如果将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，是因为这个带电小球上的负电荷与验电器上的正电荷发生了中
24、和现象，所以此带电小球带负电荷故答案为：正；同种电荷相互排斥；负【点评】（1）掌握自然界的两种电荷，以及电荷间的作用（2）掌握摩擦起电的实质是电子的转移10一个定值电阻的阻值为200，接在10V的电源上，通过它的电流为0.05A，若使通过它的电流为0.1A，则需要在电阻两端加20V的电压当电阻两端的电压为0V时，电阻的阻值为200【考点】欧姆定律的应用 【专题】欧姆定律【分析】（1）知道定值电阻两端的电压和阻值，根据欧姆定律求出通过的电流；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出通过它的电流为0.1A时两端的电压
25、【解答】解：通过定值电阻的电流：I=0.05A，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当通过定值电阻的电流为0.1A时或电阻两端的电压为0V时，定值电阻的阻值仍为200不变，当通过的电流为0.1A时，定值电阻两端的电压：U=IR=0.1A200=20V故答案为：0.05；20；200【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道定值电阻的阻值不变，是一道基础题目11如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻闭合开关S，当滑片从中点向右移时，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变小，电压表的示数不变（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】电路的动态分析 【专题】电路变
26、化分析综合题【分析】由图可知：R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量R1中的电流，电流表A2测量干路电流，滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据并联电路的电压特点可知，两电流表示数变化量之间的关系，根据P=UI得出R2电功率的变化量【解答】解：如图，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量R1中的电流，电流表A2测量干路电流；由于电源电压保持不变，则电压表V的示数不变；当滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，R2连入电路的电阻变大，由I=得：通过R2的电流变小；由R1不变，则通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；根据并联电路干路电流等
27、于各支路电流之和可知：电流表A2的示数变小故答案为：不变；变小；不变【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键12将如图（甲）所示的电路开关闭合后，V1表和V2表的示数分别如图（乙）所示，则V1表的示数为5.5V，L1两端的电压为3V，L2两端的电压为2.5V【考点】串联电路的电压规律；电压表的读数方法 【专题】电压和电阻【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压根据串联电路的电压特点结合电压表指针的位置判断两电压表的量程，根据分度值和指针位
28、置读出示数，进而确定灯两端的电压【解答】5.5 3 2.5解：由电路图可知，L1与L2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压（1）因为串联电路中总电压等于各分电压之和，且V1的偏角小于V2的偏角，所以电压表V1的量程为015V，分度值为0.5V，则电源的电压U=5.5V；电压表V2的量程为03V，对应的分度值为0.1V，则灯泡L2两端的电压U2=2.5V；（2）因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以L1两端的电压为5.5V2.5V=3V故答案为：5.5；3；2.5【点评】本题考查了串联电路的电压特点和电压表的读数，根据串联电路中的电压特点和指针的位置确定电压表的量程是关
29、键13铅笔芯是石墨和黏土混合制成的不同类型的铅笔的笔芯软硬程不同，其中6H的铅笔芯最硬，6B的铅笔芯最软，HB的铅笔芯软硬居中铅笔芯是导体，那么铅笔芯的电阻大小与其软硬度是否有关呢？小明用如图所示的装置探究这个问题他先后将6B、HB和6H的铅笔芯分别接入电路A、B两点间，通过观察电流表示数的大小，比较出三者电阻的大小用这个方法比较电阻大小的依据是：电压一定，电流越大，电阻越小他接入电路的这三支铅笔芯应满足的条件是：长度和横截面积必须相同（不考虑温度对电阻的影响）【考点】影响电阻大小的因素 【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】电阻是阻碍电流大小的物理量，因此根据电流示数的变化分析不同铅笔芯的
30、电阻大小；比较电阻大小是利用电源电压不变，电流越大，电阻越小的原理进行分析的；用控制变量法进行分析，即控制铅笔芯的长度和横截面积相同【解答】解：为电流表与铅笔芯串联，而电阻是阻碍电流大小的物理量，因此通过观察电流表示数的大小可以比较出铅笔芯电阻的大小；其原理是：电压一定，电流越大，电阻越小（或欧姆定律）；为了探究电阻大小与材料的关系，因此要控制铅笔芯粗细相同、长度相同故答案为：电流表示数的大小；电压一定，电流越大，电阻越小；长度；横截面积【点评】知道影响电阻大小的因素是进行探究的前提，同时知道控制变量法的适用范围和原理14如图1所示电路，电源电压U0不变，初始时滑动变阻器的滑片P在最右端，但由
31、于滑动变阻器某处发生断路，闭合开关后滑片P向左滑过一段距离后电流表才有读数且电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系如图所示，则（1）根据图象2可知：电源电压U0为1.5V；（2）电阻R为1（3）此时滑动变阻器完好部分的电阻丝的阻值是9【考点】欧姆定律的应用 【专题】电路和欧姆定律【分析】（1）从图象上可以看出断点的位置和电源电压的大小；（2）从图象上可看出，当x=5cm时电路为通路，并读出电表的示数，根据串联电路电压的规律求出电阻R两端的电压，根据欧姆定律求出电阻R的大小；（3）根据欧姆定律求出接入电路的电阻，即为此时滑动变阻器完好部分的电阻丝的阻值【解答】解：（1）由图乙可知，当x5cm时
32、，电压表示数保持1.5V不变，则断点处离变阻器最右端5cm，电源电压为1.5V；（2）当x=5cm时，由乙、丙图可知，电压表示数I1=1.35V，电流表示数U1=0.15A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：UR=U0U1=1.5V1.35V=0.15V，由I=可得，电阻R的阻值：R=1；（3）滑动变阻器完好部分的电阻丝的阻值：R1=9故答案为：（1）1.5；（2）1；（3）9【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析图象得到有用的数据三、作图题（共7分）15（1）请在答题卡上画出与图1实物电路连接图对应的电路图（2）根据图2所示的电路图，用笔画线代替导
33、线，连接实物电路（要求导线不能交叉）（3）电冰箱的压缩机（电动机）是由温控开关控制的，冷藏室中的照明灯是由门控开关控制的，即开冰箱门时照明灯亮、关冰箱门时照明灯灭请在图3笔画线连接好符合上述特点的电冰箱工作电路图【考点】根据实物图画电路图；实物的电路连接 【专题】电流和电路【分析】（1）实物图可知，两灯泡并联，开关S控制L2支路，根据实物图完成电路图即可；（2）根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可（3）由题意可知，电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联；灯和压缩机可以独立工作、互不影响，即
34、为并联【解答】解：（1）电流从正极出发经开始分支，一支经灯泡L1，另一支经灯泡L2，开关S，然后两支汇合，回到电源负极如图所示：（2）采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次串联开关S1、电流表分支，一支经灯泡L1，另一支经灯泡L2和开关S2然后回负极，如下图所示（3）由题意可知：灯和压缩机是并联关系，且电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联，如下图所示：【点评】（1）本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况，画电路图是初中物理的重点也是难点（2）本题考查了实物电路图的连接，连接电路图时，要先连接干路，再连接支路，注意电表正负接线柱不要接反（3）本题考查了
35、并联电路的特点和开关的作用，关键是根据题意得出灯泡与电动机独立工作、互不影响四、实验题（共22分）16图a说明分子不停地做无规则运动图b说明分子间存在引力图c说明对物体做功，物体内能增加【考点】扩散现象；做功改变物体内能；分子间的作用力 【专题】应用题；分子热运动、内能【分析】物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子间存在着间隙；【解答】解：a图中红棕色的二氧化氮气态与空气混合是扩散现象，说明组成物质的分子在不停地做无规则运动；b图中表面磨平的两个铅块压紧后，可以悬挂重物，说明分子间存在引力；c图中下压活塞，玻璃筒中的棉团燃烧，说明对空气做功，空
36、气的内能增大，温度升高故答案为：分子不停地做无规则运动；分子间存在引力；对物体做功，物体内能增加【点评】本题考查学生对分子动理论内容的了解情况，需要结合具体生活实例进行分析，并掌握用物理语言解释物理现象的能力17为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间实验数据记录如表液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度来研究水和食用油吸热能力的差异（2）分析第1、4次
37、，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些这位同学的判断是否正确？不正确，请说明理由因为完全相同的加热器，加热相同的时间，放出的热量相同，所以甲、乙两种液体吸收的热量相等（3）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（选填：“多”或“少”）（4）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”） 可见不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容这个物理量来描述【考点】控制变量法与探究性实验方案 【专
38、题】实验探究题；探究型实验综合题【分析】（1）实验中采用了转换法，通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热能力（2）相同的加热器，加热相同的时间，吸收热量相同，至于甲乙升高的温度不同是因为比热容不同造成的即用加热时间的长短比较吸热的多少（3）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为2、3或5、6的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论（4）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为2、4的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论【解答】解：（1）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度（或温度升高的多少等）来研究水和食用油吸热能力的差异（2）用相同的加热器对液体加热
39、，在相等时间内液体吸收的热量相等，加热相同时间，甲、乙两种液体吸收的热量相等，则该同学的判断是错误的（3）由表中第2、3次或第5、6次实验数据可知，液体的种类和液体升高的温度相等而液体质量不同，液体质量越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（4）由表中第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度相等而液体种类不同，甲液体的加热时间比乙液体的加热时间长，甲液体比乙液体吸收的热量多，由此可得：液体吸收热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强，不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容这个物理量来描述故答案为：（1）升高
40、的温度；（2）不正确；因为完全相同的加热器，加热相同的时间，放出的热量相同，所以甲、乙两种液体吸收的热量相等；（3）质量；多；（4）种类；甲；比热容【点评】利用控制变量法分析实验时，其基本思路是先找出相同（保持不变）的实验条件，然后再找出不同的实验条件，最后观察实验结果跟变化的实验条件之间的关系18如图是“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的电路图，实验序号123电压/V2.02.42.8电流/A0.400.480.56（1）如图所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求：滑动变阻器滑片向左移动时电阻变小（2）当探究电流与电压的关系时，通过调节变阻器滑片P的位置来改变Rx 两端的电压
41、三次改变滑片位置，测得三组电压和电流值（表1），发现每次电压与电流的比值是相同的（选填“相同”或“不同”），固此可得出电流与电压关系的初步结论：当电阻一定时，导体中的电流与它两端的电压成正比（3）要探究电流与电阻的关系，仅凭图所示器材是不够的还应增加的器材是几个阻值不同的定值电阻为了达到研究目的，实验过程中必须保持电阻两端电压不变；当开关S闭合后电压表的示数是3V，电流表的示数是0.3A，现在将10的电阻换成15的电阻接入电路，进行研究，则下一步应进行操作调节滑动变阻器，保持电压不变【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验 【专题】实验题；控制变量法；探究型实验综合题【分析】（1）滑动变阻器安装
42、一下一上的原则串联接入电路（2）探究电流与电压的关系应控制电阻相同而改变电阻两端电压，分析表中实验数据然后得出结论（3）探究“电流与电阻关系”，应控制电阻两端的电压不变，改变电阻，观察电流如何变化【解答】解：（1）把滑动变阻器串联接入电路，由于滑动变阻器滑片向左移动时电阻变小，则将左下边的接线柱连接，如图所示：（2）当探究电流与电压的关系时，应控制电阻阻值不变而改变电阻两端电压，测出通过电阻的电流，由表中实验数据可知，每次电压与电流的比值是相同的，由此可得出电流与电压关系的初步结论：当电阻一定时，电流与电压成正比（3）要探究电流与电阻的关系，要控制电阻两端电压不变而改变定值电阻阻值，所以当电阻
43、R=10时，开关闭合后，电压表的示数是3V，电流表的示数为0.3A小明记下这些数据后，将电阻换成阻值为15的电阻接入电路，电阻两端电压不能改变，因此下一步操作是：调节滑动变阻器，保持电压不变（或向左移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持3V不变）故答案为：（1）如图所示；（2）RX；相同；导体中的电流与它两端的电压成正比；（3）电压；调节滑动变阻器，保持电压不变（或向左移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持3V不变）【点评】题考查了连接实物电路图、实验数据分析、实验设计，知道实验原理、应用控制变量法、分析表中实验数据即可解题；熟练正确应用控制变量法是正确解题的关键五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）（解答要求：写出依据的主要公式或变形公式，有数据代入，答案中必须明确写出数值和单位）19在家庭电路中，某种电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从它说明书上收集到如下数据及图所示的简化电路原理图当S与S0闭合时，A表示数为3A；当S闭