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1、选修23综合素质测试本测试仅供教师备用，学生书中没有。时间120分钟，满分150分。一、选择题(本大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1六个人从左至右排成一行，最左端只能排甲或乙，最右端不能排甲，则不同的排法共有()A192种B216种C240种 D288种答案B解析分两类：最左端排甲有A20种不同的排法，最左端排乙，由于甲不能排在最右端，所以有CA96种不同的排法，由加法原理可得满足条件的排法共有216种2(2015新课标理，3)根据下面给出的2004年至2013年我国二氧化硫年排放量(单位：万吨)柱形图，以下结论中不正确的是()A逐年
2、比较，2008年减少二氧化硫排放量的效果最显著B2007年我国治理二氧化硫排放显现成效C2006年以来我国二氧化硫年排放量呈减少趋势D2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份正相关答案D解析考查正、负相关及对柱形图的理解由柱形图得，从2006年以来，我国二氧化硫排放量呈下降趋势，故年排放量与年份负相关，故选D.3(4x2x)6(xR)展开式中的常数项是()A20 B15C15 D20答案C解析本小题考查二项展开式的指定项的求法Tr1C(4x)6r(2x)rC(1)r2(123r)x，令123r0，r4，T5C15.4设随机变量X服从二项分布XB(n，p)，则等于()Ap2 B(1p)2C1p
3、D以上都不对答案B解析因为XB(n，p)，(D(X)2np(1p)2，(E(X)2(np)2，所以(1p)2.故选B.5某地区空气质量监测资料表明，一天的空气质量为优良的概率是0.75，连续两天为优良的概率是0.6，已知某天的空气质量为优良，则随后一天的空气质量为优良的概率是()A0.8 B0.75C0.6 D0.45答案A解析本题考查条件概率的求法设A“某一天的空气质量为优良”，B“随后一天的空气质量为优良”，则P(B|A)0.8，故选A6(2015广东理，4)袋中共有15个除了颜色外完全相同的球，其中有10个白球，5个红球从袋中任取2个球，所取的2个球中恰有1个白球，1个红球的概率为()A
4、 BC D1答案B解析从袋中任取 2个球共有 C215105种，其中恰好1个白球1个红球共有C110C1550种，所以恰好1个白球1个红球的概率为，故选B.7某校高三年级举行一次演讲比赛共有10位同学参赛，其中一班有3位，二班有2位，其他班有5位，若采用抽签方式确定他们的演讲顺序，则一班3位同学恰好被排在一起，而二班2位同学没有被排在一起的概率为()A BC D答案B解析基本事件总数为A，而事件A包括的基本事件可按“捆绑法”与“插空法”求解10个人的演讲顺序有A种可能，即基本事件总数为A，一班同学被排在一起，二班的同学没有被排在一起这样来考虑：先将一班的3位同学当作一个元素与其他班的5位同学一
5、起排列有A种，二班的2位同学插入到上述6个元素所留7个空当中，有A种方法依分步计数原理得不同的排法有AAA种所求概率为.故选B.8为了评价某个电视栏目的改革效果，在改革前后分别从居民点随机抽取了100位居民进行调查，经过计算2的观测值299，根据这一数据分析，下列说法正确的是()A有99%的人认为该栏目优秀B有99%的人认为栏目是否优秀与改革有关C有99%的把握认为电视栏目是否优秀与改革有关系D以上说法都不对答案C解析当26.635时有99%的把握认为电视栏目是否优秀与改革有关系故选C9甲、乙两队进行排球决赛，现在的情形是甲队只要再赢一局就获冠军，乙队需要再赢两局才能得冠军若两队胜每局的概率相
6、同，则甲队获得冠军的概率为()A BC D答案D解析考查互斥事件的概率加法公式甲获得冠军包括两种情况：在接下来的比赛中，第一局甲赢和第一局甲没赢，第二局甲赢P(1)，选D.10(2015新课标理，4)投篮测试中，每人投3次，至少投中2次才能通过测试已知某同学每次投篮投中的概率为0.6，且各次投篮是否投中相互独立，则该同学通过测试的概率为()A0.648 B0.432C0.36 D0.312答案A解析考查独立重复试验；互斥事件和概率公式根据独立重复试验公式得，该同学通过测试的概率为C0.620.40.630.648，故选A11如图，已知面积为1的正三角形ABC三边的中点分别为D、E、F，从A，B
7、，C，D，E，F六个点中任取三个不同的点，所构成的三角形的面积为X(三点共线时，规定X0)，则E(x)()A BC D答案B解析由题意知X可取0，1，P(X0)，P(X)，P(X)，P(X1).则E(X).12已知(12x)n的展开式中，奇数项的二项式系数之和是64，则(12x)n(1x)的展开式中，x4的系数为()A672 B672C280 D280答案D解析由2n164，所以n16，n7.则(12x)7(1x)的展开式中含x4的项为：C(2x)4C(2x)3x(24C23C)x4280x4，所以x4的系数为280.故选D.二、填空题(本大题共4个小题，每小题4分，共16分，将正确答案填在题
8、中横线上)13(2015广东理，13)已知随机变量X服从二项分布B(n，p)若E(X)30，D(X)20，则p_.答案解析依题可得E(X)np30且D(x)np(1p)20，解得p.14如下图，A、B、C、D为海上的四个小岛，要建三座桥，将这四个小岛连接起来，则不同的建桥方案共有_种答案16解析一类：从一个岛出发向其它三岛各建一桥共有C4种；二类：一个岛最多建两座桥如ABCD与DCBA这样两个排列对应一种建桥方法，因此共有12种，据分类计数原理共有16种15设l为平面上过点(0,1)的直线，l的斜率等可能地取2、0、2，用表示坐标原点到l的距离，则随机变量的数学期望E()_.答案解析求数学期望
9、，关键是求出其分布列根据题意，先确定的所有可能的取值，再计算概率，从而列出分布列当l的斜率k为2时，直线方程为2xy10，此时d1；k时，d2；k时，d3；k0时，d41.由等可能事件的概率可得分布列如下：1PE()1.16(2015上海理，11)在(1x)10的展开式中，x2项的系数为_(结果用数值表示)答案45解析因为(1x)10(1x)10(1x)10C(1x)9，所以x2项只能在(1x)10展开项中，即为Cx2，系数为C45.三、解答题(本大题共6个小题，共74分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17(本题满分12分)若在二项式n的展开式中，前三项的系数成等差数列，求展开式中的
10、有理项解析n的展开式中前三项是：T1C()n，T2C()n1，T3C()n22，其系数分别是：C，C，C，且2CCC，解之得n1或n8，n1不符合题意应舍去，故n8.当n8时，Tr1C()8rrCx，Tr1为有理项的充要条件是Z，所以r应是4的倍数，故r可为0,4,8，故所有有理项为T1x4，T5x，T9.说明求展开式中特定项或特定项的系数，利用二项展开式的通项公式Tr1Canrbr.18(本题满分12分)在一次合唱中有6个女生(其中有1个领唱)和2个男生分成两排表演(1)每排4人，问共有多少种不同的排法？(2)领唱站在前排，男生站在后排，还是每排4人，问有多少种不同的排法？解析(1)要完成这
11、件事，必须分三步：第一步，先从8人中选4人站在前面，另4人站在后面，共有CCC种不同的排法；第二步，前面4人进行排列，有A种排法；第三步，后面4人也进行排列，有A种排法三步依次完成，才算这件事完成，故由分步乘法计数原理有NCAA403 20种不同的排法(2)同理有NCAA5 760种不同的排法19(本题满分12分)一厂家向用户提供的一箱产品共10件，其中有2件次品，用户先对产品进行抽检以决定是否接收抽检规则是这样的：一次取一件产品检查(取出的产品不放回箱子)；若前三次没有抽查到次品，则用户接收这箱产品；若前三次中一抽查到次品就立即停止抽检，并且用户拒绝接收这箱产品(1)求这箱产品被用户接收的概
12、率；(2)记抽检的产品件数为，求的分布列解析(1)设“这箱产品被用户接收”为事件A，则P(A).即这箱产品被用户接收的概率为.(2)的可能取值为1,2,3.P(1).P(2).P(3).的分布列为：123P20.(本小题共12分)乒乓球台面被网分隔成甲、乙两部分，如图，甲上有两个不相交的区域A，B，乙被划分为两个不相交的区域C，D.某次测试要求队员接到落点在甲上的来球后向乙回球规定：回球一次，落点在C上记3分，在D上记1分，其它情况记0分对落点在A上的来球，队员小明回球的落点在C上的概率为，在D上的概率为；对落点在B上的来球，小明回球的落点在C上的概率为，在D上的概率为.假设共有两次来球且落在
13、A、B上各一次，小明的两次回球互不影响求：(1)小明两次回球的落点中恰有一次的落点在乙上的概率；(2)两次回球结束后，小明得分之和的分布列与数学期望解析(1)记Ai为事件“小明对落点在A上的来球回球的得分为i分”(i0,1,3)，则P(A3)，P(A1)，P(A0)1；记Bi为事件“小明对落点在B上的来球回球的得分为i分”(i0,1,3)，则P(B3)，P(B1)，P(B0)1.记D为事件“小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上”由题意，DA3B0A1B0A0B1A0B3，由事件的独立性和互斥性，P(D)P(A3B0A1B0A0B1A0B3)P(A3B0)P(A1B0)P(A0B1)P(A0
14、B3)P(A3)P(B0)P(A1)P(B0)P(A0)P(B1)P(A0)P(B3)，所以小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上的概率为.(2)由题意，随机变量可能的取值为0,1,2,3,4,6，由事件的独立性和互斥性，得P(0)P(A0B0)，P(1)P(A1B0A0B1)P(A1B0)P(A0B1)，P(2)P(A1B1)，P(3)P(A3B0A0B3)P(A3B0)P(A0B3)，P(4)P(A3B1A1B3)P(A3B1)P(A1B3)，P(6)P(A3B3).可得随机变量的分布列为：012346P所以，数学期望E()012346.21(本题满分12分)某城市一个交通路口原来只设有
15、红绿灯，平均每年发生交通事故80起，案件的破获率为70%，为了加强该路口的管理，第二年在该路口设置了电子摄像头，该年发生交通事故70起，共破获56起，第三年白天安排了交警执勤，该年发生交通事故60起，共破获了54起(1)根据以上材料分析，加强管理后的两年该路口的交通状况发生了怎样的变化？(2)试采用独立性检验进行分析，设置电子摄像头对该路口交通肇事案件的破获产生了什么样的影响？设置电子摄像头和交警白天执勤的共同作用对该路口交通肇事案件的破获产生了什么样的影响？解析(1)由统计数据可知，没有采取措施之前，案件的发生较多，并且破获率只有70%，安装电子摄像头之后，案件的发生次数有所减少，并且破获率
16、提高到了80%，白天安排交警执勤后，案件的发生次数进一步减少，并且破获率提高到了90%.由此可知，电子摄像头对遏制交通案件的发生起到了一定作用，并且给破案带了一定的帮助，而安排交警执勤对这些的影响更大(2)根据所提供的数据可以绘制对应的22列联表如下：破获的案件未破获的案件合计未采取措施562480安装摄像头561470合计11238150破获的案件未破获的案件合计未采取措施562480安装摄像头及交警执勤54660合计11030140从如图所示的条形图容易看出，安装电子摄像头后，破案率有了提高，实行交警执勤后案件的破获率有了明显提高，这说明两种措施对案件的破获都起到了一定的积极作用先分析电子
17、摄像头对破案的影响可信度，令a56，b24，c56，d14，构造随机变量21.974.其中nabcd.而查表可知，P(21.323)0.25.且10.250.7575%，因此约有75%的把握认为，安装电子摄像头对案件的破获起到了作用再分析安装电子摄像头及交警执勤的情况，同样令a56，b24，c54，d6，则28.145，其中nabcd.而查表可知，P(26.635)0.01，且10.010.9999%，因此约有99%的把握认为安装电子摄像头及交警执勤对案件的破获起到了作用22(本题满分14分)袋中装有标有数字1,2,3,4,5的小球各2个，从袋中任取3个小球，按3个小球上最大数字的9倍计分，每个小球被取出的可能性都相等，用表示取出的3个小球上的最大数字，求：(1)取出的3个小球上的数字互不相同的概率；(2)随机变量的概率分布列和数学期望；(3)取球一次计分介于20分到40分之间的概率解析(1)“一次取出的3个小球上的数字互不相同”的事件记为A，则P(A).(2)由题意，的可能取值为：2,3,4,5，P(2)，P(3)，P(4)，P(5)，所以的分布列如下表：2345P因此的数学期望为E()2345.(3)“取球一次计分介于20分到40分之间”的事件记为C，则P(C)P(3或4)P(3)P(4).11