四川省成都市高新区2020届高三物理10月月考试题.doc

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1、2020学年高2020级高三10月统一检测 物理试题(考试时间:100 分钟 满分:100 分)一单项选择题(本大题共8小题,每小题只有一个选项符合题意。每小题3分,共24分。)1以下说法中正确的是()A位移是矢量,位移的方向即为质点运动的方向B物体的加速度不变,则物体所受外力的合力一定为恒力C做曲线运动的物体,其加速度一定发生变化D人走在松软的土地上会下陷,是因为人对地面的压力大于地面对人的支持力2一枚玩具火箭由地面竖直向上发射,其速度时间图象如右图所示,由图象可知()Atc时刻火箭返回到地面B在0tb段火箭是上升的,在tbtc段火箭是下落的C0ta段火箭的加速度小于tatb段火箭的加速度D

2、tbtc时间内,玩具火箭处于超重状态3如图所示,一物块置于粗糙水平地面上,当用与水平方向成60角的力F1拉物块时,物块做匀速直线运动;当改用与水平方向成30角的力F2推物块时,物块仍做匀速直线运动。若F1和F2的大小相等,则物块与地面之间的动摩擦因数为()A BC D14如上右图所示,一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质缆绳提升一箱货物,已知货箱的质量为m0,货物的质量为m,货车以速度v向左做匀速直线运动,在将货物提升到图示的位置时,下列说法正确的是()A货箱向上运动的速度大于v B缆绳中的拉力FT等于(m0m)gC货物对货箱底部的压力等于mg D货箱向上运动的速度等于vcos5如图所示,一位同学

3、玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P点,飞镖抛出时与P等高,且距离P点为L。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时,圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力,重力加速度为g,若飞镖恰好击中P点,则v0可能为 ()A B C D6在动摩擦因数=0.2的水平面上有一个质量为m=2kg的小球,小球与水平轻弹簧及与竖直方向成=45角的不可伸长的轻绳一端相连,如图所示,此时小球处于静止状态,且水平面对小球的弹力恰好为零当剪断轻绳的瞬间,取g=10m/s2 ,以下说法正确的是()A此时轻弹簧的弹力大小为B小球的加速度大小为8m/s2 ,方向向左C若剪断弹簧,则剪断的瞬间小球的加速度为8m

4、/s2D若剪断弹簧,则剪断的瞬间小球的加速度大小为10m/s2 ,方向向左7如图所示,在绕过盘心O的竖直轴匀速转动的水平盘上,沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B,它们与盘面间的动摩擦因数相同,当转速刚好使两个物体要滑动而未滑动时,烧断细线,则两个物体的运动情况是()A两物体均沿切线方向滑动 B两物体均沿半径方向滑动,离圆盘圆心越来越远C两物体仍随圆盘一起做圆周运动,不发生滑动 D物体B仍随圆盘一起做圆周运动,物体A发生滑动8光滑斜面倾角=30,一个物体受平行于斜面的力F作用从O点,由静止出发做匀加速直线运动,经过时间t到达A点时撤去F,又经过时间2t物体回到了出发点O。则外力F

5、与重力G的比值为( )A1:2 B2:3 C5:7 D9:10二、多项选择题(本大题5小题,每小题4分,共20分。每小题有两个正确选项,全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分。)9如图所示,长为L的细绳一端固定,另一端系一质量为m的小球。给小球一个合适的初速度,小球便可在水平面内做匀速圆周运动,这样就构成了一个圆锥摆,设细绳与竖直方向的夹角为。下列说法中正确的是( )A小球受重力、细绳的拉力和向心力作用 B细绳拉力在水平方向的分力提供了向心力C 越大,小球运动的周期越大 D 越大,小球运动的线速度越大10如图所示,倾角为的斜面体C置于水平地面上,一条细线一端与斜面上的

6、物体B相连,另一端绕过轻质滑轮与物体A相连,该滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O点,细线与竖直方向成角,A、B、C始终处于静止状态,不计细绳与滑轮间摩擦。下列说法正确的是( )A若仅将C向左缓慢移动一点,角将增大B若仅增大A的质量,则地面对C的摩擦力一定增大C若仅增大B的质量,则B受到的摩擦力一定增大D若仅增大A的质量,则B对C的摩擦力一定增大11如图所示,河的宽度为L,河水流速为v水,甲、乙两船均以静水中的速度v同时渡河。出发时两船相距2L,甲、乙船头均与岸边成60角,且乙船恰好能直达正对岸的A点。则下列判断正确的是()A甲船在A点左侧靠岸 B甲船正好也在A点靠岸C甲、乙两船可能在未到达对岸

7、前相遇 D甲、乙两船到达对岸的时间相等12如图所示,某科研单位设计了一空间飞行器,飞行器从地面起飞时,发动机提供的动力方向与水平方向夹角60,使飞行器恰恰与水平方向成30角的直线斜向右上方匀加速飞行,经时间t后,将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小,使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行,飞行器所受空气阻力不计,下列说法中正确的是( )A加速时动力的大小等于mg B加速时加速度的大小为gC减速时动力的大小等于mg D减速飞行时间t后速度为零13三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动,两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37现有两个小物块A、B从传送带底端都以4m/s的初速度冲

8、上传送带,物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5,下列说法正确的是( )A物块A、B都不能到达传送带顶端B两物块在传送带上运动的全过程中,物块A、B所受摩擦力一直阻碍物块A、B的运动C物块B在上冲过程中在传送带上留下的划痕长度为0.45mD物块A上冲到与传送带速度相同的过程中,物块相对传送带运动的路程为1.0m第卷(选择题,共 56 分)三、实验题:14(6分)用如图所示的器材和方法可以验证“力的平行四边形定则”。在圆形桌子透明桌面上平铺一张白纸,在桌子边缘安装三个光滑的滑轮,其中,滑轮P1固定在桌子边,滑轮P2、P3可沿桌边移动。 第一次实验中,步骤如下:A在三根轻绳下挂上一定数量的钩码,并使

9、结点O静止;B在白纸上描下O点的位置和三根绳子的方向,以O点为起点,作出三拉力的图示;C以绕过P2、P3绳的两个力为邻边作平行四边形,作出O点为起点的平行四边形对角线,量出对角线的长度;D检验对角线的长度和绕过P1绳拉力的图示的长度是否一样,方向是否在一条直线上。(1)(每空1分)这次实验中,若一根绳挂的钩码质量为m,另一根绳挂的钩码质量为2m,则第三根绳挂的钩码的质量一定大于_且小于_。(2)(每空2分)第二次实验时,改变滑轮P2、P3的位置和相应绳上钩码的数量,使结点平衡,绳的结点_(选填“必须”或“不必”)与第一次实验中白纸上描下的O点重合。实验中,若桌面不水平_(选填 “会”或“不会”

10、)影响实验的结论。15(每小题3分,共9分)为了探究质量一定时加速度与力的关系,一同学设计了如图所示的实验装置.其中为带滑轮的小车的质量,为砂和砂桶的质量,滑轮的质量可以忽略不计.(1)下列实验步骤正确的是A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高,以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器,先接通电源,再释放小车,打出一条纸带后,同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量,打出几条纸带E.为减小误差,实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(两计数点间还有两个点没有画出),已知打点计时器采用的是频率为50HZ的交流电,根据纸带可求出小

11、车的加速度为 .(结果保留2位有效数字)(3)以弹簧测力计的示数为横坐标,加速度为纵坐标,画出图象是一条过原点的直线,图线与横坐标的夹角为,求得图线的斜率为,则小车的质量为A. B. C. D.四计算题:(本大题共4小题,41分)16(8分)在两车道的公路上有黑白两辆车,黑色车停在A线位置,某时刻白色车以速度v140 m/s通过A线后,立即以大小为a14 m/s2的加速度开始制动减速,黑色车4 s后以a24 m/s2的加速度开始向同一方向做匀加速运动,经过一定时间,两车都到达B线位置。两车可看成质点,从白色车通过A线位置开始计时,求经过多长时间两车都到达B线位置及此时黑色车的速度大小。17(8

12、分)一竖直杆上相距L的A、B两点拴着一根不可伸长的轻绳,绳长1.4L,绳上套着一个光滑的小铁环,设法转动竖直杆,不让绳缠绕在杆上,而让铁环在某水平面上做匀速圆周运动,如图所示,当两段绳成直角时,求铁环转动的周期,已知重力加速度为g。18(11分)如图所示,一质量m=2kg的小球套在一根足够长的固定直杆上,直杆与水平夹角=37,杆与球间的动摩擦因数=0.5,t=0时小球在水平向左的拉力F作用下从A点由静止出发沿杆开始做匀加速运动加速度大小a1=2m/s2 ,小球运动t1=5s到达P点(没画出)后撤去拉力F,g=10m/s2 , sin37=0.6,cos37=0.8(1)求力F的大小;(2)求撤

13、去力F后,再经过2.5s,小球离出发点A的距离19(14分)如图甲所示,滑块与长木板叠放在光滑水平面上,开始时均处于静止状态。作用于滑块的水平力F随时间t变化图象如图乙所示,t=2.0s时撤去力F,最终滑块与木板间无相对运动。已知滑块质量m=2kg,木板质量M = 1kg,滑块与木板间的动摩擦因数=0.2,取g=10m/s2。求:t=0.5s时滑块的速度大小;02.0s内木板的位移大小;求木板的最小长度。成都高新区2020学年高三10月统一检测物理答案一、单项选择题(每小题3分,共24分。)题 号12345678答 案BCADCBDD二、多项选择题(每小题有两个正确选项,全部选对得4分,选对但

14、不全的得2分,有选错的得0分。共20分)题 号910111213答 案BDABADBCAC三、实验题(共15分)14(6分)(1)(每空1分) m 3m (2)(每空2分) 不必 不会15(每小题3分,共9分)(1) BCD (2) 0.48 (3) D16(8分)设白车停下来所需的时间为t1,减速过程通过的距离为x1,则 1=a1t1 1分 1分解得 x1=200m,t1=10s在t1=10s时,设黑车通过的距离为x2,则 1分解得x2=72mx1=200m所以白车停车前未相遇,即白车停车位置就是B线位置 1分设经过时间t两车同时在B线位置,在B线位置黑车的速度为v2,则 1分2=a2(tt

15、0) 1分解得t=14s,v2=40m/s 2分17(8分)由牛顿第二定律得:Fcos=Fsin+mg 1分Fcos+Fsin=ma 1分由圆周运动规律得: 1分由几何关系得: R=Lcossin 1分Lcos+Lsin=1.4L 1分由得:cossin 1分则由解得: 2分18(11分)(1)对小球受力分析,由牛顿第二定律得:在平行斜面方向上有: 1分垂直斜面方向上有: 1分其中: 1分联立解得: ; 1分(2)有F作用时,小球运动的距离为 1分当撤去F后,由牛顿第二定律: 1分撤去F时小球的速度为 所以小球停下来还需要 1分故小球先沿杆向上运动t2=1s,然后沿杆向下运动t3=1.5s撤去

16、F后小球沿杆向上运动的距离 1分小球沿杆向下运动时,由牛顿第二定律: 1分小球的加速度为;在t3=1.5s小球运动的距离 1分故撤去力F后,再经过2.5s,小球的距离出发点A的距离为; 1分19(14分)(1)滑块恰好相对于木板要滑动时两者间的静摩擦力达到最大,以M为研究对象,根据牛顿第二定律得 mg=Ma0, 1分对整体,有 F0=(M+m)a0=12N 1分由图知,在0-0.5s内,F=6NF0,所以两者相对滑动根据牛顿第二定律得对m有:F-mg=mam,得 am=6m/s2;对M有:mg=MaM,得 aM=4m/s2; 1分0.52.0s内木板的位移大小为 1分故02.0s内木板的位移大小 x=x1+x2=6.25m 1分(3)0.52.0s内滑块的位移大小为 1分故0.52.0s内滑块与木板的相对位移x1=x3-x2=2.25mt=2.0s时,滑块的速度为 vm=v1+amt2=1+61.5=10m/s木板的速度为 vM=v1+aMt2=1+41.5=7m/s 1分撤去F后,m的加速度大小为 1分从t=2s时起经过时间t,两者速度相等,共同速度为 v,则有v=vm-amt=vM+aMt, 解得 t=0.5s,v=9m/s 1分从t=2s到两者相对静止的过程中,滑块的位移为 木板的位移为 1分此过程两者的相对位移x2=x4-x5=0.75m木板的最小长度 1分

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