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1、广西玉林市崇左市2017年中考数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1（3分）（2017玉林）下列四个数中最大的数是（）A0B1C2D3【考点】18：有理数大小比较.【专题】11 ：计算题；511：实数【分析】比较各项数字大小即可【解答】解：0123，最大的数是0，故选A【点评】此题考查了有理数的大小比较，弄清两个负数比较大小的方法是解本题的关键2（3分）（2017玉林）如图，直线a，b被c所截，则1及2是（）A同位角B内错角C同旁内角D邻补角【考点】J6：同位角、内错角、同旁内角；J2：对顶角、邻补角.【分析】由内错角的定义（两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角
2、都在两直线的之间，并且在第三条直线（截线）的两旁，则这样一对角叫做内错角）进行解答【解答】解：如图所示，两条直线a、b被直线c所截形成的角中，1及2都在a、b直线的之间，并且在直线c的两旁，所以1及2是内错角故选：B【点评】本题考查了同位角，内错角以及同旁内角解答此类题确定三线八角是关键，可直接从截线入手对平面几何中概念的理解，一定要紧扣概念中的关键词语，要做到对它们正确理解，对不同的几何语言的表达要注意理解它们所包含的意义3（3分）（2017玉林）一天时间为86400秒，用科学记数法表示这一数字是（）A864102B86.4103C8.64104D0.864105【考点】1I：科学记数法表示
3、较大的数.【专题】17 ：推理填空题【分析】用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a10n，其中1|a|10，n为整数，据此判断即可【解答】解：86400=8.64104故选：C【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a10n，其中1|a|10，确定a及n的值是解题的关键4（3分）（2017玉林）一组数据：6，3，4，5，7的平均数和中位数分别是（）A5，5B5，6C6，5D6，6【考点】W4：中位数；W1：算术平均数.【分析】根据平均数的定义列式计算，再根据找中位数要把数据按从小到大的顺序排列，位于最中间的一个数（或两个数的平均数）为中位数解答【解答】解：平均数为：（6+3
4、+4+5+7）=5，按照从小到大的顺序排列为：3，4，5，6，7，所以，中位数为：5故选A【点评】本题考查了中位数及算术平均数的意义，中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数，如果中位数的概念掌握得不好，不把数据按要求重新排列，就会错误地将这组数据最中间的那个数当作中位数5（3分）（2017玉林）下列运算正确的是（）A（a3）2=a5Ba2a3=a5Ca6a2=a3D3a22a2=1【考点】48：同底数幂的除法；35：合并同类项；46：同底数幂的乘法；47：幂的乘方及积的乘方.【分析】根据同底数幂的乘法、除法法则、幂乘方的
5、运算法则，合并同类项法则一一判断即可【解答】解：A、错误（a3）2=a6B、正确a2a3=a5C、错误a6a2=a4D、错误3a22a2=a2，故选B【点评】本题考查同底数幂的乘法、除法法则、幂的乘方的运算法则，合并同类项法则，解题的关键是记住同底数幂的乘法、除法法则、幂的乘方的运算法则，合并同类项法则6（3分）（2017玉林）如图所示的几何体的俯视图是（）ABCD【考点】U1：简单几何体的三视图.【分析】根据俯视图的作法即可得出结论【解答】解：从上往下看该几何体的俯视图是D故选D【点评】本题考查的是简单几何体的三视图，熟知俯视图的作法是解答此题的关键7（3分）（2017玉林）五星红旗上的每一
6、个五角星（）A是轴对称图形，但不是中心对称图形B是中心对称图形，但不是轴对称图形C既是轴对称图形，又是中心对称图形D既不是轴对称图形，也不是中心对称图形【考点】R5：中心对称图形；P3：轴对称图形.【分析】根据轴对称及中心对称图形的性质即可得出结论【解答】解：五星红旗上的五角星是等腰三角形，五星红旗上的每一个五角星是轴对称图形，但不是中心对称图形故选A【点评】本题考查的是轴对称及中心对称图形的性质，熟知五角星的特点是解答此题的关键8（3分）（2017玉林）对于函数y=2（xm）2的图象，下列说法不正确的是（）A开口向下B对称轴是x=mC最大值为0D及y轴不相交【考点】H3：二次函数的性质；H7
7、：二次函数的最值.【分析】根据二次函数的性质即可一一判断【解答】解：对于函数y=2（xm）2的图象，a=20，开口向下，对称轴x=m，顶点坐标为（m，0），函数有最大值0，故A、B、C正确，故选D【点评】本题考查二次函数的性质，解题的关键是熟练掌握二次函数的性质，属于基础题，中考常考题型9（3分）（2017玉林）如图，在矩形ABCD中，ABBC，点E，F，G，H分别是边DA，AB，BC，CD的中点，连接EG，HF，则图中矩形的个数共有（）A5个B8个C9个D11个【考点】LN：中点四边形；LD：矩形的判定及性质.【分析】根据矩形的判定定理解答【解答】解：E，G分别是边DA，BC的中点，四边形A
8、BCD是矩形，四边形DEGC、AEGB是矩形，同理四边形ADHF、BCHF是矩形，则图中四个小四边形是矩形，故图中矩形的个数共有9个，故选：C【点评】本题考查的是中点四边形的性质、矩形的判定，掌握矩形的判定定理、中点四边形的性质是解题的关键10（3分）（2017玉林）如图，一艘轮船在A处测得灯塔P位于其北偏东60方向上，轮船沿正东方向航行30海里到达B处后，此时测得灯塔P位于其北偏东30方向上，此时轮船及灯塔P的距离是（）A15海里 B30海里 C45海里 D30海里【考点】TB：解直角三角形的应用方向角问题；KU：勾股定理的应用.【分析】作CDAB，垂足为D构建直角三角形后，根据30的角对的
9、直角边是斜边的一半，求出BP【解答】解：作BDAP，垂足为D根据题意，得BAD=30，BD=15海里，PBD=60，则DPB=30，BP=152=30（海里），故选：B【点评】本题考查了解直角三角形，解一般三角形，求三角形的边或高的问题一般可以转化为解直角三角形的问题，解决的方法就是作高线11（3分）（2017玉林）如图，大小不同的两个磁块，其截面都是等边三角形，小三角形边长是大三角形边长的一半，点O是小三角形的内心，现将小三角形沿着大三角形的边缘顺时针滚动，当由位置滚动到位置时，线段OA绕点O顺时针转过的角度是（）A240B360C480D540【考点】MI：三角形的内切圆及内心；KK：等边
10、三角形的性质；R2：旋转的性质.【分析】根据正三角形的性质分别得出点O转动的角度，进而得出答案【解答】解：由题意可得：第一次AO顺时针转动了120，第二次AO顺时针转动了240，第三次AO顺时针转动了120，故当由位置滚动到位置时，线段OA绕点O顺时针转过的角度是：120+240+120=480故选：C【点评】此题主要考查了正三角形的性质以及旋转的性质，分别得出旋转角度是解题关键12（3分）（2017玉林）如图，AB是O的直径，AC，BC分别及O相交于点D，E，连接DE，现给出两个命题：若AC=AB，则DE=CE；若C=45，记CDE的面积为S1，四边形DABE的面积为S2，则S1=S2，那么
11、（）A是真命题 是假命题B是假命题 是真命题C是假命题 是假命题D是真命题 是真命题【考点】O1：命题及定理.【分析】根据等腰三角形的性质得到C=B，根据圆内接四边形的性质得到B=CDE，根据等腰三角形的判定判断；根据相似三角形的面积比等于相似比的平方判断【解答】解：AC=AB，C=B，四边形ABED内接于O，B=CDE，C=CDE，DE=CE；正确；连接AE，AB是O的直径，AEC=90，又C=45，AC=CE，四边形ABED内接于O，B=CDE，CAB=CED，CDECBA，=（）2=，S1=S2，正确，故选：D【点评】本题考查的是命题的真假判断，掌握圆内接四边形的性质、等腰三角形的性质、
12、相似三角形的判定和性质定理是解题的关键二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）13（3分）（2017玉林）|1|=1【考点】15：绝对值.【分析】计算绝对值要根据绝对值定义去掉这个绝对值的符号【解答】解：|1|=1故答案为：1【点评】此题考查了绝对值的性质，要求掌握绝对值的性质及其定义，并能熟练运用到实际运算当中绝对值规律总结：一个正数的绝对值是它本身；一个负数的绝对值是它的相反数；0的绝对值是014（3分）（2017玉林）若4a2b2n+1及amb3是同类项，则m+n=3【考点】34：同类项.【分析】根据同类项的定义，列出方程组即可解决问题【解答】解：4a2b2n+1及amb3是同
13、类项，m+n=3，故答案为3【点评】本题考查同类项，方程组等知识，解题的关键是记住同类项的定义：所含字母相同，并且相同字母的指数也相同，这样的项叫做同类项15（3分）（2017玉林）分解因式：a3ab2=a（a+b）（ab）【考点】55：提公因式法及公式法的综合运用.【分析】首先提取公因式a，进而利用平方差公式分解因式得出答案【解答】解：a3ab2=a（a2b2）=a（a+b）（ab）故答案为：a（a+b）（ab）【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，熟练应用平方差公式是解题关键16（3分）（2017玉林）如图是小强根据全班同学喜爱四类电视节目的人数而绘制的两幅不完整的统计图，
14、则喜爱“体育”节目的人数是10人【考点】VC：条形统计图；VB：扇形统计图.【分析】根据喜爱新闻类电视节目的人数和所占的百分比，即可求出总人数；根据总人数和喜爱动画类电视节目所占的百分比，求出喜爱动画类电视节目的人数，进一步利用减法可求喜爱“体育”节目的人数【解答】解：510%=50（人），5030%=15（人），5051520=10（人）答：喜爱“体育”节目的人数是10人故答案为：10【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键17（3分）（2017玉林）如图，在边长为2的正八边形中，把其不相邻的四条边均向两边延长相交成一个
15、四边形ABCD，则四边形ABCD的周长是8+8【考点】MM：正多边形和圆.【分析】根据题意可知形成的四个小的直角三角形全等，并且四个都是等腰直角三角形，从而可以求得四边形ABCD一边的长，从而可以求得四边形ABCD的周长【解答】解：由题意可得，AD=2+2=2+2，四边形ABCD的周长是：4（2+2）=8+8，故答案为：8+8【点评】本题考查正多边形和圆，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，求出四边形ABCD的边长18（3分）（2017玉林）已知抛物线：y=ax2+bx+c（a0）经过A（1，1），B（2，4）两点，顶点坐标为（m，n），有下列结论：b1；c2；0m；n1则所有正
16、确结论的序号是【考点】H4：二次函数图象及系数的关系.【分析】根据点A、B的坐标，利用待定系数法即可求出b=a+1、c=2a+2，结合a0，可得出b1、c2，即结论正确；由抛物线顶点的横坐标m=，可得出m=，即m，结论不正确；由抛物线y=ax2+bx+c（a0）经过A（1，1），可得出n1，结论正确综上即可得出结论【解答】解：抛物线过点A（1，1），B（2，4），b=a+1，c=2a+2a0，b1，c2，结论正确；抛物线的顶点坐标为（m，n），m=，m，结论不正确；抛物线y=ax2+bx+c（a0）经过A（1，1），顶点坐标为（m，n），n1，结论正确综上所述：正确的结论有故答案为：【点评】本
17、题考查了二次函数图象及系数的关系以及待定系数法求二次函数解析式，逐一分析四条结论的正误是解题的关键三、解答题（本大题共8小题，共66分）19（6分）（2017玉林）计算：（2017）0+2tan45【考点】2C：实数的运算；6E：零指数幂；T5：特殊角的三角函数值.【专题】11 ：计算题【分析】首先计算乘方、开方和乘法，然后从左向右依次计算，求出算式的值是多少即可【解答】解：（2017）0+2tan45=1+221=1【点评】此题主要考查了实数的运算，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：在进行实数运算时，和有理数运算一样，要从高级到低级，即先算乘方、开方，再算乘除，最后算加减，有括号的要先算括
18、号里面的，同级运算要按照从左到右的顺序进行另外，有理数的运算律在实数范围内仍然适用20（6分）（2017玉林）化简：（a+1），然后给a从1，2，3中选取一个合适的数代入求值【考点】6D：分式的化简求值.【专题】11 ：计算题；513：分式【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，把a的值代入计算即可求出值【解答】解：原式=2（a+2）=2a+4，当a=3时，原式=6+4=10【点评】此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键21（6分）（2017玉林）已知关于x的一元二次方程：x2（t1）x+t2=0（1）求证：对于任意实
19、数t，方程都有实数根；（2）当t为何值时，方程的两个根互为相反数？请说明理由【考点】AB：根及系数的关系；AA：根的判别式.【分析】（1）根据方程的系数结合根的判别式，可得出=（t3）20，由此可证出：对于任意实数t，方程都有实数根；（2）设方程的两根分别为m、n，由方程的两根为相反数结合根及系数的关系，即可得出m+n=t1=0，解之即可得出结论【解答】（1）证明：在方程x2（t1）x+t2=0中，=（t1）241（t2）=t26t+9=（t3）20，对于任意实数t，方程都有实数根；（2）解：设方程的两根分别为m、n，方程的两个根互为相反数，m+n=t1=0，解得：t=1当t=1时，方程的两个
20、根互为相反数【点评】本题考查了根的判别式、相反数以及根及系数的关系，解题的关键是：（1）牢记“当0时，方程有实数根”；（2）根据相反数的定义结合根及系数的关系，找出t1=022（8分）（2017玉林）在一个不透明的袋子中有一个黑球a和两个白球b，c（除颜色外其他均相同）用树状图（或列表法）解答下列问题：（1）小丽第一次从袋子中摸出一个球不放回，第二次又从袋子中摸出一个球则小丽两次都摸到白球的概率是多少？（2）小强第一次从袋子中摸出一个球，摸到黑球不放回，摸到白球放回；第二次又从袋子中摸出一个球，则小强两次都摸到白球的概率是多少？【考点】X6：列表法及树状图法.【分析】（1）列举出所有情况，看小
21、丽两次都摸到白球的情况数占总情况数的多少即可；（2）列举出所有情况，看小强第二次摸到白球的情况数占总情况数的多少即可【解答】解：（1）如图，共6种情况，两次都摸出白球的情况数有2种，所以概率为；（2）共8种情况，第一次摸到白球的可能性为，如果第一次摸到白球，那么第二次又摸到白球的概率是，那么两次摸到白球的概率是=【点评】考查列表法及树状图法，概率的求法；用到的知识点为：概率=所求情况数及总情况数之比；得到所求的情况数是解决本题的关键23（9分）（2017玉林）如图，AB是O的直径，AC是上半圆的弦，过点C作O的切线DE交AB的延长线于点E，过点A作切线DE的垂线，垂足为D，且及O交于点F，设D
22、AC，CEA的度数分别是，（1）用含的代数式表示，并直接写出的取值范围；（2）连接OF及AC交于点O，当点O是AC的中点时，求，的值【考点】MC：切线的性质.【分析】（1）首先证明DAE=2，在RtADE中，根据两锐角互余，可知2+=90，（045）；（2）连接OF交AC于O，连接CF只要证明四边形AFCO是菱形，推出AFO是等边三角形即可解决问题；【解答】解：（1）连接OCDE是O的切线，OCDE，ADDE，ADOC，DAC=ACO，OA=OC，OCA=OAC，DAE=2，D=90，DAE+E=90，2+=90（045）（2）连接OF交AC于O，连接CFAO=CO，ACOF，FA=FC，FA
23、C=FCA=CAO，CFOA，AFOC，四边形AFCO是平行四边形，OA=OC，四边形AFCO是菱形，AF=AO=OF，AOF是等边三角形，FAO=2=60，=30，2+=90，=30，=30【点评】本题考查切线的性质、垂径定理、菱形的判定等边三角形的判定和性质等知识，等腰三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型24（9分）（2017玉林）某新建成学校举行美化绿化校园活动，九年级计划购买A，B两种花木共100棵绿化操场，其中A花木每棵50元，B花木每棵100元（1）若购进A，B两种花木刚好用去8000元，则购买了A，B两种花木各多少棵
24、？（2）如果购买B花木的数量不少于A花木的数量，请设计一种购买方案使所需总费用最低，并求出该购买方案所需总费用【考点】C9：一元一次不等式的应用；9A：二元一次方程组的应用.【分析】（1）设购买A种花木x棵，B种花木y棵，根据“A，B两种花木共100棵、购进A，B两种花木刚好用去8000元”列方程组求解可得；（2）设购买A种花木a棵，则购买B种花木（100a）棵，根据“B花木的数量不少于A花木的数量”求得a的范围，再设购买总费用为W，列出W关于a的解析式，利用一次函数的性质求解可得【解答】解：（1）设购买A种花木x棵，B种花木y棵，根据题意，得：，解得：，答：购买A种花木40棵，B种花木60棵
25、；（2）设购买A种花木a棵，则购买B种花木（100a）棵，根据题意，得：100aa，解得：a50，设购买总费用为W，则W=50a+100（100a）=50a+10000，W随a的增大而减小，当a=50时，W取得最小值，最小值为7500元，答：当购买A种花木50棵、B种花木50棵时，所需总费用最低，最低费用为7500元【点评】本题主要考查二元一次方程组、一元一次不等式及一次函数的性质，理解题意找到题目蕴含的相等关系列出方程和函数解析式，熟练掌握一次函数性质是解题的关键25（10分）（2017玉林）如图，在等腰直角三角形ABC中，ACB=90，AC=BC=4，D是AB的中点，E，F分别是AC，BC
26、上的点（点E不及端点A，C重合），且AE=CF，连接EF并取EF的中点O，连接DO并延长至点G，使GO=OD，连接DE，DF，GE，GF（1）求证：四边形EDFG是正方形；（2）当点E在什么位置时，四边形EDFG的面积最小？并求四边形EDFG面积的最小值【考点】LG：正方形的判定及性质；H7：二次函数的最值；KD：全等三角形的判定及性质；KW：等腰直角三角形.【分析】（1）连接CD，根据等腰直角三角形的性质可得出A=DCF=45、AD=CD，结合AE=CF可证出ADECDF（SAS），根据全等三角形的性质可得出DE=DF、ADE=CDF，通过角的计算可得出EDF=90，再根据O为EF的中点、G
27、O=OD，即可得出GDEF，且GD=2OD=EF，由此即可证出四边形EDFG是正方形；（2）过点D作DEAC于E，根据等腰直角三角形的性质可得出DE的长度，从而得出2DE2，再根据正方形的面积公式即可得出四边形EDFG的面积的最小值【解答】（1）证明：连接CD，如图1所示ABC为等腰直角三角形，ACB=90，D是AB的中点，A=DCF=45，AD=CD在ADE和CDF中，ADECDF（SAS），DE=DF，ADE=CDFADE+EDC=90，EDC+CDF=EDF=90，EDF为等腰直角三角形O为EF的中点，GO=OD，GDEF，且GD=2OD=EF，四边形EDFG是正方形；（2）解：过点D作
28、DEAC于E，如图2所示ABC为等腰直角三角形，ACB=90，AC=BC=4，DE=BC=2，AB=4，点E为AC的中点，2DE2（点E及点E重合时取等号）4S四边形EDFG=DE28当点E为线段AC的中点时，四边形EDFG的面积最小，该最小值为4【点评】本题考查了正方形的判定及性质、等腰直角三角形以及全等三角形的判定及性质，解题的关键是：（1）找出GDEF且GD=EF；（2）根据正方形的面积公式找出4S四边形EDFG826（12分）（2017玉林）如图，一次函数y=k1x+5（k10）的图象及坐标轴交于A，B两点，及反比例函数y=（k20）的图象交于M，N两点，过点M作MCy轴于点C，已知C
29、M=1（1）求k2k1的值；（2）若=，求反比例函数的解析式；（3）在（2）的条件下，设点P是x轴（除原点O外）上一点，将线段CP绕点P按顺时针或逆时针旋转90得到线段PQ，当点P滑动时，点Q能否在反比例函数的图象上？如果能，求出所有的点Q的坐标；如果不能，请说明理由【考点】GB：反比例函数综合题.【分析】（1）根据点M的坐标代入反比例关系：y=中，可得结论；（2）根据ACMADN，得，由CM=1得DN=4，同理得N的坐标，代入反比例函数式中可得k2的值；（3）如图2，点P在x轴的正半轴上时，绕P顺时针旋转到点Q，根据COPPHQ，得CO=PH，OP=QH，设P（x，0），表示Q（x+4，x）
30、，代入反比例函数的关系式中可得Q的两个坐标；如图3，点P在x轴的负半轴上时；如图4，点P在x轴的正半轴上时，绕P逆时针旋转到点Q，同理可得结论【解答】解：（1）如图1，MCy轴于点C，且CM=1，M的横坐标为1，当x=1时，y=k1+5，M（1，k1+5），M在反比例函数的图象上，1（k1+5）=k2，k2k1=5；（2）如图1，过N作NDy轴于D，CMDN，ACMADN，CM=1，DN=4，当x=4时，y=4k1+5，N（4，4k1+5），4（4k1+5）=k2，由（1）得：k2k1=5，k1=k25，把代入得：4（4k220+5）=k2，k2=4；反比例函数的解析式：y=；（3）当点P滑动
31、时，点Q能在反比例函数的图象上；如图2，CP=PQ，CPQ=90，过Q作QHx轴于H，易得：COPPHQ，CO=PH，OP=QH，由（2）知：反比例函数的解析式：y=；当x=1时，y=4，M（1，4），OC=PH=4，设P（x，0），Q（x+4，x），当点Q落在反比例函数的图象上时，x（x+4）=4，x2+4x+4=8，x=2，当x=2+2时，x+4=2+2，如图2，Q（2+2，2+2）；当x=22时，x+4=22，如图3，Q（22，22）；如图4，CP=PQ，CPQ=90，设P（x，0），过P作GHy轴，过C作CGGH，过Q作QHGH，易得：CPGPQH，PG=QH=4，CG=PH=x，Q（x4，x），同理得：x（x4）=4，解得：x1=x2=2，Q（2，2），综上所述，点Q的坐标为（2+2，2+2）或（22，22）或（2，2）【点评】本题是反比例函数及一次函数的综合题，考查了含字母系数的两函数关系式的有关问题，及三角形全等和相似相结合，列比例式或点的坐标在函数图象上列等式可解决问题，第三问有难度，画出图形是关键第 16 页