《四川省2020年上学期阆中中学高三理综物理9月月考试题答案[精选].docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省2020年上学期阆中中学高三理综物理9月月考试题答案[精选].docx（6页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、四川省2020年上学期阆中中学高三理综物理9月月考试题答案14.B解析：由题意可知，两小球下落的高度相同，故下落的时间相同，由平抛运动的规律，对A球有：tan 45 对于B球：tan 45联立两式解得，v1v212，故选B15.A解析： 如图所示，小车的速度为v车，沿细绳方向的分速度为v3v车cos ，重物M速度为v时，沿细绳方向的分速度为v1vcos .由于细绳不可伸长，小车和重物沿细绳方向的分速度大小相等，即v车cos vcos ，解得v车，选项A正确16.D解析：由vt图象可知，vt图象与t轴包围的面积表示位移，则空降兵在08 s内下降的高度大于v284v2，故A错误；由vt图象可知，在
2、08 s内，vt图象的斜率越来越小，即加速度越来越小，由受力分析可得：mgfma，故所受的阻力越来越大，B错误；由vt图象可知，在8 s时，空降兵的速度开始减小，但是方向不变，图象的斜率的正负发生了改变，可知加速度的方向发生了改变，变为竖直向上，故C错误；812 s内，空降兵的加速度方向竖直向上，受力分析得：F合ma，由图象可知，斜率越来越小，即空降兵的加速度越来越小，所以空降兵(含降落伞)所受合力逐渐减小，D正确。17.D解析：当小车与物块相对滑动后，随着小车的加速度增大，物块受到的滑动摩擦力不变，故A错误；当小车与物块相对静止时，弹簧弹力始终不变，故B错误；由题可知，物块与小车间的最大静摩
3、擦力大于等于2 N，当小车的加速度大小为5 m/s2时，只要没有达到最大静摩擦力，物块就不会与小车相对滑动，故C错误；当摩擦力等于2 N且方向向右时，弹簧弹力等于2 N，物块所受的合力为4 N，由牛顿第二定律可得，物块的加速度为4 m/s2，故D正确18.C解析：弹簧压缩时A、B一起运动不会分离，A、B分离时弹簧处于伸长状态，当A、B分离时其相互作用力为0，对B：Bmgma.对A：Amgkxma，解得x.19.BD 解析：由题图可知，前5 s内，甲、乙均沿x轴负方向运动，A错误；两图线相切于坐标点(5 s，3 m)，表明t5 s时，甲、乙相遇且速度相同，速度为v10.6 m/s，B正确；对乙物
4、块，根据运动学公式有v1v0at，解得v01.6 m/s，C错误；乙的位移xx0v0tat2，代入(5 s，3 m)及v0的值，可得x02.5 m.20.BD 解析：弹簧的弹力大小Fkx1 N，对球A，根据平衡条件，有FTsin 30kx，解得细线的拉力大小FT2 N，所以A项错误，B项正确；对球C，有mg2FTcos 302 N，故C项错误；利用整体法，杆对A、B两球的支持力大小为(42) N，根据对称性，杆对球A的支持力大小为 N(2) N，D项正确。21.BC 解析：由题意可知mgsin 30mgcos 30，若传送带的速度很小(一直小于物块的速度)，小物块一直减速，加速度大小a1gsi
5、n 30gcos 3012.5 m/s2，到达B点时的速度最小，且最小速度v12 m/s；若传送带的速度很大(一直大于物块的速度)，小物块一直加速，加速度大小a2gcos 30gsin 302.5 m/s2，到达B点时的速度最大，且最大速度v28 m/s；综上可知小物块到达B点的速度在2 m/s到8 m/s的范围内，选项B、C正确。22.答案(1)0.225(2)BC(3)B(4)tan解析：(1)主尺示数为2 mm，游标尺上刻度线5和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为：50.05 mm0.25 mm，故所测宽度为：2 mm0.25 mm2.25 mm0.225 cm。(2)遮光板运动到光电
6、门处滑块的速度v，由牛顿第二定律有：mgsinmgcosma及v2=2aL, 可得tan，故需要测量斜面倾角和当地的重力加速度，B、C正确。(3)由tan，可以得到：t2，即t2图象是一条过原点的直线，可作t2线性图象处理数据求值，B正确。(4)图象的斜率为k，则由k，解得tan。23.答案：BCF 如图大于电压表的读数大于待测电阻两端实际电压解析：若选用电动势为1.5 V的电源，则实验中电流最大值仅为0.15 mA，两个电流表均无法准确测量，故选用电动势为12 V的电源F；此时，实验中最大电流约为1.2 mA，故电流表选用C；电压表选用B。由于滑动变阻器的最大阻值远小于待测电阻的阻值，所以滑
7、动变阻器采用分压式接法；待测电阻的阻值远大于电流表内阻，所以电流表内接。由于电流表的分压作用，电阻测量值偏大，所以电阻测量值大于其真实值。24.解析：(1)对物体受力分析，受重力、支持力、拉力、摩擦力，假设在02 s时间内物体沿斜面方向向下运动因为mgsin mgcos F10，所以假设成立，物体在02 s内沿斜面向下做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得mgsin F1mgcos ma1，解得a12.5 m/s2，v1a1t1，代入数据可得v15 m/s.(2)物体在前2 s内发生的位移为x1a1t5 m，当拉力为F24.5 N时，由牛顿第二定律可得mgsin mgcos F2ma
8、2，代入数据可得a20.5 m/s2，设物体经过t2时间速度减为零，则0v1a2t2，解得t210 s，物体在t2时间内发生的位移为x2v1t2a2t25 m，由于mgsin mgcos F2Ff1，所以木块运动时，木板静止不动设木块在左边第一个木板上的加速度大小为a1，小木块滑上第二个木板的瞬间的速度为v，则有：1mgma1 v2v022a1l联立解得：a13 m/s2, v1 m/s(2)木块滑上第二个木板后，由于2(Mm)g1 NFf1，所以第二个木板向右加速滑动，设木板的加速度大小为a2，则有1mg2(Mm)gMa2设木块与第二个木板达到相同速度v1时，用时为t，则有：对木块：v1va
9、1t对木板：v1a2t联立解得：a2 m/s2，v10.1 m/s，t0.3 s木块滑上第二个木板运动的位移x1t0.165 m第二个木板的位移x10.015 m木块在第二个木板上滑动的距离为x1x1l，故达到共速后，木块和第二个木板一起继续运动，设木块、第二个木板一起运动的加速度大小为a3，位移为x2，有：2(Mm)g(Mm)a3v122a3x2联立解得x20.005 m故小木块滑动的总位移xlx1x20.67 m.34.答案(1)ADE (2)（i）（）2.5 cm解析:因该波的波长为4 m，则该波遇到长度为3 m的障碍物时将会发生明显衍射现象，A正确；若波向右传播，则v m/s(20n5
10、) m/s，T s(n0、1、2、3、)；若波向左传播，则v m/s(20n15) m/s，T s(n0、1、2、3、)；可知波速不可能为20 m/s，周期不可能为0.6 s，B、C错误；由v(20n15) m/s可知，当n1时，v35 m/s，则若波速为35 m/s，该波一定沿着x轴负方向传播，D正确；若波速为15 m/s，则波向左传播，此时T s，则从t1到t2时刻，即经过t0.2 sT，质点M运动的路程为3A60 cm，E正确。(2)（i）根据题意可知，当单色光由玻璃射向空气时，发生全反射的临界角C45，根据sinC，解得n（）光路图如图所示：由折射定律可得n在ODP中，由正弦定理有：，所以联立解得i45，30则DEODsin2.5 cm。欢迎访问“高