《安徽省亳州市第二中学2020届高三物理上学期第二次月考试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省亳州市第二中学2020届高三物理上学期第二次月考试题含解析.doc（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、安徽省亳州市第二中学2020届高三物理上学期第二次月考试题（含解析）一、选择题1.质点做直线运动时的加速度随时间变化的关系如图所示，该图线的斜率为k，图中阴影部分面积为S，下列说法正确的是()A. 斜率k表示速度变化的快慢B. 斜率k表示速度变化的大小C. 面积S表示t1t2的过程中质点速度的变化量D. 面积S表示t1t2的过程中质点的位移【答案】C【解析】试题分析：斜率，表示加速度变化快慢，故AB错误；将a-t图线分成无数段，每一段加速度可以看成不变，则每一小段所围成的面积v1=a1t1，v2=a2t2，v3=a3t3，则总面积为v1+v2+v3+=v斜线部分的面积表示速度的变化量故C正确，
2、D错误故选C。考点：a-t图像2.如图所示，一光滑斜面固定在地面上,重力为的物体在一水平推力的作用下处于静止状态。若斜面的倾角为，则（）A. B. C. 物体对斜面的压力D. 物体对斜面的压力【答案】D【解析】以物体为研究对象，对物体进行受力分析：重力、推力F和斜面的支持力，作出力图如图，根据平衡条件得 ， 解得， 由牛顿第三定律得：.点晴：对物体进行受力分析：重力、推力F和斜面的支持力，作出力图，根据平衡条件求出F和斜面的支持力，再得到物体对斜面的压力3. 如图，一水平传送带匀速运动，在A处把工件轻轻放到传送带上，经过一段时间工件便被送到B处，则下列说法正确的是（ ）A. 工件在传送带上可能
3、一直做匀速运动B. 工件在传送带上可能一直匀加速运动C. 提高传送带的运动速度，一定能缩短工件的运送时间D. 不管传送带的速度为多大，工件的运送时间是一样的【答案】B【解析】试题分析：由题意，工件初速度是0，受到摩擦力而做加速运动，故A错误；若传送带的速度足够大，则工件在传送带上可能会一直做加速运动故B正确； C若传送带的速度足够大，则工件在传送带上可能会一直做加速运动，再提高传送带的运动速度，不能缩短工件的运送时间故C错误；若传送带的速度足够小，则工件在传送带上可能会先加速后匀速；若传送带的速度足够大，则工件在传送带上可能会一直做加速运动传送带的速度不同，工件的运送时间可能会不一样故D错误。
4、考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动的位移与时间的关系【名师点睛】在A处把工件轻轻放到传送带上，工件受到摩擦力而做加速运动，结合运动学的特点解答即可；在传送带问题中，工件是否能够达到与传送带相同的速度是解题的关键要牢记。4.为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示。当此车减速上坡时(仅考虑乘客与水平面之间的作用)，则乘客（ ）A. 处于超重状态B. 不受摩擦力作用C. 受到向后（水平向左）的摩擦力作用D. 所受合力竖直向上【答案】C【解析】当车减速上坡时，加速度方向沿斜坡向下，人的加速度与车的加速度相同，根据牛顿
5、第二定律知人的合力沿斜面向下，合力的大小不变，人受重力、支持力和水平向左的静摩擦力，如图将加速度沿竖直方向和水平方向分解，则有竖直向下的加速度，则：mg-N=may，Nmg，乘客处于失重状态，故A、B、D错误，C正确；故选C。【点睛】解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解。5.如图所示，三个物体质量分别为m1.0 kg、m22.0 kg、m33.0 kg ，已知斜面上表面光滑，斜面倾角30，m1和m2之间的动摩擦因数0.8.不计绳和滑轮的质量和摩擦初始用外力使整个系统静止，当撤掉外力时，m2将(g10 m/s
6、2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力)() A. 和m1一起沿斜面下滑B. 和m1一起沿斜面上滑C. 相对于m1下滑D. 相对于m1上滑【答案】C【解析】假设m1和m2之间保持相对静止，对整体分析，整体的加速度。隔离对m2分析，根据牛顿第二定律得，f-m2gsin30=m2a；解得f=m2gsin30+m2a=2.0（100.5+2.5）N=15N；最大静摩擦力fm=m2gcos30=0.8210N=8N，可知ffm，知道m2随m1一起做加速运动需要的摩擦力大于二者之间的最大静摩擦力，所以假设不正确，m2相对于m1下滑。故C正确，ABD错误。故选C。6.如图所示，竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架
7、（AB为直径），支架上套着一个小球，轻绳的一端悬于P点，另一端与小球相连已知半圆形支架的半径为R，轻绳长度为L，且RL2R现将轻绳的上端点P沿墙壁缓慢下移至A点，此过程中轻绳对小球的拉力F1及支架对小球的支持力F2的大小变化情况为（）A. F1保持不变，F2先增大后减小B. F1先减小后增大，F2保持不变C. F1先增大后减小，F2先减小后增大D. F1和F2均增大【答案】D【解析】【详解】设小球所在位置为为Q，对小球受力分析如图所示小球受重力G、绳对小球的拉力F1及支架对小球的支持力F2，三力平衡，三个力构成的矢量三角形与相似，可有重力为恒力，P点下移的过程，OP间距离减小，比例式比值增大，
8、PQ间距离为绳长，OQ间距离为圆形支架的半径，均保持不变，所以F1和F2均增大。A.A项与上述分析结论不相符，故A不符合题意；B.B项与上述分析结论不相符，故B不符合题意；C.C项与上述分析结论不相符，故C不符合题意；D.D项与上述分析结论相符，故D符合题意。7.以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的图像可能正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：竖直上抛运动不受空气阻力，做向上匀减速直线运动至最高点再向下自由落体运动，图象时倾斜向下的直线，四个选项均正确表示；
9、考虑阻力的上抛运动，上升中，随着减小，减小，对应图象的斜率减小，选项A错误。下降中，随着随着增大，继续减小。而在最高点时，对应图与轴的交点，其斜率应该等于（此时与竖直上抛的最高点相同的加速度），即过交点的切线应该与竖直上抛运动的直线平行，只有D选项满足。故选D。考点：本题考查了牛顿第二定律、图象的特点、竖直上抛运动状态的判断。8.放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直线运动。拉力F和物块速度v随时间t变化的图象如图，则（ ）A. 第1 s内物块受到的合外力为5.5 NB. 物块的质量为1 kgC. 斜面倾斜角一定是30D. 如果3s撤去拉力F，物块瞬时加速度5m
10、/s2【答案】BD【解析】【详解】:ABC.由图可得，01s内物体的加速度为由牛顿第二定律可得：1s后匀速有：联立，并将，代入解得：m=1.0kg，因条件不足，故倾角无法解出，故AC不符合题意；D. 如果3s撤去拉力F，合力由牛顿第二定律可得：故D符合题意；9.如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧
11、的劲度系数为20 N/mB. 当x = 0.3 m时，小球处于超重状态C. 小球刚接触弹簧时速度最大D. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大【答案】ABD【解析】【详解】当时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度为零，小球处于平衡状态，可得：，解得：，故A正确；由图可知，时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当为0.1m时，小球的速度最大，然后速度减小，故C错误；由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D正确。10.如图所示，水平
12、地面上质量为m的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，拉力F与水平面夹角为，物块与地面间动摩擦因数为。已知重力加速度为g，下列说法中正确的是（ ）A. 物体A受到的摩擦力大小为mgB. 物体A一定受到四个力的作用C. 拉力F与物体A受到的摩擦力的合力方向一定是竖直向上D. 物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力【答案】BC【解析】【详解】A. 物体A受到的摩擦力大小为选项A错误；B.物体水平方向一定受摩擦力，则物体一定受支持力；所以物体受重力、拉力、支持力和摩擦力处于平衡，即物体一定受四个力的作用。故B正确。C.因为物体合力为零，知拉力F与物体A受到的摩擦力与重力和支持力
13、的合力等值反向，方向一定竖直向上。故C正确。D.物体A受到的重力和支持力大小不等，不是平衡力。故D错误。二、实验题11.在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条(1)实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的_(填字母代号)将橡皮条拉伸相同长度即可 将橡皮条沿相同方向拉到相同长度将弹簧秤都拉伸到相同刻度 将橡皮条和绳的结点拉到相同位置AB C D(2)同学们在操作中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是_(填字母代号)两细绳必须
14、等长 弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要稍远些A B C D【答案】 (1). A； (2). D【解析】【详解】(1)1本实验目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故错误，正确；在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧秤不必拉到相同刻度故错误，正确A正确，与分析相符，故A项正确；B正确，与分析不符，故B项错误；C正确，与分
15、析不符，故C项错误；D正确，与分析不符，故D项错误(2)2通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，并非要求两细绳等长，故错误，正确；测量力的实验要求尽量准确，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，这样所有力在一平面内且与板面间无摩擦，故正确；用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差不一定要尽可能大，故错误A正确，与分析不符，故A项错误；B正确，与分析不符，故B项错误；C正确，与分析不符，故C项错误；D正确，与分析相符，故D项正确。12.如图甲所示为某实验小组“探究物体加速度与所受合外力关系”的实验装置。他
16、们调整长木板和滑轮，使长木板水平放置且细线平行于长木板；在托盘中放入适当的砝码，接通电源，释放物块，多次改变托盘中砝码的质量，记录传感器的读数F，求出加速度a。 请回答下列问题：(1)实验中得到如图乙所示的一条纸带，已知交流电频率为50Hz的交流电，两计数点间还有四个点没有画出，根据纸带可求出物块的加速度为_m/s2。 (结果保留三位有效数字)。(2)以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF图象是一条直线如图丙所示，求得图线的斜率为k，横轴截距为F0，若传感器的质量为m0，则物块的质量为_。若已知重力加速度为g，物块与长木板动摩擦因数为_。(3)该实验需不需要满足钩码质量远远小
17、于物块和传感器的总质量？_。(填“需要”或“不需要”)【答案】 (1). 200 (2). (3). (4). 不需要【解析】【详解】（1）1 根据x=aT2，得m/s2； （2）2 由牛顿第二定律得：解得：则a-F图象的斜率为：所以物块的质量为：3由图象可知，物块与木板之间的摩擦力为F0，则：解得：（3）4由于传感器测得是真实拉力，不需要满足此条件。三、计算题13.如图，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦。两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为、温度均为。缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍。设环境温度始终保
18、持不变，求气缸A中气体的体积和温度。【答案】；【解析】【详解】设初态压强为p0，膨胀后A，B压强相等pB=12p0B中气体始末状态温度相等p0V0=12p0（2V0-VA），A部分气体满足TA=14T0答：气缸A中气体的体积，温度TA=14T0考点：玻意耳定律【点睛】本题考查理想气体状态变化规律和关系，找出A、B部分气体状态的联系（即VB=2V0-VA）是关键。14.一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10 m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5 s后警车发动起来，并以2.5 m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90 km/h 以内问：(1
19、)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？(2)判定警车在加速阶段能否追上货车？(要求通过计算说明)(3)警车发动后要多长时间才能追上货车？【答案】(1)75 m；(2)不能；(3)12 s【解析】【详解】(1)警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时，它们的距离最大；设警车发动后经过t1时间两车的速度相等，则t1s4 ss货(5.54)10m95 ms警at122.542m20 m所以两车间的最大距离ss货s警75 m(2)vm90 km/h25 m/s，当警车刚达到最大速度时，运动时间t2s10 ss货(5.510)10m155 ms警at222.5102m125 m.因为s货s警
20、，故此时警车尚未赶上货车(3)警车刚达到最大速度时两车距离ss货s警30 m警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过t时间追赶上货车则：t2 s所以警车发动后要经过tt2t12 s才能追上货车15.如图所示，质量为M4.0kg、长为L8m的木板甲放在光滑的足够长的水平地面上，甲上表面的中点有一个可视为质点的质量为m1.0kg小物块乙，现对甲施加一水平向右的的恒力F18N，F作用1s后撤去。已知物块与木板间的动摩擦因数0.2重力加速度g10m/s2求 （1）在恒力F作用0.5s时，小物块、木板的加速度大小;（2）小物块相对木板滑动的整个过程中，系统因摩擦而产生的热量。【答案】（1）（2）【解析】【
21、详解】（1）设物块与木板在恒力F作用0.5s时的加速度大小为a1和a2，由牛顿第二定律对甲有：对乙有：联立上式解得：（2）假设系统向右运动过程中乙一直在甲上在0-1s内由甲位移大小为在0-1s内由乙的位移大小为：1s内甲、乙相对位移为：撤去F至甲、乙达到共同速度的过程中乙加速度大小不变，甲以加速度大小为a3做减速运动对甲有：解得：设甲、乙速度相等再经历的时间为t2，解得：t2=0.8sv共=3.6m/s此时甲运动的位移为：乙在t2时间内运动的位移为：t2时间内甲、乙相对位移为：乙相对甲向左滑行的最大距离为：由于故假设成立，即乙相对甲向左滑行的最大距离为1.8m故物块、木板系统产生的摩擦热- 15 -