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1、 永久免费组卷搜题网海 淀 区 高 三 年 级 第 一 学 期 期 末 练 习物 理 2008.1学校 班级 姓名 题号一二三总分14151617181920分数一、本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的。全部选对的得3分，选对但不全的得分，有选错或不答的得分。把你认为正确答案的代表字母填写在题后的括号内。1关于电磁场和电磁波，下列叙述中正确的是（ ） A. 变化的电场能够产生磁场，变化的磁场也能够产生电场 B. 电磁波和机械波都只能在介质中传播 C. 电磁波在空间传播时，电磁能也随着一起传播 D. 电磁波穿过两
2、种介质的分界面时频率会发生改变2如图1所示，在a、b两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q1、q2，MN是连接两点的直线，P是直线上的一点，下列哪种情况下P点的场强可能为零（ ）abPMNq1q2图1 A. q1、q2都是正电荷，且q1q2 B. q1是正电荷，q2是负电荷，且q1q2 D. q1、q2都是负电荷，且q1q23如图2所示，理想变压器初级线圈的匝数为n1，次级线圈的匝数为n2，初级线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220V，负载电阻，电流表A1的示数n2R图2A1n1A2abV是0.20A。下列判断中正确的是（ ）A初级线圈和次级线圈的匝数比为2：1B初级线圈和
3、次级线圈的匝数比为5：1C电流表A2的示数为1.0AD电流表A2的示数为0.4A4图3ab如图3所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是运动轨迹上的两点，若带电粒子只受电场力作用，根据此图能作出判断的是（ ） A. 带电粒子所带电荷的正、负 B. 带电粒子在a、b两点何处受力较大 C. 带电粒子在a、b两点何处的动能较大 D. 带电粒子在a、b两点何处的电势能较大5图4L1L2ab两个相同的白炽灯泡L1和L2接到如图4所示的电路中，灯L1与电容器串联，灯L2与电感线圈串联。当a、b间处接电压最大值为Um、频率为f的正弦交流电源时，两灯都发光
4、，且亮度相同。更换一个新的正弦交流电源后，灯L1的亮度低于灯L2的亮度。新电源两极的电压最大值和频率可能是（ ） A. 最大值仍为Um，而频率大于f B. 最大值仍为Um，而频率小于f C. 最大值大于Um，而频率仍为f D. 最大值小于Um，而频率仍为f6 图5Sp两块大小、形状完全相同的金属板正对水平放置，构成一个平行板电容器，将两金属板分别与电源两极相连接，如图5所示。闭合开关S达到稳定后，在两板间有一带电液滴p恰好处于静止状态。下列判断正确的是（ ） A. 保持开关S闭合，减小两板间的距离，液滴向上运动 B. 保持开关S闭合，减小两板间的距离，液滴向下运动 C. 断开开关S，减小两板间
5、的距离，液滴向上运动 D. 断开开关S，减小两板间的距离，液滴向下运动PQ（甲）（乙）0U0-U0t02t03t04t0t/sU/V图6M7如图6（甲）所示，两个平行金属板P、Q正对竖直放置，两板间加上如图6（乙）所示的交变电压。t=0时，Q板比P板电势高U0，在两板的正中央M点有一电子在电场力作用下由静止开始运动（电子所受重力可忽略不计），已知电子在04t0时间内未与两板相碰。则电子速度方向向左且速度大小逐渐增大的时间是（ ） A. 0tt0 B. t0 t2t0 C. 2t0 t3t0 D. 3t0 tt，可见每个电子通过偏转电场的过程中，电场可视为稳定的匀强电场。当极板间加最大电压时，电
6、子有最大偏转量。电子飞出偏转电场时平行极板方向分速度vx=v，垂直极板方向的分速度vy=ayt=电子离开偏转电场到达荧光屏的时间 电子离开偏转电场后在竖直方向的位移为y2=vy t=2.0cm电子打在荧光屏上的总偏移量1分电子打在荧光屏产生亮线的长度为1分用下面的方法也给分：设电子在偏转电场有最大电压时射出偏转电场的速度与初速度方向的夹角为，则tan=0.11电子打在荧光屏上的总偏移量1分电子打在荧光屏产生亮线的长度为1分OPr1Rv1v119. （1）粒子在电场中自S1至S2做匀加速直线运动；自S2至进入磁场前做匀速直线运动；进入磁场后做匀速圆周运动；离开磁场至荧光屏做匀速直线运动。2分说明
7、：说出粒子在电场中做匀加速直线运动，离开电场作匀速运动，给1分；说出粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，离开磁场后作匀速直线运动，给1分。（2）设粒子的质量为m，电荷量为q，垂直打在荧光屏上的P点时的速度为v1， 粒子垂直打在荧光屏上，说明粒子在磁场中的运动是四分之一圆周，运动半径r1=R1分根据牛顿第二定律 Bqv1=, 依题意：k=q/m1分OPr2Rx/2h/2PQ2 解得：v1=BkR 1分 （3）设粒子在磁场中运动轨道半径为r2，偏转角为2，粒子射出磁场时的方向与竖直方向夹角为，粒子打到Q点时的轨迹如图所示，由几何关系可知 tan=, =30, =30 tan= 解得：r2=R1分 设此
8、时A、K两极板间的电压为U，设粒子离开S2时的速度为v2，根据牛顿第二定律 Bqv2= 1分根据动能定理有 qU=1分 解得：U=1分20（1）a向b运动过程中受向下的重力，向上的电场力和向下的洛仑兹力。小球a的直线运动必为匀速直线运动，a受力平衡，因此有q1E1-q1v0B-m1g=0解得v0=20m/s3分（2）二球相碰动量守恒 ， 解得1分物体c所受洛仑兹力，方向向下1分物体c在M有场区受电场力F2=(q1-q2)E2=410-3N，方向向右物体c受到的重力G=(m1+m2)g=3.610-3N，方向向下物体c受到的合力F合=物体c的加速度a=m/s21分设合力的方向与水平方向的夹角为,则tan=1，解得=45，加速度指向右下方与水平方向成45角。1分（3）物体c通过界面M后的飞行过程中电场力和重力都对它做正功。设物体c落到Q点时的速率为，由动能定理（m1+m2）gh+(q1-q2)E2L=1分解得vt=m/s1分 永久免费组卷搜题网