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1、高一（下）期末物理试题（西宁市使用）一、单选题1水平抛出一个物体，经时间t后物体速度方向与水平方向夹角为，重力加速度为g,则 平抛物体的初速度为（）AgtsinBgtcosCgttanDgtcot2由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的（）A周期可以不同B离地高度可以不同C动能可以不同D运行速率可以不同3如图所示，水平向右运动的小汽车通过轻绳和光滑定滑轮拉小船，使小船向河岸匀速靠近，假设该过程中小船受到的水的阻力不变。则该过程中（）A小汽车向右做匀速运动B小汽车向右做减速运动C轻绳受到的拉力保持不变D小船受到的浮力保持不变4水平白色传送带以速度沿逆时针方向做匀速
2、直线运动，一质量为=1kg小石墨块P以速度从左端滑上传送带，已知P与传送带间的动摩擦因数为，传送带水平长度为3m，重力加速度取则（）AP在传送带上向右运动的最大位移为3mB从P滑上传送带至掉下过程中，P在传送带上留下的黑色痕迹长度为0.5mC从P滑上传送带至掉下过程中，P与传送带之间产生的摩擦热D从P滑上传送带至掉下过程中，电动机多做的功W=6J5下列说法中正确的是A哥白尼提出“地心说”，托勒密提出“日心说”B牛顿发现了万有引力定律并且利用扭秤装置测出了万有引力常量数值C开普勒潜心研究导师第谷观测的行星数据数年，得出了行星运动三定律D卡文迪许坚信万有引力定律的正确性并预言天王星轨道之外还有其他
3、行星6如图所示，在竖直平面内有一半径为R的四分之三圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知PA=2.5R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A重力做功1.5mgRB动能增加mgRC摩擦力做功mgRD离开B点后小球能落在圆轨道内7关于功，下列正确的说法是()A物体受到力的作用，并且有位移，力就一定做功B在功的计算式中，F、s和均可取正值、负值或零C合力的总功等于每个分力所做功的绝对值相加D功不是描述物体状态的物理量8芬兰小将拉林托以两跳240.9分的成绩在跳台滑雪世界杯芬兰站
4、中获得冠军如右图所示是简化后的跳台滑雪的雪道示意图，拉林托从助滑雪道AB上由静止开始滑下，到达C点后水平飞出，落到滑道上的D点，E是运动轨迹上的某一点，在该点拉林托的速度方向与轨道CD平行，设拉林托从C到E与从E到D的运动时间分别为t1、t2，EF垂直CD，则()At1t2，CFt2，CFFDDt1t2，CF”B“”B“”C“=”；（5）上述两种处理方法中，你认为合理的是_同学所采用的方法.A甲B乙三、解答题18如图所示，水平转盘上放有一个质量为m的小物体，小物体离转动轴的距离为 r，转轴与小物体间用一根刚好伸直的细线相连，小物体和转盘间的最大静摩擦力等于重力的倍，细线所能承受的最大拉力为3m
5、g求:(1)当转盘角速度为多少时，细线的拉力为零? (2)若小物体始终相对转盘静止，转盘转动的最大角速度是多少?19宇航员在地球表面做实验，让一小球离地面一定距离自由下落，经过时间t小球到达地面。若他在某星球上离该星球表面相同距离让该小球自由下落，需经过时间2t到达该星球表面。已知地球半径该与星球的半径之比为2：1.（忽地球和星球的自转，空气阻力不计）试求：（1）地球的第一宇宙速度与该星球的第一宇宙速度的比值；（2）地球质量与该星球的质量的比值。20一质量为M=2103kg的汽车，其额定功率P额=80kW，在平直公路上行驶时受到的阻力为f=4103N。如果汽车从静止开始做匀加速直线运动，经过时
6、间t=5s汽车发动机输出的功率达到额定功率，假设运动过程中阻力不变，求：(1)汽车在平直公路上行驶的最大速度vmax；(2)汽车做匀加速直线运动的加速度a。21一过山车在半径为R的轨道内运动，过山车的质量为M，过山车里面人的质量为，运动过程中相对静止。（1）当过山车以多大的速度经过最高点时，人对座椅的压力大小刚好等于人的重力？此时过山车对轨道的压力为多少？（2）当过山车以的速度经过最低点时，人对座椅的压力为多少？试卷第7页，共7页参考答案：1D【详解】试题分析：平抛运动的物体水平方向速度永远不变，竖直方向做自由落体运动，速度与水平方向夹角的正切值 ，D选项正确ABC错误。故选D。考点：平抛运动
7、点评：该类型题目涉及到速度方向与水平方向夹角，平抛运动中还有一个夹角容易混淆，即位移方向与水平方向夹角，通过画图要求学生对这个两个夹角能够区分并灵活应用2C【详解】同步卫星具有相同的周期，根据可知，所有同步卫星的运行速率和运转半径以及离地面的高度均相同，由于不同同步卫星的质量不一定相同，可知动能可以不同。故选C。3B【详解】AB由速度分解可知此时汽车的速度为v1=v0cos船靠岸的过程中，当增大，cos减小，船的速度不变，则车速v1减小，所以汽车做减速运动，故A错误，B正确；CD因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零，设拉力与水平方向的夹角为，有Fcos=fFsin+F浮=mg船在
8、匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的拉力F不断增大；拉力F增大，sin增大，所以船的浮力不断减小，故CD错误。故选B。4D【详解】A、小石墨P向右减速阶段：减速加速度为,速度减为零时，向右运动的位移最大，有，A选项错误.B、小石墨P后回头向左加速直到共速设经t时间，有1m/s=-5m/s+5m/s2t，得t=1.2s.画出v-t图像，易知P在传送带上留下的黑色痕迹长度即为阴影面积，即S相对=，选项B错误.C、P与传送带之间产生的摩擦热，选项C错误.D、电动机多做的功，选项D正确.故选D.本题关键根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学规律确定滑块的运动情况，最后根据功能关系列
9、式求解热量和电动机多做的功.5C【详解】哥白尼提出“日心说”，古希腊科学家托勒密提出了“地心说”，A错误；牛顿发现了万有引力定律，但是卡文迪许通过扭秤实验测得了万有引力常量，B错误；开普勒通过对第谷的观测数据分析，总结了行星运动三大定律，C正确；英国的亚当斯和法国的勒维耶坚信万有引力定律的正确性并预言天王星轨道之外还有其他行星，并独立地利用万有引力定律计算出了海王星的轨道，人们称海王星为“笔尖下发现的行星”，故D错误故选C。6A【详解】A重力做功为WG=mg（2.5RR）=1.5mgR故A正确；B小球到达B点时应满足mg=m小球从P到B的运动过程中，增加的动能为Ek=mvB2=mgR故B错误；
10、C从P到B过程，由动能定理可得1.5mgR+Wf=mvB2联立解得：摩擦力做功 Wf=mgR故C错误；D小球离开B点后做平抛运动，下落高度为R时，运动的水平距离为x=RR所以离开B点后不可能落在圆轨道内，故D错误；故选A。7D通过对公式的理解以及功能关系即可判断相关问题。【详解】A物体受到力的作用，如果力和位移相互垂直，则力不会做功，A错误；B中，F、s和表示力和位移的大小，都是正值，表示力和位移方向的夹角，可取正值、负值或零，B错误；C合力的总功等于每个分力所做功的代数和相加，C错误；D功是能量转化的量度，能量的变化可以通过做功实现，所以功是过程量，不是状态量。8A【详解】以C点为原点，CD
11、为x轴和CD垂直向上方向为y轴，建立坐标系；进行运动分解，y轴方向做类竖直上抛运动，x轴方向做匀加速直线运动当运动员速度方向与轨道平行时，在y轴方向上到达最高点，根据对称性可知而x轴方向运动员做匀加速运动所以CFFD故选A。9A【详解】AC小球的合力为小球做圆周运动半径为则由向心力的公式可得由可得故A正确，C错误；B向心加速度大小向心加速度大小与角度有关，故B错误；D运动线速度大小故D错误。故选A。10D【详解】A球向B球接近至AB间的距离小于L之后，A球的速度逐步减小，B球从静止开始加速运动，两球间的距离逐步减小。当A、B两球的速度相等时，两球间的距离最小。接触的条件为其中、为当两球间距离最
12、小时，A、B两球的速度，、为两球间距离从L变至最小的过程中，A、B两球通过的路程，由牛顿第二定律得，由匀加速运动公式得，联立方程解得，故ABC错误，D正确。故选D。11B【详解】曲线运动的速度的方向不断变化，则曲线运动一定是变速运动，选项A错误；曲线运动的速率可以保持不变，例如匀速圆周运动，选项B正确； 做曲线运动的物体速度不断变化，则加速度不能为零，选项C错误；做曲线运动的物体加速度不一定变化，例如平抛运动，选项D错误；故选B.12C【详解】A. 若加速度与速度方向相同时，物体做加速运动当加速度减小时，物体做加速度减小的加速运动，故A项错误；B.同步卫星与地球自转的角速度相等，根据向心加速度
13、，地球同步卫星的加速度大于赤道上随地球自转的物体的加速度，故B项错误；C. 根据v=at=gt知，做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的变化量总相等，故C项正确；D.物体合外力不为零，若重力之外的其他力做功，则机械能不守恒，如竖直向上匀速运动，故D项错误13B【详解】A、“嫦娥-号”从a轨道上经过切点时，即将做离心运动，从b轨道上经过切点时，做匀速圆周运动，两公式比较可知，vavb，故A错误B、由万有引力为，半径相等，故卫星受月球的引力Fa=Fb；故B正确C、万有引力提供向心力，因此加速度是相等的；故C错误D、由A可知vavb，卫星的动能EKaEKb；故D错误.故选B.该题考查“嫦娥-号”
14、绕月球运行，万有引力提供向心力要注意从椭圆轨道上经过切点时，万有引力提供的力小于需要的向心力，即将做离心运动14A【详解】AB由圆周运动知识知，小汽车通过桥顶时，其加速度方向向下，由牛顿第二定律得mgFNm解得FNmgmmg故其处于失重状态，A正确，B错误；CFNmgm只在小汽车通过桥顶时成立，而在其上桥过程中不成立，C错误；D由mgFNm，FN0，解得v1D错误。故选A。15C【详解】根据质点做曲线运动的条件，速度应该沿着曲线的切线的方向，合力应该指向曲线弯曲的一侧，故C正确，ABD错误；故选C根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候
15、经常用到的知识点16 AB B A 匀速直线运动 自由落体运动 相等 0.03s 0.6m/s【详解】(1)1 A.实验中必须保证小球做平抛运动，而平抛运动要求有水平初速度且只受重力作用，故A正确；B. 根据平抛运动的特点可知其运动轨迹在竖直平面内，因此在实验前，应使用重锤线调整面板在竖直平面内，即要求木板平面与小球下落的竖直平面平行，故B正确；C. 小球每次必须从斜面上同一位置由静止开始释放是实验过程中的注意事项，不是实验前的准备。故C错误；D. 在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O，不能作为小球做平抛运动的起点，应该以小球在末端时球心在白纸上的投影为坐标原点；故D错误。故选AB。(2)2 为了
16、保证小球的初速度相等，每次从斜槽的同一位置由静止释放小球，斜槽不一定需要光滑，即小球与斜槽之间有摩擦，不会增大误差，故错误；安装斜槽时，末端不水平，使得初速度不水平，会增大实验的误差，故正确；建立坐标系时，以斜槽末端端口位置为坐标原点，会增大实验的误差，应该以小球在末端时球心在白纸上的投影为坐标原点，故正确；根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取作计算的点离原点O较远，可以减小实验的误差，故D错误故选B。(3)3 实验中需要平木板，平抛运动的时间可以通过竖直位移求出，不需要秒表测量。因为小球的运动要在竖直平面内进行，实验时需要重锤线，需要用铅笔通过描点连线作出运动的轨迹。本题选不需要的器材
17、，故选A。(4)45 平抛运动只受重力作用，可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动。(5) 6 小球从ab、bc、cd水平位移相等，因为水平方向上做匀速直线运动，所以经历的时间相等。7 根据得：8 平抛运动的初速度17 C； 1.20， 1.22； B； A； A；【详解】(1) 刻度尺的读数需读到最小刻度的后一位，三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段的读数，应读作：15.70，故应选C；(2) B点为AC的中间时刻，根据中间时刻的瞬时速度等于平均速度可知 ,，所以B点动能为 重力势能减小量；(3) 由于要克服空气阻力做功，所以重力势能的减小量大于动能的增大量；(4)
18、(5)由自由落体运动可求得任意时刻速度大小，但由于重锤实际下落加速度小于g，而用重力加速度g计算将重锤速度算大了，所以甲同学的更合理18（1）；（2）2【详解】(1)当物体只由静摩擦力提供向心力时，最大的向心力为mg，此时mgm2r解得：(2)当拉力达到最大时,转盘有最大角速度maxmg+Fm=m2r即：mg+3mg=mr解得：max=2答：(1)当转盘角速度时，细线的拉力为零；(2)若小物体始终相对转盘静止,转盘转动的最大角速度是2.19（1）；（2）【详解】（1）小球自由下落过程中有万有引力与重力关系有第一宇宙速度v应满足联立上式解得代入数据有（2）同理，联立（1）中各式式解得代入数据解得
19、20(1)20m/s；(2)2 m/s2【详解】(1)当牵引力与阻力相等时，速度最大，则有P额=Fvm=fvm解得vm=m/s20m/s(2)根据牛顿第二定律得F1f=Ma汽车做匀加速运动达到最大速度为v，此时功率为额定功率，满足v=，匀加速直线运动的时间t5s，满足t=，代入数据联立解得a=2m/s221（1），1.5Mg；（2）3.5Mg【详解】（1）在最高点，人的重力和座椅对人的压力的合力提供向心力，则又解得将过山车和人视为一个整体，向心力由整体的重力和轨道的支持力的合力提供，设此时轨道对整体的支持力为，则解得根据牛顿第三定律可知，过山车对轨道的压力大小为，方向竖直向上；（2）在最低点时，设座椅对人的支持力为，则代入数据得根据牛顿第三定律可知，人对座椅压力大小为，方向竖直向下。答案第12页，共12页