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1、山东省潍坊市2013年中考化学试卷一、选择题（本题包括10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题意）1（2分）（2013潍坊）下列物质中，属于纯净物的是（）A空气B海水C白醋D液氧考点：纯净物和混合物的判别专题：物质的分类分析：纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质；据此结合常见物质的组成成分逐项分析即可解答：解：A、空气中含有氮气、氧气、二氧化碳等多种物质，属于混合物故A不符合题意； B、海水中含有水、氯化钠等物质，属于混合物故B不符合题意； C、白醋含有水、醋酸等物质，属于混合物故C不符合题意； D、液氧中只含有一种物质，属于纯净物故D符合题意故选D点评：
2、解答本题要充分理解纯净物和混合物的区别，要分析物质是由几种物质组成的，如果只有一种物质组成就属于纯净物，如果有多种物质就属于混合物2（2分）（2013潍坊）在资源的利用过程中，发生了化学变化的是（）A利用海水晒盐B用干冰人工降雨C公交车使用天然气作燃料D利用风力发电考点：化学变化和物理变化的判别专题：物质的变化及性质分析：化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化及物理变化的本质区别是有无新物质生成，据此抓住化学变化和物理变化的区别结合事实进行分析判断即可解答：解：A、利用海水晒盐的过程中是利用阳光和风力，使海水中的水分蒸发，没有新物质生成，属于物理变化B、用干
3、冰人工降雨的过程中只是干冰的状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化C、公交车使用天然气作燃料的过程中有新物质二氧化碳和水等生成，属于化学变化D、利用风力发电的过程中风能转化成电能，没有新物质生成，属于物理变化故选C点评：本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，这里的新物质是指和变化前的物质是不同种的物质，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化3（2分）（2013潍坊）下列化学用语书写正确的是（）A钙离子符号：B硝酸钾的化学式：KNO3C水的化学式：H2O2D铝原子的结构示意图：考点：化学符号及其周围数字的意义；原子结构示意图及离子结构示意图专题：化学用语和质
4、量守恒定律分析：A、离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略若表示多个该离子，就在其元素符号前加上相应的数字B、化合物化学式的书写一般规律：金属在前，非金属在后；氧化物中氧在后，原子个数不能漏，正负化合价代数和为零C、根据水的化学式的书写方法进行书写即可D、根据当质子数=核外电子数，为原子；当质子数核外电子数，为阳离子；当质子数核外电子数，为阴离子；据此进行分析判断解答：解：A、由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略若表示多个该离子
5、，就在其元素符号前加上相应的数字，故钙离子可表示为：Ca2+，故选项书写错误B、硝酸钾中钾元素显+1价，硝酸根显1价，其化学式为KNO3，故选项书写正确C、水的化学式为H2O，故选项书写错误D、质子数=13，核外电子数=10，质子数核外电子数，为阳离子，故选项书写错误故选B点评：本题难度不大，主要考查同学们对常见化学用语（离子符号、化学式、粒子结构示意图等）的书写和理解能力4（2分）（2013潍坊）不法商家在黄金中掺入了铱损害了消费者的利益由图中信息可知，下列说法中错误的是（）A铱的原子序数是77B铱的相对原子质量是192.2C铱的质子数是77D铱属于非金属元素考点：元素周期表的特点及其应用专
6、题：化学用语和质量守恒定律分析：元素周期表中左上角数字是原子序数，右上角是元素符号，中间是元素名称，正下方是相对原子质量解答：解：A、左上角数字是原子序数所以铱的原子序数是77，故A说法正确；B、正下方是相对原子质量，所以铱的相对原子质量是192.2，故B说法正确；C、质子数等于原子序数，铱的原子序数是77，所以铱的质子数是也是77，故C正确；D、铱的汉字中带钅字旁，属于金属元素，故D说法错误故选D点评：解答本题关键是要知道元素周期表各数据表示的意义，汉字中带有钅字旁的都属于金属元素（金、汞也属于金属元素）5（2分）（2013潍坊）下列物质的名称，俗名对应正确的是（）A乙醇白酒B硫酸铜晶体胆矾
7、C碳酸氢钠苏打D氧化钙熟石灰考点：化学式的书写及意义专题：化学用语和质量守恒定律分析：根据常见化学物质的名称、俗称别进行分析判断即可解答：解：A、乙醇的俗称酒精，白酒是酒精的水溶液，其名称、俗名对应错误B、硫酸铜晶体（CuSO4.5H2O）俗称胆矾，其名称、俗名对应正确C、碳酸氢钠的俗称是小苏打，苏打是碳酸钠的俗称，其名称、俗名对应错误D、氧化钙的俗称是生石灰，熟石灰是氢氧化钙的俗称，其名称、俗名对应错误故选B点评：本题难度不大，熟练掌握常见化学物质的名称、俗称是正确解答此类题的关键6（2分）（2013潍坊）PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒，它主要来源于化石燃料的燃烧，大气中
8、PM2.5含量高易导致雾霾天气下列燃料燃烧时，不会引起大气中PM2.5增多的是（）A氢气B煤炭C汽油D柴油考点：空气的污染及其危害专题：空气及水分析：化石燃料包括石油、煤和天然气等，汽油、煤油、柴油是石油分馏的产物解答：解：氢气燃烧只生成水，不能产生PM2.5，是一种清洁能源；煤炭、汽油、柴油燃烧时能够产生PM2.5，会污染环境故选：A点评：化石燃料燃烧时能够产生大量污染环境的物质，而氢气燃烧不产生任何污染环境的物质，所以氢能的开发至关重要7（2分）（2013潍坊）下列有关水的说法中错误的是（）A自然界中的河水、井水和湖水都属于混合物B实验室电解水时，正极端玻璃管内的气体是氢气C农业上合理使用
9、化肥和农药有利于水资源的保护D生活中可以通过煮沸降低水的硬度考点：电解水实验；硬水及软水；水资源的污染及防治；纯净物和混合物的判别专题：空气及水分析：天然水中含有多种杂质；电解水时生成氢气和氧气，并且氢气和氧气的体积比是2：1；合理使用化肥和农药既有利于提高农作物的产量，又不会严重污染环境；硬水中含有较多的钙离子、镁离子解答：解：A、河水、井水和湖水中含有多种物质，属于混合物正确B、电解水时，正极产生的是氧气，负极产生的是氢气，所以正极端玻璃管内的气体应该是氧气，不是氢气错误C、滥施化肥农药会污染水体、土壤，合理使用化肥和农药有利于水资源的保护正确D、加热煮沸水时，水中的钙离子、镁离子能够以碳
10、酸钙、氢氧化镁等沉淀的形式从水中析出，从而降低了水的硬度正确故选：B点评：电解水时，水电离出的氢离子向负极移动，在负极上放电，生成氢气；电离出的氢氧根离子向正极移动，在正极上放电，生成氧气8（2分）（2013潍坊）下列对物质的分类正确的是（）A火碱和纯碱都属于碱类B合金和合成纤维都属于合成材料C氯化钠和氯化铵都属于盐类D葡萄糖和碳酸钾都属于有机化合物考点：常见的氧化物、酸、碱和盐的判别；有机物及无机物的区别；合成材料的使用及其对人和环境的影响专题：物质的分类分析：电离时生成的阴离子都是氢氧根离子的化合物是碱；材料包括金属材料、无机非金属材料、有机合成材料、复合材料等；由金属离子和酸根离子组成的
11、化合物属于盐；含有碳元素的化合物属于有机物解答：解：A、火碱是氢氧化钠的俗称，氢氧化钠属于碱；纯碱是碳酸钠的俗称，碳酸钠属于盐不正确B、合金属于金属材料，合成纤维属于合成材料不正确C、氯化钠是由金属离子和酸根离子组成的化合物，属于盐；氯化铵是由铵根离子和酸根离子组成的化合物，也属于盐正确D、葡萄糖是含有碳元素的化合物，属于有机物；碳酸钾中虽然含有碳元素，但是性质及无机物相似，属于无机物不正确故选：C点评：碳酸钠属于盐，但是水溶液显碱性，所以显碱性的物质不一定是碱，以此类推，显酸性的物质也不一定是酸9（2分）（2013潍坊）“节能减排”是社会发展的重要理念下列做法不符合该理念的是（）A大力开采和
12、使用化石燃料B推广使用太阳能热水器C城市建立公共自行车租赁系统D提倡纸张双面打印考点：自然界中的碳循环专题：化学及环境保护分析：“节能减排”的理念是节约能源，减少二氧化碳等温室气体的排放；可从节电、节能等环节来改变生活细节，减轻对环境的污染；据此结合题意进行分析判断解答：解：A、大力开采和使用化石燃料，会增加空气污染物的排放量，故该做法不符合该理念B、推广使用太阳能热水器，能减少使用化石燃料交通工具的使用，从而减少二氧化碳的排放，故做法符合该理念C、城市建立公共自行车租赁系统，可以节约能源、减少二氧化碳的排放，故做法符合该理念D、提倡纸张双面，能节约造纸所用的木材，减少树木的砍伐，增强二氧化碳
13、的消耗，故该做法符合该理念故选A点评：节能减排、保护环境是社会的热点，也是中考热点之一，增强环保意识、充分理解节能环保的重要性是解答此类题的关键10（2分）（2013潍坊）下列做法错误的是（）A消防队员用高压水降低可燃物的温度进行灭火B炒菜时油锅着火可以用锅盖迅速盖灭C室内着火时，立即打开所有门窗D扑灭森林火灾，可将大火蔓延路线前的一片树木砍掉，形成隔离带考点：灭火的原理和方法专题：化学及生活分析：根据灭火原理：清除或隔离可燃物，隔绝氧气或空气，使温度降到可燃物的着火点以下，据此结合灭火方法进行分析；室内起火时，立即打开门窗，会造成空气流通解答：解：A、消防队员用高压水灭火，利用的是降低可燃物
14、的温度的原理，故选项说法正确B、炒菜时油锅着火时可以用锅盖迅速盖灭，利用了隔绝氧气的原理，故选项做法正确C、室内起火时，不能立即打开门窗，否则空气流通，火势更旺，故选项做法错误D、将大火蔓延路线前的一片树木砍掉，形成隔离带，是利用了清除可燃物或使可燃物及其他物品隔离的原理，故选项做法正确故选C点评：本题难度不大，掌握灭火的原理（清除或隔离可燃物，隔绝氧气或空气，使温度降到可燃物的着火点以下）并能灵活运用是正确解答本题的关键二、选择题（本题包括10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题意）11（2分）（2013潍坊）现有10gA和足量的B混合加热，A及B发生化学反应，10gA完全反
15、应后生成8gC和4gD，则参加反应的A及B的质量比是（）A5：1B4：1C2：1D1：1考点：质量守恒定律及其应用专题：化学用语和质量守恒定律分析：在化学反应中遵循质量守恒定律，参加反应的物质的质量等于反应后生成的物质的质量解答：解：生成物的质量和为：8g+4g=12g，10gA和足量的B完全反应，参加反应的B物质的质量为：12g10g=2g，参加反应的A及B的质量比是：10g：2g=5：1故选：A点评：解题的关键是要理解10gA和足量的B混合加热完全反应时，10gA完全参加了反应，进一步可以求出参加反应的B物质的质量12（2分）（2013潍坊）漂白粉在生活生产中有重要的应用氯气及石灰乳反应制
16、得漂白粉的化学方程式为2Cl2+2Ca（OH）2Ca（ClO）2+X+2H2O，其中X的化学式是（）ACaOBCaH2CCa（ClO3）2DCaCl2考点：质量守恒定律及其应用专题：化学用语和质量守恒定律分析：在化学反应中遵循质量守恒定律，即反应前后元素的种类不变，原子的种类、个数不变解答：解：根据质量守恒定律和2Cl2+2Ca（OH）2Ca（ClO）2+X+2H2O可知，每个X中含有1个钙原子和2个氯原子，X是氯化钙，化学式是CaCl2故选：D点评：只要是化学变化，就遵循质量守恒定律，根据化学方程式中反应物和生成物的化学式，可以判断出某种物质的种类13（2分）（2013潍坊）氯化钠是重要的盐
17、下列做法或说法中错误的是（）A“一定溶质质量分数的氯化钠溶液的配制”的实验中，使用玻璃棒搅拌，加快氯化钠的溶解B“粗盐中难溶性杂质的去除”的实验中，当蒸发皿中的滤液全部蒸干后才能停止加热C氯化钠的水溶液能导电是因为它在水中解离出自由移动的Na+和ClD氯化钠的溶解度受温度变化的影响很小考点：一定溶质质量分数的溶液的配制；固体溶解度的影响因素；溶液的导电性及其原理分析；氯化钠及粗盐提纯专题：常见的盐 化学肥料分析：A、根据“一定溶质质量分数的氯化钠溶液的配制”的实验中玻璃棒的作用进行分析判断B、根据蒸发操作停止加热的时机进行分析判断C、溶液能导电的原因是存在能自由移动的离子D、根据氯化钠的溶解度
18、受温度的影响的变化趋势进行分析判断解答：解：A、“一定溶质质量分数的氯化钠溶液的配制”的实验中，使用玻璃棒搅拌，可以加快氯化钠的溶解，故选项说法正确B、“粗盐中难溶性杂质的去除”的实验中，当蒸发皿中出现较多的固体时，应停止加热，用余热使水分蒸干，故选项说法错误C、氯化钠的水溶液能导电是因为它在水中解离出自由移动的Na+和Cl，故选项说法正确D、氯化钠的溶解度受温度变化的影响不大，故选项说法正确故选B点评：本题难度不大，掌握配制一定溶质质量分数的溶液实验步骤、蒸发操作时停止加热的时机、溶液导电的原因等是正确解答本题的关键14（2分）（2013潍坊）下图是两种气体发生化学反应的微观示意图，其中相同
19、的球代表同种原子下列说法正确的是（）A分子在化学变化中不可分割B反应后生成了两种新的化合物C该反应属于置换反应D化学反应前后原子的种类和数量不变考点：微粒观点及模型图的应用专题：化学反应模拟图型分析：根据化学反应的微观示意图，对比反应前后微粒的变化，分析分子、原子的变化；分析生成物的种类；分析反应的特点，判断反应的类型解答：解：A、由反应前后微粒的变化可知，分子在化学变化中发生了变化，说明了分子在化学变化中可以分割故A说法不正确；B、由生成物的微观构成可知，反应后生成了一种新的化合物故B说法不正确；C、由化学反应的微观示意图可知，该反应由两种物质生成了一种物质，属于化合反应故C说法不正确；D、
20、由反应前后微粒的变化可知，化学反应前后原子的种类和数量不变故D说法正确故选D点评：模型能直观地表示了变化的微观过程；试题通过给出微粒的模型，考查学生的观察能力和对基本概念的理解及运用能力15（2分）（2013潍坊）有X，Y，Z三种金属，只有Z在自然界中主要以单质形式存在如果把Y加入X的硝酸盐溶液中，Y表面有X析出据此判断这三种金属的活动性由强到弱的顺序为（）AXZYBXYZCYXZDZYX考点：金属活动性顺序及其应用专题：金属及金属材料分析：根据金属活动性顺序的意义进行分析，在金属活动性顺序中，氢前的金属能及酸反应生成氢气，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来；Z在自然界主要以
21、单质形式存在，说明其性质稳定解答：解：由题意可知，Z在自然界中主要以单质形式存在，说明Z的活动性最弱；如果把Y加入X的硝酸盐溶液中，Y表面有X析出说明金属的活动性YX，故三种金属的活动性由强到弱的顺序为Y、X、Z；所以，C正确，A、B、D错误故选C点评：本题主要考查了金属活动性顺序表的应用，解答时可以依据金属活动性顺序表的应用进行分析16（2分）（2013潍坊）下列实验中利用提供的方案能达到目的是（）选项实验目的实验方案A除去CaO中混有的CaCO3先加足量水，然后过滤B除去CO2中的少量HCl气体先通过NaOH溶液，再通过浓硫酸C鉴别棉线和羊毛线点燃，闻产生的气味，观察生成的灰烬D鉴别稀盐酸
22、和氯化钠溶液滴加酚酞溶液颜色变化AABBCCDD考点：物质除杂或净化的探究；物质的鉴别、推断专题：物质的鉴别题；物质的分离、除杂、提纯及共存问题分析：根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：加入的试剂只能及杂质反应，不能及原物质反应；反应后不能引入新的杂质鉴别物质时，首先对需要鉴别的物质的性质进行对比分析找出特性，再根据性质的不同，选择适当的试剂，出现不同的现象的才能鉴别解答：解：A、CaO固体能及水反应生成氢氧化钙，碳酸钙不溶于水，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误B、CO2和
23、HCl气体均能及NaOH溶液反应，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则；故选项所采取的方法错误C、羊毛线的主要成分是蛋白质，燃烧时有烧焦羽毛的气味，棉线没有，得到的固体用手能捏成粉末的是羊毛线，可用燃烧法区别棉线和羊毛线，故选项提供的方案能达到目的D、无色酚酞溶遇酸性溶液不变色，遇碱性溶液变红色，稀盐酸和氯化钠溶液分别显酸性、中性，酚酞溶液遇之分别显示无色、无色，不能出现两种明显不同的现象，故不能鉴别，故提供的方案不能达到目的故选C点评：物质的分离、除杂及鉴别是中考的重点，也是难点，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只及杂质反应，反应后不能引入新的杂质），熟练掌握鉴别的物质的性质，
24、然后选择适当的试剂或方法，出现不同的现象即可鉴别是正确解答本题的关键17（2分）（2013潍坊）如图是甲、乙两种固体物质的溶解度曲线，下列说法中正确的是（）A20时，甲、乙两者的溶解度相等B甲的溶解度大于乙的溶解度C40时，甲的饱和溶液中溶质的质量分数为50%D40时，将乙的饱和溶液降温至20，得到乙的不饱和溶液考点：固体溶解度曲线及其作用；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系专题：溶液、浊液及溶解度分析：根据溶解度曲线的意义解答溶解度曲线上任一点表示某物质在某温度下的溶解度，交点表示该温度下两物质的溶解度相等，根据溶解度计算饱和溶液中溶质质量分数，根据溶解度随温度变化的情况，分析饱和溶液及不
25、饱和溶液之间的转化方法等解答：解：A、由甲、乙两种固体物质的溶解度曲线可知，在20时，甲、乙两种固体物质的溶解度曲线交及一点，甲、乙两者的溶解度相等故A说法正确；B、要比较溶解度的大小，必须指明温度故B说法错误；C、由甲的溶解度曲线可知，在40时，甲的溶解度是50g，则饱和溶液的溶质的质量分数是：100%=33.3%故C说法错误；D、由乙的溶解度曲线可知，乙的溶解度随温度的升高而增大，所以，40时，将乙的饱和溶液降温至20，得到乙的饱和溶液故D说法错误故选A点评：本题考查溶解度曲线的意义及应用，根据溶解度曲线可判断饱和溶液及不饱和溶液转化的方法，对于溶解度随温度升高而增大的物质不饱和溶液变成饱
26、和溶液只能是降温18（2分）（2013潍坊）下列选项中的实验所对应的图象错误的是（）A在有无催化剂时分别用等质量、等浓度的过氧化氢溶液制取氧气B等质量的Fe铁、Zn粉分别及足量等浓度的稀硫酸反应C向一定体积和浓度的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液D向硝酸铜和硝酸的混合溶液中逐滴加入氢氧化钠溶液考点：催化剂的特点及催化作用；金属的化学性质；碱的化学性质；中和反应及其应用专题：元素化合物知识型分析：A、根据催化剂只能改变化学反应速率但不能增加生成物的质量进行解答；B、根据等质量的Fe铁、Zn粉分别及足量等浓度的稀硫酸反应锌反应速率快、而铁生成的氢气多进行解答；C、根据一定体积和浓度的稀盐酸中逐滴加入氢
27、氧化钠溶液后溶液逐渐由酸性变为中性，当氢氧化钠溶液过量时溶液变为碱性进行解答；D、根据向硝酸铜和硝酸的混合溶液中逐滴加入氢氧化钠溶液，氢氧化钠溶液先和硝酸反应生成硝酸钠和水，当硝酸反应完毕后再和硝酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硝酸钠进行解答解答：解：A、催化剂只能改变化学反应速率但不能增加生成物的质量，所以有催化剂的反应快，但二者最终生成气体的质量相同，故A实验所对应的图象正确；B、等质量的Fe铁、Zn粉分别及足量等浓度的稀硫酸反应，锌反应速率快，用的时间少，而铁生成的氢气多，故B实验所对应的图象错误；C、一定体积和浓度的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液后溶液逐渐由酸性变为中性，当氢氧化钠溶液过量时溶
28、液变为碱性，故C实验所对应的图象正确；D、向硝酸铜和硝酸的混合溶液中逐滴加入氢氧化钠溶液，氢氧化钠溶液先和硝酸反应生成硝酸钠和水，开始没有沉淀，当硝酸反应完毕后再和硝酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硝酸钠，故D实验所对应的图象正确故选：B点评：本题将变化过程放入坐标系中进行探究，使得变化过程图象化，体现了变化的数形结合，能很好训练学生对相关知识的分析能力19（2分）（2013潍坊）金属镍及其化合物能发生下列反应：Ni+2HCl=NiCl2+H2；NiO+2HCl=NiCl2+H2O；NiO2+4HCl=NiCl2+Cl2+2H20；分析化学方程式可知，下列说法中错误的是（）A镍能及硫酸铜溶液反应B反
29、应属于复分解反应C反应中Ni的化合价由+4价变为+2价D上述3个反应中涉及2种单质考点：金属的化学性质；单质和化合物的判别；有关元素化合价的计算；反应类型的判定专题：金属及金属材料分析：根据所给反应可知：镍能及盐酸，说明其排在顺序表中氢的全面；A、金属活动性顺序表中前面的金属能把排在后面的金属从其盐溶液中置换出来；B、复分解反应是两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物的反应；C、据化合物中元素化合价的正负总数和为0的原则分析解答；D、单质是由一种元素组成的纯净物解答：解：A、镍能及盐酸，说明其排在顺序表中氢的全面，铜排在顺序表中氢的后面，所以镍能及硫酸铜溶液反应，正确；B、NiO+2HCl=
30、NiCl2+H2O，是由两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物的反应，属于复分解反应，正确；C、反应前NiO2，O的化合价是2价，所以Ni的化合价是+4价，反应后NiCl2中Cl的化合价是1价，所以Ni的化合价是+2，正确；D、上述3个反应中涉及到的单质有Ni、H2、Cl23种单质，故错误；故选D点评：金属活动性顺序表中前面的金属能把排在后面的金属从其盐溶液中置换出来，了解复分解反应的定义、单质的概念，化合物中元素化合价的正负总数和为0，并会结合题意灵活分析解答，掌握知识才能正确解答20（2分）（2013潍坊）按右图所示装置进行实验（图中铁架台均已略去）先在试管中加入试剂乙，然后在试管中加入
31、试剂甲，立即塞紧橡皮塞，一段时间后，观察到试管中有白色沉淀生成符合以上实验现象的一组试剂是（）A甲：NaHCO3、稀HCl；乙：NaOH溶液B甲：Al，稀H2SO4；乙：Ba（NO3）2溶液C甲：MgO，稀盐酸；乙：AgNO3D甲：Cu、稀H2SO4；乙：BaCl2溶液考点：酸的化学性质专题：常见的酸 酸的通性分析：本题主要考查物质之间反应的现象，根据该装置的特点，导管是伸入液面以下，所以试管中有白色沉淀生成的原因可能是：I中生成的气体排不出去，气压增大，将I中的液体压入中，及中的液体反应生成沉淀，根据以上分析，结合四个选项中物质之间反应的现象即可选择出正确选项解答：解：A、I中NaHCO3和
32、稀HCl反应会生成气体二氧化碳、氯化钠和水，气体排不出去，气压增大，将I中的氯化钠、或者未反应的盐酸压入中及NaOH溶液，盐酸可及氢氧化钠溶液反应氯化钠和水，氯化钠及氢氧化钠不反应，看不到浑浊，不符合题意，故A错误；B、I中Al和稀H2SO4反应会生成气体氢气，试管内气压增大，将生成的硫酸铝和稀H2SO4压入中，二者均会及Ba（NO3）2溶液反应生成白色的硫酸钡沉淀，符合实验现象，正确；C、I中氧化镁和稀盐酸反应生成氯化镁和水，无气体生成，所以I中液体不会进入中，故无白色沉淀生成，不符合题意，故C错误；D、I中铜和稀硫酸不会反应不会有液体被压入中，溶液不会变浑浊，不符合实验现象，故D错误；故选
33、B点评：本题考查物质之间的反应现象，要掌握物质之间的化学反应原理，明确装置的特点，能较好考查学生分析、解决问题的能力三、本题包括2小题（共20分）21（12分）（2013潍坊）化学就在我们身边请运用所学的化学知识，回答下列问题；（1）铝及其化合物有广泛的用途把一根用砂纸打磨过的铝丝浸入硫酸铜溶液中，反应的化学方程式是2Al+3CuSO4Al2（SO4）3+3Cu砂纸的作用是除去铝丝表面的氧化物薄膜（2）今年3月，我国出现了H7N9新型禽流感病例科研部门自主研发出一种新药可用于治疗H7N9禽流感，它的化学式为C15H28N4O4，它由4种元素组成，其中碳、氮两种元素的质量比为45：14（3）北海
34、盛产鱼虾等海产品，鱼虾中富含的基本营养素是蛋白质；海产品溶液腐烂变质，不能（填写“能”及“不能”）用甲醛溶液浸泡防腐保鲜（4）在地震救灾中，用搜救犬搜救被埋在废墟下的幸存者是利用了分子是不断运动的；抢救危重伤员时需要的氧气常装入氧气袋中，利用了分子之间有间隔（5）下列有机合成材料具有热塑性的是AB（填写字母序号）A聚乙烯 B聚氯乙烯 C酚醛塑料（电木） D脲醛塑料（电玉）考点：金属的化学性质；利用分子及原子的性质分析和解决问题；化学式的书写及意义；元素质量比的计算；塑料及其应用；生命活动及六大营养素；亚硝酸钠、甲醛等化学品的性质及人体健康专题：化学及生活分析：（1）在金属活动性顺序表中，位置在
35、前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来，砂纸的作用是除去铝丝表面的氧化物薄膜，让铝充分反应；（2）据物质的化学式判断其组成元素，并据元素质量比=相对原子质量及相应原子个数的乘积比进行计算；（3）根据六大营养素回答，甲醛有毒，可使蛋白质变性；（4）据分子的性质分析解答；（5）据合成材料的性质分析解答解答：解：（1）在金属活动性顺序表中，铝在铜的前面，能及硫酸铜反应生成铜，方程式是2Al+3CuSO4Al2（SO4）3+3Cu，铝易及空气中的氧气反应生成致密的氧化铝薄膜，砂纸的作用是除去铝丝表面的氧化物薄膜，让铝充分反应；（2）该药品的化学式为C15H28N4O4，可以看出该物质由碳、氢、
36、氮、氧四种元素组成，其中碳、氮两种元素的质量比为：1215：（144）=45：14；（3）鱼虾中富含的基本营养素是蛋白质，甲醛会及蛋白质发生反应，破坏蛋白质的结构，使其变质因此不能用甲醛水溶液来浸泡水产品等食用品，人食用后会引起人体蛋白质变性，使人中毒；（4）用搜救犬搜救被埋在废墟下的幸存者是利用了分子是不断运动的性质，氧气常装入氧气袋中，是利用了分子之间有间隔，所以气体的体积易被压缩；（5）热塑性是指该合成材料可受热熔化，可反复加工的性质，AB聚乙烯和聚氯乙烯受热可熔化，可反复加工，具有热塑性，CD电木和电玉受热不熔化，故无热塑性；故答案为：（1）2Al+3CuSO4Al2（SO4）3+3C
37、u；除去铝丝表面的氧化物薄膜；（2）4； 45：14；（3）蛋白质；不能；（4）是不断运动的；之间有间隔；（5）AB点评：本题考查了金属的化学性质、分子的性质、物质的组成、元素的质量比、有机合成材料等相关知识，考查的内容全面、细致，掌握相关知识是解答此题的关键22（8分）（2013潍坊）化学实验技能是学习化学和进行探究活动的基础和保证某化学兴趣小组进行了一些实验，主要操作过程如图所示：请回答下列问题：（1）实验甲中烧杯内的现象是有蓝色沉淀；所需的硫酸铜溶液，在配制前应先将硫酸铜晶体放于研钵内将其捣碎（2）实验乙中的一处明显错误是漏斗下端口没靠紧烧杯内壁（3）实验乙、丙中均使用到了玻璃棒下列实验
38、中必须使用玻璃棒AC（填写字母序号）A稀释浓硫酸B硫在氧气中燃烧C用PH试纸测肥皂水的PHD实验室制取二氧化碳（4）实验丁中将氧化铜和木炭粉混合物加入试管中的正确操作是试管倾斜，把盛有药品的药匙（或纸槽）送至试管底部，将试管直立为进一步提高实验的温度，应采取的措施是加网罩是火焰集中考点：碱的化学性质；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；过滤的原理、方法及其应用；溶液的酸碱度测定；碳的化学性质专题：实验性简答题分析：（1）氢氧化钠溶液可以和硫酸铜反应生成蓝色的氢氧化铜沉淀，而捣碎硫酸铜晶体通常在研钵中进行，可以据此解答；（2）根据过滤“一贴二低三靠”来进行解答；（3）根据具体的操作过程和方法进行解答；（
39、4）根据加热固体的方法可以知道，应该将试管口略向下倾斜，而为了提高温度可以在酒精灯上加一个网罩，可以据此解答解答：解：（1）氢氧化钠溶液可以和硫酸铜反应生成蓝色的氢氧化铜沉淀，而捣碎硫酸铜晶体通常在研钵中进行；（2）根据过滤时的操作“一贴二低三靠”可以知道，图中漏斗的下端没有靠在烧杯的内壁上；（3）根据具体的操作过程和方法可以知道：A稀释浓硫酸时为了使产生的热量及时散失而用玻璃棒来搅拌，故A正确；B硫在氧气中燃烧，无需用到玻璃棒，故B错误；C用PH试纸测肥皂水的pH时用玻璃棒蘸取溶液，故C正确；D实验室制取二氧化碳无需用到玻璃棒，故D错误；故选AC（4）根据加热固体的方法可以知道，应该将试管口
40、略向下倾斜，而为了提高温度可以在酒精灯上加一个网罩，使火焰集中故答案为：（1）有蓝色沉淀；研钵；（2）漏斗下端口没靠紧烧杯内壁；（3）AC；（4）试管倾斜，把盛有药品的药匙（或纸槽）送至试管底部，将试管直立；加网罩是火焰集中点评：要想解答好这类题目，首先，要理解和熟记碱的化学性质、反应现象和化学方程式，以及及之相关的知识然后，根据所给的实验、问题情景，结合所学的相关知识和技能，并细心地探究、推理后，按照题目要求进行认真地选择或解答即可四、本题包括2小题（共20分）23（10分）（2013潍坊）研究氢气、一氧化碳和二氧化碳具有重要意义（1）实验室用锌和稀硫酸制取氢气的化学方程式是Zn+H2SO4
41、ZnSO4+H2研究发现：利用锍一碘循环分解水制氢气主要涉及下列反应（反应条件已略）：、SO2+2H2O+I2=H2SO4+2HI；、2HI=H2+I2；、2H2SO4=2SO2+O2+2H20请回答：反应属于分解反应（填基本反应类型）；循环分解水的过程中产生O2和H2的质量比为8：1（2）在汽车“催化转化器”内发生反应的化学方程式是：2NO+2CON2+2CO2某化学探究小组的同学为探究温度、催化剂的比表面积对化学反应速率的影响，设计了下列三组实验实验编号 T/NO初始浓度/gL1 CO初始浓度/gL1催化剂的比表面积/m2g1 280 0.036 0.162 82 280 0.036 0.
42、162 124 350 0.036 0.162 124分析上表中实验数据，回答下列问题：探究温度对化学反应速率影响的实验是和（填写实验编号）；研究催化剂的表面积对化学反应速率影响的实验是和（填写实验编号）（3）在300、70MPa下，使用催化剂可由氢气和二氧化碳合成乙醇，同时生成水，写出反应的化学方程式2CO2+6H2CH3CH2OH+3H2O（4）燃料燃烧时产生的热量不同已知在某温度下各种燃料燃烧时产生的热量见下表：燃料质量/g产物产生的热量/KJ氢气2水蒸气241.8甲烷16二氧化碳气体和水蒸气890.3乙醇46二氧化碳气体和水蒸气1367分析表中数据，燃烧单位质量的上述燃料产生的热量由多
43、到少的顺序是H2、CH4、CH3CH2OH（用化学式表示）考点：氢气的制取和检验；影响化学反应速率的因素探究；反应类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：化学反应的基本类型和能量变化；常见气体的实验室制法、检验、干燥及净化；科学探究分析：（1）根据实验室用锌和稀硫酸制取氢气的反应写出反应的化学方程式，根据反应的特点分析反应的类型，根据循环分解水的反应计算产生O2和H2的质量比；（2）根据固定变量法探究的思路分析对化学反应速率影响的因素；（3）根据反应写出反应的方程式；（4）根据表中数据计算比较解答：解：（1）实验室用锌和稀硫酸制取氢气，反应的化学方程式是：Zn+H2SO4ZnSO4+H2；反应有一种物质生成了两种物质，属于分解反应由循环分解水的反应可知生成的O2和H2的关系是O22H2，则生成的O2和H2的质量比是8：1；（2）由表中的数据及探究的方法可知，实验和催化剂的比表面积相同，温度不同，探究的是温度对化学反应速率影响；实验和温度相同，催化剂的表面积不同，研究催化剂的表面积对化学反应速率影响的实