2022年高考物理二轮复习课堂综合演练专题热学 .pdf

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1、学习好资料欢迎下载1.下列叙述正确的是() A只要知道水的摩尔质量和水分子的质量,就可以计算出阿伏加德罗常数B只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数,就可以算出气体分子的体积C悬浮在液体中的固体微粒越大,布朗运动就越明显D当分子间的距离增大时,分子间的引力变大而斥力减小解析: 根据 NA摩尔质量分子质量知, A 项正确;气体分子间距离远大于分子大小,其摩尔体积除以阿伏加德罗常数,结果是分子占据的空间,远远大于分子体积,B 项错误;根据布朗运动特点,微粒越小,运动越明显,温度越高运动越剧烈,可判断C 项错误;分子间的引力和斥力均随分子间距离的增大而减小,D 项错误。答案: A 2下列说法中正确的

2、是() A在冬季,剩有半瓶热水的暖水瓶经过一个夜晚后,第二天拔瓶口的软木塞时觉得很紧,不易拔出,是因为白天气温升高,大气压强变大B一定质量的理想气体,先等温膨胀,再等压压缩,其体积必低于起始体积C布朗运动就是液体分子的运动D在轮胎爆裂这一短暂过程中,气体膨胀,温度下降解析: 软木塞不易拔出是因为暖水瓶内温度降低,压强减小, 小于大气压的缘故,A 错误;一定质量的理想气体,先等温膨胀, 再等压压缩, 其体积不一定低于起始体积,B 错误;布朗运动是固体颗粒的运动,不是液体分子的运动,C 错误;在轮胎爆裂这一短暂过程中,气体膨胀,对外做功,内能减小,温度降低,D 正确。答案: D 3双选 下列说法中

3、正确的是() A水可以浸润玻璃,但是不能浸润石蜡,这个现象表明一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系B扩散现象就是布朗运动C蔗糖受潮后会粘在一起,没有确定的几何形状,它是非晶体精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 9 页学习好资料欢迎下载D对任何一类与热现象有关的宏观自然过程进行方向的说明,都可以作为热力学第二定律的表述解析: 一种液体是否浸润某种固体与它们的性质都有关系,选项A 正确;扩散现象是分子彼此进入对方的现象而布朗运动是悬浮在液体中颗粒的无规则运动的现象,所以选项B错误;蔗糖受潮后会粘在一起,虽然没有确定

4、的几何形状,但有确定的熔点,是多晶体,选项 C 错误;热力学第二定律揭示了大量分子参与宏观过程的方向性,进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性,选项D 正确。答案: AD 4(2011 新课标全国卷)对于一定量的理想气体,下列说法正确的是_。A若气体的压强和体积都不变,其内能也一定不变B若气体的内能不变,其状态也一定不变C若气体的温度随时间不断升高,其压强也一定不断增大D气体温度每升高1 K 所吸收的热量与气体经历的过程有关E当气体温度升高时,气体的内能一定增大解析: 一定质量的理想气体,pVT常量, p、V 不变,则T 不变,分子平均动能不变,又理想气体分子势能为零,

5、故气体内能不变,A 项正确;理想气体内能不变,则温度T 不变,由pVT常量知, p 及 V 可以变化, 故状态可以变化,B 错误; 等压变化过程, 温度升高、体积增大,故C 错误;由热力学第一定律 UQW 知,温度升高1 K,内能增量 U 一定,而外界对气体做的功W 与经历的过程可能有关(如体积变化时),因此吸收的热量与气体经历的过程也有关,D 项正确; 温度升高, 平均动能增大, 分子势能不变, 内能一定增大,E 项正确。答案: ADE 5(2011 山东高考 )(1)人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程,以下说法正确的是 _。A液体的分子势能与体积有关B晶体的物理性质都是各向异

6、性的C温度升高,每个分子的动能都增大D露珠呈球状是由于液体表面张力的作用(2)气体温度计结构如图105 所示。玻璃测温泡A 内充有理想精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 9 页学习好资料欢迎下载气体,通过细玻璃管B 和水银压强计相连。开始时A 处于冰水混合物中,左管C 中水银面在 O 点处,右管 D 中水银面高出O 点 h114 cm。后将 A 放入待测恒温槽中,上下移动D,使 C 中水银面仍在O 点处,测得D 中水银面高出O 点 h244 cm。(已知外界大气压为1个标准大气压,1 个标准大气压相当于76 cmHg)图 1

7、05 求恒温槽的温度。此过程A 内气体内能 _(填“增大”或“减小”),气体不对外做功,气体将_(填“吸热”或者“放热”)。解析: 液体分子的势能与体积有关,A 正确。多晶体的物理性质是各向同性,B 错。温度升高时,分子的平均动能增大,但并非是每个分子的动能都增大,C 错。 由于液体的表面张力作用,露珠呈球形,D 正确。(2)设恒温槽的温度为T2,由题意知T1273 K A 内气体发生等容变化,根据查理定律得p1T1p2T2p1p0ph1p2p0ph2联立以上三式,代入数据得T2364 K(或 91) 温度升高,A 内气体内能增大,根据热力学第一定律WQ U,W0, U0,所以 Q0,即吸热。

8、答案: (1)AD (2)364 K(或 91)增大吸热一、选择题(本题共6 个小题,每小题7 分,共 42 分,每小题只有一个或两个选项符合题意,其中双选已标明,请将正确选项前的字母填在题后的括号内)1.关于分子的热运动,以下叙述正确的是()A. 布朗运动就是分子的热运动B.C. 气体分子的热运动不一定比液体分子激精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 9 页学习好资料欢迎下载D.解析: 布朗运动是指固体小颗粒的运动,A 错误。 温度越高, 分子无规则运动越激烈,与物质种类无关,B 错, C 对。物体的宏观运动速度的大小与微观

9、分子的热运动无关,D答案:C 2双选 以下说法正确的是() A满足能量守恒定律的宏观过程都是可以自发进行的B绝对零度不可以达到的C若容器中用活塞封闭一定质量的理想气体,当保持温度不变向下缓慢压活塞时,气体内能不变D当分子间距离增大时,分子间引力增大,而分子间斥力减小解析: 自然界中与热现象有关的宏观过程都具有方向性,故A 错误;绝对零度不能达到, B 正确;温度不变气体内能不变,C 正确;分子间的引力和斥力都随着分子间距离的增大而减小, D 错误。答案: BC 3一定质量的气体,经历一膨胀过程,这一过程可以用图1 所示的直线 ABC 来表示,在A、 B、C 三个状态上,气体的温度TA、TB、T

10、C相比较,大小关系为() ATBTATC图 1 B TATBTCCTBTATCDTBTATC解析: 由图中各状态的压强和体积的值可知:pAVApCVC pBVB。另外从图中也可知,A、C 处在同一等温线上,而B 处在离原点更远的一条等温线上,所以TBTATC。故应选 C。答案: C 4下列有关晶体的微观结构的说法中,错误的是() A同种物质微粒空间排列规律必定相同B不同晶体有不同的空间排列规律C晶体的空间排列规律决定这种晶体材料的用途D晶体的各向异性就是因为晶体有规则的空间排列规律解析: 同种物质微粒在空间可以有不同的排列规律,如金刚石和石墨,故A 错;不同精选学习资料 - - - - - -

11、 - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 9 页学习好资料欢迎下载晶体有不同的空间排列规律,这些不同的排列规律决定了晶体材料有不同的用途,故B、C正确;晶体的各向异性是由于晶体有规则的空间排列决定的,D 正确。答案: A 5双选 下列说法正确的是() A热力学第二定律否定了以特殊方式利用能量的可能性B电流流过导体转化为内能,反过来,不可能内能收集起来,再转化成相同大小的电流C可以做成一种热机,由热源吸取一定的热量而对外做功D冰可以熔化成水,水也可以结成冰,这个现象违背了热力学第二定律解析:热力学第二定律说明了一切与热现象有关的宏观过程都是有方向性的,但并没有否认以特

12、殊方式利用能量的可能性,故A 错;功和内能的转化具有方向性,其逆过程是不可能实现的,故B 对;冰熔化成水,水结成冰,伴随着能量的转移,不是自发进行的,没有违背热力学第二定律。答案: BC 6(2011 江苏高考 )如图 2 所示,一演示用的“永动机”转轮由5 根轻杆和转轴构成,轻杆的末端装有用形状记忆合金制成的叶片。轻推转轮后,进入热水的叶片因伸展而“划水”,推动转轮转动。离开热水后,叶片形状迅速恢复,转轮因此能较长时间转动。下列说法正确的是()图 2 A转轮依靠自身惯性转动,不需要消耗外界能量B转轮转动所需能量来自形状记忆合金自身C转动的叶片不断搅动热水,水温升高D叶片在热水中吸收的热量一定

13、大于在空气中释放的热量解析: 通过分析题意可知,转轮之所以能够发生转动,是因为叶片能吸收热量,其内能转化为机械能, 不是依靠惯性运动的,其转动的能量来自于热水中的内能,A 错误,B 错误;转动的叶片不断搅动热水,需要消耗能量,水温应不断降低,C 错误;根据能量守恒,叶片在热水中吸收的能量应等于叶片的机械能与叶片向空气中释放的能量之和,故D 正确。答案: D 二、非选择题(本题共 5 小题,共 58 分) 7(10 分 )用油膜法估测油酸分子的大小,实验器材有:浓度为0.05%( 体积分数 )的油酸酒精溶液、最小刻度0.1 mL 的量筒、盛有适量清水的4550 cm2浅盘、痱子粉、橡皮头精选学习

14、资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 9 页学习好资料欢迎下载滴管、玻璃板、彩笔、坐标纸。(1)下面是实验步骤,请填写所缺的步骤C:A用滴管将浓度为0.05% 的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中,记下滴入1 mL 油酸酒精溶液时的滴数NB将痱子粉均匀地撒在浅盘内水面上,用滴管吸取浓度为0.05% 的油酸酒精溶液,从低处向水面中央一滴一滴地滴入,直到油酸薄膜有足够大的面积又不与器壁接触为止,记下滴入的滴数nC_ D将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上,以坐标纸上边长为1 cm 的正方形为单位,计算轮廓内正方形的个数,算出油酸薄膜的面积

15、为S cm2(2)用已给的和测得的物理量表示单个油酸分子的直径大小_(单位: cm)。解析: (1)将玻璃板放在浅盘上,用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上。(2)一滴油酸分子的体积V10.05%N一滴油酸分子的面积SSn则油酸分子的直径为dVS0.05% nNS答案: (1)将玻璃板放在浅盘上,用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上(2)0.05% nNS8(10 分)用 DIS 研究一定质量气体在温度不变时,压强与体积关系的实验装置如图3 所示,实验步骤如下:把注射器活塞移至注射器中间位置,将注射器与压强传感器、数据采集器、计算机逐一连接;图3 移动活塞,记录注射器的刻度值V,同时记录对应的由计

16、算机显示的气体压强值p;用 V1/p图像处理实验数据,得出如图4 所示图线。(1) 为 了 保 持 封 闭 气 体 的 质 量 不 变 , 实 验 中 采 取 的 主 要 措 施 是_;(2) 为 了 保 持 封 闭 气 体 的 温 度 不 变 , 实 验 中 采 取 的 主 要 措 施 是_和_;(3)如果实验操作规范正确,但如图4 所示的 V1/p 图线不过原图4 点,则 V0代表 _ 。解析: (1)通过涂润滑油可使注射器不漏气。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 9 页学习好资料欢迎下载(2)缓慢移动活塞是为了有足够

17、的时间使封闭气体与外界热交换,不用手握住注射器也是为了不使手上的热量传递给气体。(3)注射器与压强传感器连接部位有气体,从而使图线不过原点。答案: (1)在注射器活塞上涂润滑油(2)移动活塞要缓慢不能用手握住注射器封闭气体部分(3)注射器与压强传感器连接部位的气体体积9(12 分)(1)在将空气压缩装入气瓶的过程中,温度保持不变,外界做了24 kJ 的功。现潜水员背着该气瓶缓慢地潜入海底,若在此过程中,瓶中空气的质量保持不变,且放出了 5 kJ 的热量。在上述两个过程中,空气的内能共减小_ kJ,空气 _(选填“吸收”或“放出”)的总热量为 _kJ。(2)已知潜水员在岸上和海底吸入空气的密度分

18、别为1.3 kg/m3和 2.1 kg/ m3,空气的摩尔质量为0.029 kg/mol,阿伏加德罗常数NA6.021023 mol1。若潜水员呼吸一次吸入2 L空气,试估算潜水员在海底比在岸上每呼吸一次多吸入空气的分子数。(结果保留一位有效数字 ) 解析: (1)第一个过程内能不变,第二个过程放热,内能减小。(2)设空气的摩尔质量为M,在海底和岸上的密度分别为海和 岸,一次吸入空气的体积为 V,则有 n海岸VMNA,代入数据得 n31022。答案: (1)5放出29(2)3102210(12 分)一定质量的理想气体由状态A 经状态 B 变为状态C,其中 AB 过程为等压变化, BC 过程为等

19、容变化。已知VA0.3 m3,TA TC300 K,TB400 K。(1)求气体在状态B 时的体积;(2)说明 BC 过程压强变化的微观原因;(3)设 AB 过程气体吸收热量为Q1,BC 过程气体放出热量为Q2,比较 Q1、Q2的大小并说明原因。解析: (1)AB 过程为等压变化,有VATAVBTB,得 VBTBTAVA0.4 m3。(2)BC 过程为等容变化,分子的密集程度不变,温度降低,气体分子运动的平均动能减小, 单位时间与器壁单位面积的碰撞次数减少,分子对器壁的冲击力减小,则气体的压强减小。(3)AB,气体体积增大,温度升高,则Q1 U1,气体对外做功,WQ2。答案: (1)0.4 m

20、3(2)见解析(3)Q1Q2原因见解析11(14 分)()下列说法正确的是_。A气体的内能是分子热运动的动能和分子间的势能之和B气体的温度变化时,其分子平均动能和分子间势能也随之改变C功可以全部转化为热,但热量不能全部转化为功D热量能够自发地从高温物体传递到低温物体,但不能自发地从低温物体传递到高温物体E一定量的气体,在体积不变时,分子每秒平均碰撞次数随着温度降低而减小F一定量的气体,在压强不变时,分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加()一气象探测气球,在充有压强为1.00 atm(即 76.0 cmHg)、温度为 27.0的氦气时,体积为 3.50 m3。在上升至海拔6.50

21、 km 高空的过程中,气球内氦气逐渐减小到此高度上的大气压 36.0 cmHg,气球内部因启动一持续加热装置而维持其温度不变。此后停止加热,保持高度不变。已知在这一海拔高度气温为48.0。求:(1)氦气在停止加热前的体积;(2)氦气在停止加热较长一段时间后的体积。解析: ( )ADEF ( )(1)在气球上升至海拔6.50 km 高空的过程中,气球内氦气经历一等温过程。根据玻意耳定律有p1V1p2V2式中, p176.0 cmHg, V13.50 m3, p236.0 cmHg,V2是在此等温过程末氦气的体积。由上式得V27.39 m3。(2)在停止加热较长一段时间后,氦气的温度逐渐从T1 300 K 下降到与外界气体温度精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 9 页学习好资料欢迎下载相同,即T2225 K。这是一等压过程。根据盖吕萨克定律有V2T1V3T2式中, V3是在此等压过程末氦气的体积。由上式得V35.54 m3。答案: ( )ADEF()(1)7.39 m3(2)5.54 m3精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 9 页

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