《2022年高考物理一模试卷 2.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理一模试卷 2.pdf（31页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、上海市奉贤区高考物理一模试卷一、单项选择题（共16 分，每小题2 分每小题只有一个正确选项）1下列研究采用理想模型方法的是（）A奥斯特研究电流磁效应B研究实际带电体时用点电荷代替C研究合力和两个分力的关系D布朗研究花粉颗粒的无规则运动2如图为一水平弹簧振子做简谐运动的图象，则0.3s 末最大值是（）A振动能量B振子的加速度C弹力的功率D振子的动能3理想气体在容积固定的密闭容器中，当温度升高时，则增大的是（）A分子间的距离B分子的平均动能C分子的势能D分子的速率4下列机械能一定减少的情况是（）A雨点在空中下落B汽车沿斜坡向上减速行驶C小铁球做单摆简谐振动D热气球匀速向上运动5A和 B两物体在同一
2、直线上运动的vt 图线如图，已知在第3s 末两个物体相遇，则此过程中两物相同的是（）A加速度B出发地C速度方向D合外力6如图，某时刻振幅、频率均相同的两列波相遇，实线表示波峰，虚线表示波谷则再过半个周期，在波谷的质点是（）AO质点BP质点CN质点DM质点7一物体自空中的A点以一定的初速度竖直向上抛出，1s 后物体的速率变为10m/s，此时物体的位置和速度方向是（不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2）（）A在 A点上方，向上B在 A点下方，向下C在 A点上方，向下D在 A点下方，向上8如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁若再在斜面上加一物体m ，且 M 、m相对静止，则此时小
3、车受力个数为（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 31 页A6 B5 C4 D3 二、单项选择题（共24 分，每小题3 分每小题只有一个正确选项）9如图所示，为自行车的传动机构，行驶时与地面不打滑a、c 为与车轴等高的轮胎上的两点，d 为轮胎与地面的接触点，b 为轮胎上的最高点行驶过程中（）Ac 处角速度最大Ba 处速度方向竖直向下Cb 处向心加速度指向d Da、b、 c、d 四处速度大小相等10如图甲，一定质量的理想气体的状态变化过程的VT 图象则与之相对应的变化过程pT 图象应为图乙中（）ABCD11下列关于超重、失重
4、现象的描述正确的是（）A电梯在减速上升，电梯中的人处于超重状态B列车在水平轨道上加速行驶，车上的人处于超重状态C秋千摆到最低位置时，秋千上的人处于失重状态D在国际空间站内的宇航员处于失重状态12某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象不可能的是（图中x是位移、 v 是速度、 t 是时间）（）ABCD13如图所示，水平地面上O点正上方的A、B两点分别水平抛出两个小球，C在水平面上O点右边，则两球（）A不可能同时落在C点B落在 C点的速度方向可能相同C落在 C点的速度大小可能相同D落在 C点时重力的功率不可能相同14如图所示，滑块A和 B叠放在固定的斜面体上，从静止开
5、始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑已知 B与斜面体间光滑接触，则在AB下滑的过程中，下列说法正确的是（）AB对 A的支持力不做功BB对 A的作用力不做功CB对 A的摩擦力做正功DB对 A的摩擦力做负功精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 31 页15如图，由不同材料拼接成的长直杆CPD ，P为两材料分界点，DPCP ，现让直杆以下面两种情况与水平面成 45一个套在长直杆上的圆环静止开始从顶端滑到底端，两种情况下圆环经过相同的时间滑到P点则圆环（）A与杆 CP段的动摩擦因数较小B两次滑到P点的速度可能相同C两次滑到P点摩擦力做功
6、一定相同D到达底端D所用时间较长16一根中点有固定转动轴的轻质杆长为2l ，两端固定完全相同的质量为m 、电荷量为 +q 的小球 1和 2，装置放在如图所示的关于竖直线对称的电场中开始时杆在水平位置静止，现给小球1 一个竖直向上的速度，让小球1、2 绕转动轴各自转动到B、A位置， A、B间电势差是U，小球 1、2 构成的系统动能减小量是（）A一定小于Uq B一定等于2（Uq+mgl）C一定大于Uq D一定大于Uq+mgl 三、多项选择题（本大题共4 小题，每小题4 分每小题给出的四个答案中，有两个或两个以上是正确的每一小题全选对得4 分；选对但不全，得2 分；有选错或不答的，得0 分）17如图
7、所示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波在t=0 时的波形图经过时间t1，Q点振动状态传到P点，则 t1时刻（）AQ点正在波谷位置BQ点加速度沿y 轴的正方向CP质点已运动到x0 的位置D位于 1cmx 3cm内的所有质点正在向y 轴的负方向运动18如图所示，有一竖直放置、两端封闭的U形管，两管内水银面左高右低，两端封闭的空气柱温度相同要让水银柱相对玻璃管向A端移动，可以采取的措施（）A将 U形管向右稍倾斜一些B将 U形管向左稍倾斜一些C两边空气柱升高相同温度D使玻璃管竖直向上减速运动精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 31
8、页19电阻非线性变化的滑动变阻器R2接入图 1 的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x（x 为图中 a 与触头之间的距离），定值电阻R1两端的电压U1与 x 间的关系如图2，a、b、c 为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a 移到 b 和从 b 移到 c 的这两过程中，则不正确的是（）A电流表A示数变化相等B电压表V2的示数变化不相等C电阻 R1的功率变化相等D电源的输出功率都不断增大20如图，在竖直向下的y 轴两侧分布有垂直纸面向外和向里的磁场，磁感应强度均随位置坐标按B=B0+ky（k 为正常数）的规律变化两个完全相同的正方形线框甲和乙的上边均与y 轴垂直，甲的初始位置高于乙
9、的初始位置，两线框平面均与磁场垂直现同时分别给两个线框一个竖直向下的初速度vl和v2，设磁场的范围足够大，当线框完全在磁场中的运动时，正确的是（）A运动中两线框所受磁场的作用力方向一定相同B若 v1=v2，则开始时甲所受磁场力小于乙所受磁场力C若 v1v2，则开始时甲的感应电流一定大于乙的感应电流D若 v1v2，则最终稳定状态时甲的速度可能大于乙的速度四、填空题（本大题共1 小题，每空格2 分不要求写出演算过程本大题中第22 题为分叉题，分 A、B两类，考生可任选一类答题若两类试题均做，一律按A类题计分）211905 年爱因斯坦建立，使人们认识到牛顿力学只能适用领域中的力学现象22、23 选做
10、一题22质量均为m的小物块A和木板 B，B静止于光滑水平面上，A在 B上左端以v0初速度滑动，从B右端以 v1速度滑出则木板B最后的速度为，系统机械能减少量为23 “嫦娥一号”先在“ 24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24 小时），再经过变轨依次到达“ 48 小时轨道”和“ 72 小时轨道”，最后奔向月球设卫星绕行轨道为圆，忽略卫星质量的变化，则卫星在每次变轨完成后的机械能比变轨前（填“变大”、“不变”或“变小”）卫星在 72 小时轨道运行的角速度和24 小时轨道上的角速度之比为24如图所示，在直角三角形区域ABC内（包括边界）存在着平行于AC方向的竖直方向的匀强电场，AC边长为 L
11、，一质量为m ，电荷量 +q 的带电小球以初速度v0从 A点沿 AB方向进入电场，以2v0的速度从BC精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 31 页边中点出来，则小球从BC出来时的水平分速度vx=，电场强度的大小E=（重力加速度为g）25如图所示，轻细杆AB 、BC处在同一竖直平面内，B处用铰接连接，A、C处用铰链铰于同一水平面上， BC杆与水平面夹角为37一质量为2kg 的小球（可视为质点）穿在BC杆上，对小球施加一个水平向左的恒力使其静止在BC杆中点处，长为0.8m 的 AB杆恰好竖直不计一切摩擦（重力加速度g=10m/s
12、2，取 sin37 =0.6，cos37=0.8），则BC杆对 AB杆的作用力方向为，大小为N26如图所示，光滑水平面上方存在两个足够大的磁感应强度均为0.5T 、方向相反的水平匀强磁场，PQ为两个磁场的边界一个边长为0.2m，质量为0.2kg ，电阻为0.5 的正方形金属线框沿垂直磁场方向，以某一速度从图示位置向右直线运动，当线框中心线AB运动到与PQ重合时，线框的速度为1m/s，此过程中通过线框截面的电荷量为C，若此时在纸面内加上一个水平外力使该时刻线框的加速度大小为 0.5m/s2，则所加外力的大小为N 五、实验题（第26 题 4分，第 27 题 6，第 28 题 6 分，第 28 题
13、8 分）27如图是研究气体的压强与温度的关系、体积与温度的关系的实验装置，A、B管下端由软管相连，注入一定量的水银，烧瓶中封有一定量的理想气体，开始时A、B两管中水银面一样高，然后将烧瓶浸入热水或冰水中，则（）A浸入热水时，若研究压强与温度的关系应将A管向上移动B浸入热水时，若研究压强与温度的关系应将A管向下移动C浸入冰水时，若研究体积与温度的关系应将A管向上移动D浸入冰水时，若研究体积与温度的关系应将A管向下移动28下图为“研究电磁感应现象”的实验装置，部分导线已连接（1）请用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向左偏了一下，然后将原线圈A迅速拔出
14、副线圈B，那么此过程中，电流计的指针将向偏；若原线圈插入副线圈不动，然后将滑动变阻器滑片迅速向右移动，那么此时电流计的指针将向偏29某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时发现，表内除了一节1.5V 的干电池外，还有一个方形的电池（层叠电池）为了测定该电池的电动势和内电阻，实验室中提供如下器材：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 31 页电流表 A1（满偏电流10mA ，内阻很小）、电流表A2（00.6 3A，内阻很小）、滑动变阻器R0（0100， 1A）、定值电阻R（阻值 1000）、开关与导线若干（1）根据现有的实
15、验器材，为测出多组数据得到如图2 的 I1I2图线（ I1为电流表A1的示数， I2为电流表 A2的示数），请将相应的电路图画在图1 的方框内，并标出器材相应的符号；（2）根据电路图及图线可以得到被测电池的电动势E=V，内阻 r=30如图是某小组对滑块验证动能定理的实验装置，在滑块上安装一遮光条与拉力传感器，把滑块放在水平气垫导轨上，通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电门安装在B处测得滑块（含遮光条和拉力传感器）质量为 M 、钩码的总质量为m 、遮光条的宽度为d，当地的重力加速度为g当气垫导轨充气后，将滑块在图示 A位置由静止释放后，拉力传感器记录的读数为F，光电门记录的时间为t （1）实验中是否
16、要求钩码总质量m远小于滑块质量M ？（填“是”或“否”）；（2）实验中还需要测量的物理量是（用文字及相应的符号表示）；（3）本实验中对滑块验证动能定理的表达式为（用以上对应物理量的符号表示）；（4）（多选）为减少实验误差，可采取的方法是（A）增大 AB之间的距离（ B）减少钩码的总质量（C）增大滑块的质量（D ）减少遮光条的宽度六、计算题31如图所示，两个壁厚可忽略的圆柱形金属筒A和 B套在一起，底部到顶部的高度为18cm ，两者横截面积相等，光滑接触且不漏气将A用绳系于天花板上，用一块绝热板托住B，使它们内部密封的气体压强与外界大气压相同，均为1.0 105Pa，然后缓慢松开绝热板，让B下沉
17、，当B下沉了 2cm时，停止下沉并处于静止状态求：（1）此时金属筒内气体的压强（2）若当时的温度为27，欲使下沉后的套筒恢复到原来位置，应将气体的温度变为多少？32如图所示，用同种材料制成的粗糙程度相同的斜面和长水平面，斜面倾角为=37，斜面长L=20m且固定，当一小物块从斜面顶端以初速度v0=2m/s 沿斜面下滑，则经过t0=5s 后小物块停在斜面上，不考虑小物块到达斜面底端时因碰撞损失的能量，求：（sin37 =0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2）（1）小物块与斜面间的动摩擦因数；（2）当小物块以初速度v 沿斜面下滑，写出物块从开始运动到最终停下的时间t 与初速度 v
18、的函数关系式精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 31 页33如图，光滑平行的竖直金属导轨MN 、QP相距 l ，在 M点和 Q点间接一个阻值为R的电阻，在两导轨间 OO1O1O 矩形区域内有垂直导轨平面水平向里、高为h 的磁感强度为B的匀强磁场一质量为m ，电阻也为 R的导体棒ab，垂直搁在导轨上，与磁场下边界相距h0现用一竖直向上的大小为F=2mg恒力拉ab 棒，使它由静止开始运动，进入磁场后开始做减速运动，在离开磁场前已经做匀速直线运动（棒ab 与导轨始终保持良好的接触，导轨电阻不计，空气阻力不计，g 为重力加速度）求：
19、（1）导体棒ab 在离开磁场上边界时的速度；（2）棒 ab 在刚进入磁场时加速度的大小；（3）棒 ab 通过磁场区的过程中棒消耗的电能34如图（ a）， O、N、P为直角三角形的三个顶点，NOP=37 ，OP中点处固定一电量为q1=2.0108C的正点电荷，M点固定一轻质弹簧MN是一光滑绝缘杆，其中ON长为 a=1m ，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），将弹簧压缩到O点由静止释放，小球离开弹簧后到达N点的速度为零沿ON方向建立坐标轴（取O点处 x=0），图（ b）中和图线分别为小球的重力势能和电势能随位置坐标x 变化的图象，其中E0=1.24103J， E1=1.92103J，E2=6.
20、2104J（静电力恒量k=9.0109N?m2/C2，取sin37 =0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2）（1）求电势能为E1时小球的位置坐标x1和小球的质量m ；（2）已知在x1处时小球与杆间的弹力恰好为零，求小球的电量q2；（3）求小球释放瞬间弹簧的弹性势能Ep精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 31 页2016 年上海市奉贤区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共16 分，每小题2 分每小题只有一个正确选项）1下列研究采用理想模型方法的是（）A奥斯特研究电流磁效应B研究实际带电体时用点
21、电荷代替C研究合力和两个分力的关系D布朗研究花粉颗粒的无规则运动【考点】物理学史【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】对于物理中的重要规律、原理，要明确其提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就，点电荷是物体在一定条件下的科学抽象，是建立理想化物理模型的方法【解答】解： A 、奥斯特研究电流磁效应使用了实验法，故A正确；B、点电荷是理想化的模型，采用的是建立理想化物理模型的方法，故B正确；C、研究合力和两个分力的关系是等效替代法，故C错误D、布朗研究花粉颗粒的无规则运动是放大法故D错误故选： B【点评】在学习物理知识的同时，我们也要加强物理研究方法和物理思想的学习，难度不大，属于基础
22、题2如图为一水平弹簧振子做简谐运动的图象，则0.3s 末最大值是（）A振动能量B振子的加速度C弹力的功率D振子的动能【考点】简谐运动的振动图象【专题】定性思想；推理法；简谐运动专题【分析】xt 图象上某个点的切线的斜率表示对应时刻的速度，振子经过平衡位置时速度最大，根据切线斜率进行分析【解答】解： A 、弹簧振子振动的过程中的能量包括振子的动能和弹簧的弹性势能，在振动的过程中，系统的能量不变故A错误B、由图可知，在t=0.3s时刻质点位于平衡位置处，位移为0，所以振子的加速度为0故 B错误；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共
23、 31 页C、在 t=0.3s时刻质点位于平衡位置处，位移为0，弹簧的弹力为0，所以弹力的功率为0故 C错误；D、根据振动图象切线的斜率等于速度，可知t=0.3s对应的速度为最大，则振子的动能最大故D正确故选： D【点评】本题关键明确xt 图象上某个点的切线的斜率表示对应时刻的速度，并要知道速度与位移的关系3理想气体在容积固定的密闭容器中，当温度升高时，则增大的是（）A分子间的距离B分子的平均动能C分子的势能D分子的速率【考点】温度是分子平均动能的标志；物体的内能【专题】定性思想；推理法；内能及其变化专题【分析】由题意可知，气体体积不变，由等容变化规律可分析压强的变化【解答】解： A 、气体的
24、体积不变，所以分子之间的距离不变故A错误；B、温度是分子的平均动能的标志，物体的温度升高时，分子的平均动能增大故B正确；C、气体的分子之间的距离不变，所以分子动能不变故C错误；D、温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，温度升高，分子的平均动能增大，不是每一个分子的动能都增大，所以分子的速率不一定增大故 D错误故选： B 【点评】本题关键要知道隐含的条件：体积不变，并能掌握查理定律，即可正确分析4下列机械能一定减少的情况是（）A雨点在空中下落B汽车沿斜坡向上减速行驶C小铁球做单摆简谐振动D热气球匀速向上运动【考点】功能关系【专题】定性思想；寻找守恒量法；动能定理的应用专题【分析】
25、只有重力或者是弹力做功时物体机械能守恒除了重力或弹力以外的力做功时，物体机械能会变化，通过分析物体的受力情况，判断做功情况，从而得出结论【解答】解： A 、雨点在空中下落时，空气阻力对其做负功，其机械能一定不断减少，故A正确B、汽车沿斜坡向上减速行驶，动能减少，重力势能增加，则机械能不一定减少，故B错误C、小铁球做单摆简谐振动时，只有重力做功，机械能守恒，故C错误D、热气球匀速向上运动，动能不变，重力势能增加，则其机械能一定增加，故D错误故选： A 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 31 页【点评】本题的关键要掌握功能原理
26、和机械能守恒条件，对于机械能是否守恒，还可以根据机械能的概念判断5A和 B两物体在同一直线上运动的vt 图线如图，已知在第3s 末两个物体相遇，则此过程中两物相同的是（）A加速度B出发地C速度方向D合外力【考点】匀变速直线运动的图像【专题】定性思想；几何法；运动学中的图像专题【分析】加速度根据图象的斜率分析，由牛顿第二定律分析合外力的关系由图象的“面积”读出两物体在 3s 内的位移不等，而在第3s 末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相距的距离等于它们位移之差【解答】解： A 、速度图象的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，则知A、B的加速度不同，故A错误B、由图象的“面积”可知两物体
27、在3s 内的位移不等，而在第3s 末两个物体相遇，可知两物体出发地不同，故 B错误C、速度的正负表示速度方向，则知两物体的速度方向相同，故C正确D、两个物体的加速度不同，由于两个物体的质量关系未知，由牛顿第二定律知不能确定合外力的关系，故 D错误故选： C 【点评】对于速度时间图象要注意：不能读出物体运动的初始位置抓住“面积”表示位移、斜率等于加速度进行分析6如图，某时刻振幅、频率均相同的两列波相遇，实线表示波峰，虚线表示波谷则再过半个周期，在波谷的质点是（）AO质点BP质点CN质点DM质点【考点】波的叠加【专题】定性思想；推理法；波的多解性【分析】由图知 M 、O都处于振动加强点，P点为振动
28、减弱点，半个周期，质点的路程为2 倍的振幅【解答】解：再过半个周期，在波谷的质点在该时刻处于波峰，应该是波峰与波峰相遇点，故应该是M点；故选： D 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 31 页【点评】介质中同时存在几列波时，每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和7一物体自空中的A点以一定的初速度竖直向上抛出，1s 后物体的速率变为10m/s，此时物体的位置和速度方向是（不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2）（）A在 A点上方，向上B在 A点下方，向下
29、C在 A点上方，向下D在 A点下方，向上【考点】竖直上抛运动【专题】定量思想；模型法；直线运动规律专题【分析】物体做竖直上抛运动，取竖直向上为正，竖直上抛运动可以看成一种匀减速直线运动，根据位移时间公式和速度时间公式求出位移和速度，再分析【解答】解：取竖直向上为正，竖直上抛运动可以看成一种匀减速直线运动A、若物体此时的位置在A点上方，速度方向向上，由v=v0gt 得，初速度v0=v+gt=20m/s ，是可能的，故 A正确BD 、若物体做自由落体运动，1s 后物体的速率v=gt=10m/s ，而题中物体做竖直上抛运动，物体先向上做匀减速运动，1s 后物体的速率变为10m/s，此时物体的位置不可
30、能在A点的下方，否则速率必小于10m/s故 B、D错误C、若物体此时的位置在A点上方，速度方向向下，v=10m/s，由公式v=v0gt 得， v0=0，与物体以一定的初速度竖直向上抛出不符故C错误故选： A 【点评】本题一要掌握竖直上抛运动的处理方法：整体法，二要有逻辑推理能力，采用假设法研究8如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁若再在斜面上加一物体m ，且 M 、m相对静止，则此时小车受力个数为（）A6 B5 C4 D3 【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】解题思想；定性思想；共点力作用下物体平衡专题【分析】对物体受力分析是指分析物体的受力情况同时画
31、出受力的示意图，本题可以先对m受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析【解答】解：先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 31 页再对 M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4 个力；故选： C【点评】对物体受力分析可以按照先已知力，再重力，最后弹力和摩擦力，要结合弹力和摩擦力的产生条件判断，本题中墙壁虽与小车接触，但无弹力二、单项选择题（共24 分，每小题3 分每小题只有一个正确选项）9如图所示，为自行车的传动机构，
32、行驶时与地面不打滑a、c 为与车轴等高的轮胎上的两点，d 为轮胎与地面的接触点，b 为轮胎上的最高点行驶过程中（）Ac 处角速度最大Ba 处速度方向竖直向下Cb 处向心加速度指向d Da、b、 c、d 四处速度大小相等【考点】线速度、角速度和周期、转速【专题】匀速圆周运动专题【分析】共轴转动角速度相等，以圆心为转轴，a、b、c、d 四点绕圆心转动的同时还要一起向前运动；也可以以d 点为转轴分析【解答】解： A 、共轴转动角速度相等，以任意一点为转轴，都是共轴转动，角速度一定相等，故A错误；B、以圆心为转轴，a 处速度方向竖直向下运动的同时，随着车一起向前运动，故合速度不是竖直向下；故 B错误；
33、C、以圆心为转轴，b 点绕轴转动的同时水平匀速前进，而b 处向心加速度指向一定指向圆心，故也指向d；故 C正确；D、以圆心为转轴，a、b、c、d 四点绕圆心转动的同时还要一起向前运动，由于绕轴转动的分速度方向不同，故各个点的线速度方向不同，大小也不同；故D错误；故选： C【点评】本题关键是明确后轮上各个点都是共轴转动，角速度相等，各个点绕转轴转动的同时还要随着转轴一起前进10如图甲，一定质量的理想气体的状态变化过程的VT 图象则与之相对应的变化过程pT 图象应为图乙中（）ABCD【考点】理想气体的状态方程精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -
34、第 12 页，共 31 页【专题】定量思想；推理法；理想气体状态方程专题【分析】ab过程中， V T 图象是经过坐标原点的直线，故是等压变化；bc过程是等容变化； ca过程是等温变化【解答】解：ab过程中， VT图象是经过坐标原点的直线，根据理想气体状态方程可知，压强P一定，故是等压变化，PT 图象与 T 轴平行的直线；bc过程是等容变化，根据理想气体状态方程可知，PT 图象是经过坐标远点的直线；ca过程是等温变化，P T 图象与 P轴平行的直线；故 ACD错误， B正确；故选： B 【点评】本题关键是明确各个过程中不变的量与变化的量，结合理想气体状态方程列式分析，注意正比例曲线是经过坐标远点
35、的直线11下列关于超重、失重现象的描述正确的是（）A电梯在减速上升，电梯中的人处于超重状态B列车在水平轨道上加速行驶，车上的人处于超重状态C秋千摆到最低位置时，秋千上的人处于失重状态D在国际空间站内的宇航员处于失重状态【考点】超重和失重【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】根据加速度的方向判断物体处于超重还是失重状态当物体的加速度方向竖直向上时，处于超重状态；当物体的加速度方向竖直向下时，处于失重状态【解答】解： A 、电梯正在减速上升，加速度方向竖直向下，根据牛顿运动定律可知，人对电梯的压力小于人的重力，则人在电梯中处于失重状态故A错误B、列车在水平轨道上加速行驶，没有竖直方
36、向的加速度，车上的人既不处于超重状态，也不处于失重状态故 B错误C、荡秋千时当秋千摆到最低位置时，加速度方向竖直向上，根据牛顿运动定律可知，人对秋千的压力大于人的重力，人处于超重状态故C错误D、在国际空间站内的宇航员的加速度等于重力加速度，处于完全失重状态故D正确故选： D 【点评】本题关键分析加速度的方向，从而判断物体的状态，应掌握：物体的加速度方向竖直向上时，处于超重状态；加速度方向竖直向下时，处于失重状态精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 31 页12某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动
37、图象不可能的是（图中x是位移、 v 是速度、 t 是时间）（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】物体以一定的初速度沿足够长的斜面，可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，匀加速运动的加速度小于匀减速运动的加速度，物体返回时速度减小；可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点【解答】解： A 、物体可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据x=v0t+ 得知，位移是时间的二次函数，图线是曲线，A是可能的故A正确 B、可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点故B正确 C、由图知道：物体返回时大于出发时速度，不符合物体的运动情况，违反了能量
38、守恒定律，不可能故 C错误 D、可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点故D正确本题选不可能的，故选C 【点评】本题考查把握物体的运动情况和物理图象之间联系的能力，要考虑各种可能的情况，不能遗漏13如图所示，水平地面上O点正上方的A、B两点分别水平抛出两个小球，C在水平面上O点右边，则两球（）A不可能同时落在C点B落在 C点的速度方向可能相同C落在 C点的速度大小可能相同D落在 C点时重力的功率不可能相同【考点】平抛运动；功率、平均功率和瞬时功率【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题【分析】平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运
39、动，设出水平方向和竖直方向的位移，运用平抛运动的基本规律表示出落地的速度，再结合重力瞬时的功率公式P=mgvy即可分析【解答】解： A 、平抛运动的时间 t= ，水平位移 x=v0t=v0，h 不同，但可能相同，所以两球可能都落在C点，但由于高度不同，所以运动时间一定不同，不可能同时落在C点故 A正确精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 31 页B、平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，分别从AB两点抛出的小球轨迹不同，在C点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故B错误C、根据机械能守恒定律得 mgh+=，
40、则落地速度 v= ，则知落在C点的速度大小可能相同，故C正确D、落在 C点时重力的功率 P=mgvy=mg ，当 m相同时 P相同，故D错误故选： AC 【点评】本题主要考查了平抛运动的基本规律，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，运用运动学规律进行分析这类问题要注意重力的瞬时功率与竖直分速度有关14如图所示，滑块A和 B叠放在固定的斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑已知 B与斜面体间光滑接触，则在AB下滑的过程中，下列说法正确的是（）AB对 A的支持力不做功BB对 A的作用力不做功CB对 A的摩擦力做正功DB对 A的摩擦力做负功【考点】功的计算【分析
41、】对 AB受力分析， A受到三个力：重力，B对 A的支持力和摩擦力；B受到重力、斜面给它的支持力、 A对 B的压力和摩擦力的作用在根据力与运动方向夹角之间的关系，可以判断各力的做功的情况【解答】解： A 、 B对 A的支持力竖直向上，A和 B是一起沿着斜面下滑的，所以B对 A的支持力与运动方向之间的夹角大于90，所以B对 A的支持力做负功，所以A错误B、以 A、 B整体为研究对象，应用牛顿第二定律得a=gsin ；隔离 A分析，如图所示，有 mgsin+fcos Nsin=ma ，得fcos =Nsin， f 与 N的合力沿 +y 方向， B对 A的合力不做功，故B正确C、B对 A的摩擦力是沿
42、着水平面向左的，与运动方向之间的夹角小于90，所以B对 A的摩擦力做正功，故 C正确D、由 C的分析，可知D错误故选： BC 【点评】当力的方向与运动方向的夹角大于90时，力对物体做负功，当小于90时，力对物体做正功，当等于90时，力对物体不做功15如图，由不同材料拼接成的长直杆CPD ，P为两材料分界点，DPCP ，现让直杆以下面两种情况与水平面成 45一个套在长直杆上的圆环静止开始从顶端滑到底端，两种情况下圆环经过相同的时间滑到P点则圆环（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 31 页A与杆 CP段的动摩擦因数较小B两
43、次滑到P点的速度可能相同C两次滑到P点摩擦力做功一定相同D到达底端D所用时间较长【考点】动能定理的应用；滑动摩擦力【专题】压轴题；定性思想；推理法；动能定理的应用专题【分析】对两个过程，根据运动学基本公式结合牛顿第二定律判断动摩擦因数的关系，小物块两次滑动经过 P点的时间相同，且DP CP ，根据平均速度公式判断两次滑到P点的速度关系，从C到 D和从 D到 C分别利用动能定理可以比较物块滑到低端时的速度大小，再根据运动学基本公式判断那种情况所用时间长【解答】解： A 、第一种情况：从C到 P过程， a1t2=g（sin45 1cos45） t2，第二种情况：从D到 P过程， a2t2=g（si
44、n45 2cos45） t2，因为，所以12，即圆环与直杆CP段的动摩擦因数大于圆环与直杆DP段之间的动摩擦因数，故A错误；B、由题意可知，小物块两次滑动经过P点的时间相同，且DP CP ，因此从D到 P的平均速度大于从C到P的平均速度，设从C到 P点时速度为v1，从 D到 P时速度为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从D到 P点速度大于从C到 P点的速度，则得v1v2，故 B错误；C、由于不知道动摩擦因数以及DP和 CP的具体关系，所以不能判断两次滑到P点摩擦力做功是否相等，故 C错误；D、从 C到 D和从 D到 C过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达
45、底端速度相等，设圆环滑到底端的速度大小为v则第一种情况：从P到 D过程， t1第二种情况：从P到 C过程， t2因为， v1v2所以 t1t2则得第一次圆环到达底端所用时间长故D正确故选： D【点评】本题应用牛顿第二定律和运动学、动能定理是解答这类问题的关键应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节16一根中点有固定转动轴的轻质杆长为2l ，两端固定完全相同的质量为m 、电荷量为 +q 的小球 1和 2，装置放在如图所示的关于竖直线对称的电场中开始时杆在水平位置静止，现给小球1 一个竖直向上的速精选学习资料 - - - - - - - - - 名
46、师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 31 页度，让小球1、2 绕转动轴各自转动到B、A位置， A、B间电势差是U，小球 1、2 构成的系统动能减小量是（）A一定小于Uq B一定等于2（Uq+mgl）C一定大于Uq D一定大于Uq+mgl 【考点】电势能；动能定理的应用【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】分析电场力和重力做功，根据动能定理求解系统动能减小量电场力做功由公式W=qU 和 U=Ed定性分析【解答】解：杆由水平位置转到竖直位置的过程中，重力对系统做功为0，根据对称知开始时两小球处于等势面上，转动后，小球1 所在位置电势较低，电势能减少，小球2 所
47、在位置电势较高，根据等势线与电场线的关系知道，小球2的电势升高量大于小球1 的电势降低量，所以小球2 的电势能增加超过Uq，系统重力势能未变，动能减少，但不知小球1 的电势能降低量的具体值，故选项B、C、D皆错，故A正确故选： A 【点评】本题关键要能正确分析小球能量如何转化，运用W=qU 和 U=Ed定性分析两球电势能的变化关系，由能量守恒定律分析即可三、多项选择题（本大题共4 小题，每小题4 分每小题给出的四个答案中，有两个或两个以上是正确的每一小题全选对得4 分；选对但不全，得2 分；有选错或不答的，得0 分）17如图所示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波在t=0 时的波形图经过时间t1
48、，Q点振动状态传到P点，则 t1时刻（）AQ点正在波谷位置BQ点加速度沿y 轴的正方向CP质点已运动到x0 的位置D位于 1cmx 3cm内的所有质点正在向y 轴的负方向运动【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【专题】比较思想；图析法；波的多解性【分析】由题意利用波形平移法分析Q点的振动状态传到P点时波形图，由波形图可判断各点的振动情况【解答】解： A 、当 Q点的振动状态传到P点时，根据波形平移法可知Q点振动四分之三周期，t=0 时刻Q点正向上运动，则经过四分之三周期时，Q点正在波谷位置，故A正确精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -
49、第 17 页，共 31 页B、Q点到达波谷时，加速度沿y 轴的正方向，故B正确C、质点 P正通过平衡位置向上运动，故C错误D、x=0cm处质点在波谷，x=2cm处质点在波峰，则1cm x2cm向 y 轴的正方向运动，2cm x3cm向 y轴的负方向运动，故D错误故选： AB 【点评】本题的关键是根据波形平移法确定波传播的时间，分析各个特殊点的位置和状态，再分析质点的运动方向18如图所示，有一竖直放置、两端封闭的U形管，两管内水银面左高右低，两端封闭的空气柱温度相同要让水银柱相对玻璃管向A端移动，可以采取的措施（）A将 U形管向右稍倾斜一些B将 U形管向左稍倾斜一些C两边空气柱升高相同温度D使玻
50、璃管竖直向上减速运动【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【专题】定量思想；推理法；理想气体状态方程专题【分析】要让水银柱相对玻璃管向A端移动，则A、B中气压差值要增加；将U形管倾斜一些，会改变两侧水银面的高度差，从而改变气压差值；如果两边空气柱升高相同温度，先假设水银柱不动，根据列式分析；使玻璃管竖直向上减速运动，失重，会减小A、B中气压差值【解答】解： AB 、设水银柱两侧的高度差为h，则： PBPA=gh；先假设水银柱不动；将U形管向右稍倾斜一些，水银柱两侧的高度差变大，故A侧气体推动水银柱靠近右端，故 A错误；将U形管向左稍倾斜一些，水银柱两侧的高度差变小，故B侧气体推动水银柱靠近左