高考数学（理）新课堂课件：9.4-古典概型（含答案）.ppt

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1、第4讲,古典概型,1.基本事件的特点,(1)任何两个基本事件是互斥的.,(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和. 2.古典概型,具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型，简称古,典概型：,(1)试验中所有可能出现的基本事件有有限个； (2)每个基本事件出现的可能性相等.,3.古典概型的概率公式,P(A),A 包含的基本事件的个数 基本事件的总数,.,5)，(3，4)，(3，5)，(4，5)，共 10 种，p,1.(2013 年新课标)从 1，2，3，4，5 中任意取出 2 个不,同的数，其和为 5 的概率是_.,0.2,解析：两数之和等于 5 有两种情况(1，4)和(2，3)

2、，总的基 本事件有(1，2)，(1，3)，(1，4)，(1，5)，(2，3)，(2，4)，(2，,2 10,0.2., .,2.(2013 年新课标)从 1，2，3，4 中任取 2 个不同的数，,则取出的 2 个数之差的绝对值为 2 的概率是(,),B,A.,1 2,B.,1 3,C.,1 4,D.,1 6,解析：从 1，2，3，4 中任取 2 个不同的数，有(1，2)，(1， 3)，(1，4)，(2，1)，(2，3)，(2，4)，(3，1)，(3，2)，(3，4)， (4，1)，(4，2)，(4，3)，共 12 种情形，而满足条件“2 个数之 差的绝对值为 2”的只有(1，3)，(2，4)，

3、(3，1)，(4，2)，共 4,种情形，所以取出的 2 个数之差的绝对值为 2 的概率为,4 12,1 3,3.已知 5 件产品中有 2 件次品，其余为合格品.现从这 5 件,产品中任取 2 件，恰有 1 件次品的概率为(,),B,A.0.4,B.0.6,C.0.8,D.1,解析：5 件产品中有 2 件次品，记为 a，b，有 3 件合格品， 记为 c，d，e，从这 5 件产品中任取 2 件，有 10 种，分别是(a， b)，(a，c)，(a，d)，(a，e)，(b，c)，(b，d)，(b，e)，(c，d)， (c，e)，(d，e)，其中“恰有 1 件次品”的情况有 6 种，分别是 (a，c)，

4、(a，d)，(a，e)，(b，c)，(b，d)，(b，e)，设事件 A,“恰有一件次品”，则 P(A),6 10,0.6.故选 B.,4.(2014 年新课标)将 2 本不同的数学书和 1 本语文书在,书架上随机排成一行，则 2 本数学书相邻的概率为_.,解析：根据题意显然这是一个古典概型，其基本事件有： 数 1，数 2，语； 数 1，语，数 2；数 2，数 1，语； 数 2，语， 数 1；语，数 2，数 1; 语，数 1，数 2，共 6 种，其中 2 本数学,考点 1,简单的古典概型,例 1：(1)(2017 年新课标)从分别写有 1，2，3，4，5 的 5 张卡片中随机抽取 1 张，放回后

5、再随机抽取 1 张，则抽得的第,一张卡片上的数大于第二张卡片上的数的概率为(,),A.,1 10,B.,1 5,C.,3 10,D.,2 5,解析：从分别写有 1，2，3，4，5 的 5 张卡片中随机抽取 1 张，放回后再随机抽取 1 张，, .,共有(1，1)，(1，2)，(1，3)，(1，4)，(1，5)， (2，1)，(2，2)，(2，3)，(2，4)，(2，5)， (3，1)，(3，2)，(3，3)，(3，4)，(3，5)， (4，1)，(4，2)，(4，3)，(4，4)，(4，5)， (5，1)，(5，2)，(5，3)，(5，4)，(5，5)，共 25 种情形， 其中第一张卡片上的数

6、大于第二张卡片上的数(2，1)，(3， 1)，(3，2)，(4，1)，(4，2)，(4，3)，(5，1)，(5，2)，(5，3)， (5，4)，共有 10 种情形，,所以其概率为,10 25,2 5,答案：D,(2)(2016 年新课标)为美化环境，从红、黄、白、紫 4 种 颜色的花中任选 2 种花种在一个花坛中，余下的 2 种花种在另,一个花坛中，则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是(,),A.,1 3,B.,1 2,C.,2 3,D.,5 6,解析：从 4 种颜色的花中任选两种种在一个花坛中，余下 2种种在另一个花坛，有(红黄)，(白紫)，(白紫)，(红黄)，(红 白)，(黄紫)，(黄紫)

7、，(红白)，(红紫)，(黄白)，(黄白)，(红 紫)，共 6 种种法，其中红色和紫色不在一个花坛的种法有(红 黄)，(白紫)，(白紫)，(红黄)，(红白)，(黄紫)，(黄紫)，(红 答案：C,(3)(2015 年新课标)如果 3 个正整数可作为一个直角三角 形三条边的边长，则称这 3 个数为一组勾股数，从 1，2，3，4， 5 中任取 3 个不同的数，则这 3 个数构成一组勾股数的概率为,(,),A.,3 10,B.,1 5,C.,1 10,D.,1 20,解析：从 1，2，3，4，5 中任取 3 个不同的数共有 10 种不 同的取法，其中的勾股数只有 3，4，5，故 3 个数构成一组勾,股数

8、的取法只有 1 种，故所求概率为,1 10,.故选 C.,答案：C,(4)(2017 年山东)从分别标有 1，2，9 的 9 张卡片中不 放回地随机抽取 2 次，每次抽取 1 张.则抽到的 2 张卡片上的数,奇偶性不同的概率是(,),A.,5 18,B.,4 9,C.,5 9,D.,7 9,解析：标有 1，2，9 的 9 张卡片中，标奇数的有 5 张， 标偶数的有 4 张，所以抽到的 2 张卡片上的数奇偶性不同的概,答案：C,【规律方法】本题是考查古典概型，利用公式 P(A) .古,m,n,典概型必须明确判断两点：对于每个随机实验来说，所有可 能出现的实验结果数 n 必须是有限个；出现的所有不

9、同的实 验结果的可能性大小必须是相同的.解决这类问题的关键是列 举做到不重不漏.,考点 2,掷骰子模型的应用,例 2：若以连续掷两次质地均匀的骰子分别得到的点数 m， n 作为点 P 的坐标： (1)则点 P 落在直线 xy70 上的概率为_； (2)则点 P 落在圆 x2y225 外的概率为_； (3)则点 P 落在圆 x2y225 内的概率为_； (4)若点 P 落在圆 x2y2r2(r0)内是必然事件，则 r 的范 围是_； (5)若点 P 落在圆 x2y2r2(r0)内是不可能事件，则 r 的 范围是_； (6)事件“|mn|2”的概率为_., .,解析：掷两次质地均匀的骰子，点数的可

10、能情况有： (1，1)，(1，2)，(1，3)，(1，4)，(1，5)，(1，6)， (2，1)，(2，2)，(2，3)，(2，4)，(2，5)，(2，6)， (3，1)，(3，2)，(3，3)，(3，4)，(3，5)，(3，6)， (4，1)，(4，2)，(4，3)，(4，4)，(4，5)，(4，6)， (5，1)，(5，2)，(5，3)，(5，4)，(5，5)，(5，6)， (6，1)，(6，2)，(6，3)，(6，4)，(6，5)，(6，6)， 此问题中含有 36 个等可能基本事件. (1)由点 P 落在直线 xy70 上，得 mn7， 有(1，6)，(2，5)，(3，4)，(4，3)，

11、(5，2)，(6，1)，共 6,种，概率为 p,6 36,1 6,(2)点 P 落在圆 x2y225 外m2n225. 有(1，5)，(1，6)，(2，5)，(2，6)，(3，5)，(3，6)，(4，4)， (4，5)，(4，6)，(5，1)，(5，2)，(5，3)，(5，4)，(5，5)，(5， 6)，(6，1)，(6，2)，(6，3)，(6，4)，(6，5)，(6，6)，概率为 p,21 36,7 12,.,(3)点 P 落在圆 x2y225内m2n225. 有(1，1)，(1，2)，(1，3)，(1，4)，(2，1)，(2，2)，(2，3)，,(2，4)，(3，1)，(3，2)，(3，3

12、)，(4，1)，(4，2)，概率为 p,13 36,.,【互动探究】 1.(2014 年湖北)随机投掷两枚质地均匀的骰子，它们向上 的点数之和不超过 5 的概率为 P1，点数之和大于 5 的概率为 P2，,点数之和为偶数的概率为 P3，则(,),C,A.P1P2P3 B.P2P1P3 C.P1P3P2 D.P3P1P2,2.连续 2 次抛掷一枚质地均匀的骰子(六个面上分别标有数 字 1，2，3，4，5，6)，记“两次向上的数字之和等于 m”为事,件 A，则 P(A)最大时，m_.,7,解析：m 可能取到的值有 2，3，4，5，6，7，8，9，10， 11，12，对应的基本事件个数依次为 1，2

13、，3，4，5，6，5，4， 3，2，1，两次向上的数字之和等于 7 对应的事件发生的概率 最大., .,3.(2016 年江苏)将一枚质地均匀的骰子(一种各个面上分别 标有 1，2，3，4，5，6 个点的正方体玩具)先后抛掷 2 次，则,出现向上的点数之和小于 10 的概率是_.,解析：点数小于 10 的基本事件共有 30 种，所以所求概率,为,30 36,5 6,考点 3,古典概型与统计的结合,例 3：(2015 年安徽)某企业为了解下属某部门对本企业职 工的服务情况，随机访问 50 名职工，根据这 50 名职工对该部 门的评分，绘制频率分布直方图(如图 9-4-1)，其中样本数据分 组区间

14、为40，50)，50，60)，80，90)，90，100. 图 9-4-1,(1)求频率分布直方图中 a 的值；,(2)估计该企业的职工对该部门评分不低于 80 的概率； (3)从评分在40，60)的受访职工中，随机抽取 2 人，求此 2,人评分都在40，50)的概率.,解：(1)因为(0.004a0.0180.02220.028)101，,所以 a0.006.,(2)由所给频率分布直方图知，50 名受访职工评分不低于,80 的频率为(0.0220.018)100.4.,所以该企业职工对该部门评分不低于 80 的概率的估计值,为 0.4.,(3)受访职工评分在50，60)的有 500.0061

15、03(人)， 设为 A1，A2，A3； 受访职工评分在40，50)的有 500.004102(人)， 设为 B1，B2. 从这 5 名受访职工中随机抽取 2 人，所有可能的结果共有 10 种，它们是A1，A2，A1，A3，A1，B1，A1，B2，A2， A3，A2，B1，A2，B2，A3，B1，A3，B2，B1，B2，又 因为所抽取 2 人的评分都在40，50)的结果有 1 种，即B1，B2，,故所求的概率 p,1 10,.,【规律方法】古典概型在和统计等其他知识结合考查时， 通常有两种方式：一种是将统计等其他知识和古典概型捆绑起 来，利用其他知识来处理古典概型问题；另一种就是与其他知 识点独

16、立地考查而相互影响不大.前一种对知识的掌握方面要 求更高，如果在前面的问题处理错，可能对后面的古典概型处 理带来一定的失误.,通常会设置若干问题，会运用到统计中的相关知识处理相,关数据.,【互动探究】,4.(2014 年福建)根据世行 2013 年新标准，人均 GDP 低于 1035 美元为低收入国家；人均 GDP 为 10354085 美元为中等 偏下收入国家；人均 GDP 为 408512 616 美元为中等偏上收 入国家；人均 GDP 不低于 12 616 美元为高收入国家.某城市有 5 个行政区，各区人口占该城市人口比例及人均 GDP 如下表：,(1)判断该城市人均 GDP 是否达到中

17、等偏上收入国家标准； (2)现从该城市 5 个行政区中随机抽取 2 个，求抽到的 2 个 行政区人均 GDP 都达到中等偏上收入国家标准的概率. 解：(1)设该城市人口总数为 a，则该城市人均 GDP 为,80000.25a40000.30a60000.15a30000.10a10 0000.20a,a,6400.,因为 64004085，12 616)，,所以该城市人均 GDP 达到了中等偏上收入国家标准.,(2)“从 5 个行政区中随机抽取 2 个”的所有基本事件是 A，B，A，C，A，D，A，E，B，C，B，D，B， E，C，D，C，E，D，E，共 10 个. 设事件“抽到的 2 个行政

18、区人均 GDP 都达到中等偏上收入 国家标准”为M，则事件 M 包含的基本事件是A，C，A，E， C，E，共 3 个.,所以所求概率为 P(M),3 10,.,考点 4 互斥事件与对立事件在古典概型中的应用,例 4：现有 7 名亚运会志愿者，其中志愿者 A1，A2，A3 通 晓日语，B1，B2 通晓韩语，C1，C2 通晓印度语.从中选出通晓日 语、韩语和印度语的志愿者各 1 名，组成一个小组.,(1)求 A1 恰被选中的概率；,(2)求 B1 和 C1 不全被选中的概率.,解：(1)从 7 人中选出日语、韩语和印度语志愿者各 1 名， 所有可能的结果组成的基本事件有：(A1，B1，C1)，(A

19、1，B1， C2)，(A1，B2，C1)，(A1，B2，C2)，(A2，B1，C1)，(A2，B1，C2)，,(A2，B2，C1)，(A2，B2，C2)，(A3，B1，C1)，(A3，B1，C2)，(A3， B2，C1)，(A3，B2，C2)，共 12 个.由于每一个基本事件被抽取的 机会均等，因此这些基本事件的发生是等可能的. 用 M 表示“A1 恰被选中”这一事件， 事件 M 包含以下 4 个基本事件： (A1，B1，C1)，(A1，B1，C2)，(A1，B2，C1)，(A1，B2，C2)，,【规律方法】在处理古典概型的问题时，我们通常都将所 求事件 A 分解为若干个互斥事件(尤其是基本事

20、件)的和，利用 概率加法公式求解，或者利用对立事件求解.,【互动探究】,D,5.若某公司从 5 名大学毕业生甲、乙、丙、丁、戊中录用 3,人，这 5 人被录用的机会均等，则甲或乙被录用的概率为(,),A.,2 3,B.,2 5,C.,3 5,D.,9 10,解析：共有(甲、乙、丙),(甲、乙、丁)，(甲、乙、戊)，(甲、 丙、丁)，(甲、丙、戊)，(甲、丁、戊)，(乙、丙、丁)，(乙、 丙、戊)，(乙、丁、戊)，(丙、丁、戊)10 种情况，甲或乙都不,被录用的情况只有(丙、丁、戊)，概率为,1 10,，所以甲或乙被录,用的概率为 1,1 10,9 10,.,易错、易混、易漏,放回与不放回抽样的

21、区别与联系,例题：一个盒子中装有 4 张卡片，每张卡片上写有 1 个数,字，分别是 1，2，3，4，现从盒子中随机抽取卡片.,(1)若一次从中随机抽取 3 张卡片，求 3 张卡片上数字之和,大于或等于 7 的概率；,(2)若第一次随机抽 1 张卡片，放回后再随机抽取 1 张卡片，,求两次中至少一次抽到数字 2 的概率.,3，4)，共3种，所以P(A) .,正解：(1)设 A 表示事件“抽取 3 张卡片上的数字之和大于 或等于 7”，任取 3 张卡片，3 张卡片上的数字全部可能的结果 是(1，2，3)，(1，2，4)，(1，3，4)，(2，3，4)，共 4 种. 其中数字之和大于或等于 7 的是

22、(1，2，4)，(1，3，4)，(2，,3 4,(2)设 B 表示事件“至少一次抽到数字 2”，,每次抽 1 张，连续抽取 2 张全部可能的结果有：(1，1)，(1， 2)，(1，3)，(1，4)，(2，1)，(2，2)，(2，3)，(2，4)，(3，1)， (3，2)，(3，3)，(3，4)，(4，1)，(4，2)，(4，3)，(4，4)，共 16 种.,事件 B 包含的结果有(1，2)，(2，1)，(2，2)，(2，3)，(2， 4)，(3，2)，(4，2)，共 7 种.,所以所求事件的概率为 P(B),7 16,.,【失误与防范】在本题中的不放回与放回抽样方式中，两 类情况的基本事件有区别： 前者不可能取到两张一样的，后者是可以取到两张一样 的. 后者肯定是讲究顺序的，但是前者是否讲顺序在于考虑,的角度.可以理解为无放回的一次性抽两张，那就是不讲顺序， 即抽到(1，2)和(2，1)只算作一个基本事件，第(1)小题的解法就 是这样的思路；如果理解为无放回的抽两次，每次一张，那么 就是讲顺序的问题，那么抽到(1，2)和(2，1)就是两个基本事件， 如第(2)小题的解法.这两种想法都是正确的，但是值得注意的是 在考虑问题时考虑的角度要保持前后一致.,