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1、2015-2016学年山东省泰安一中虎山路校区九年级（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共30分）1下述情况发生的过程中，电能转化为机械能的是（）A电动机运转B电熨斗烫衣服C发电机发电D蓄电池对外供电2将一个标有“20V 10W”的灯泡与一个最大阻值为40的滑动变阻器串联，接在20V的电源上闭合开关移动滑片的过程中，灯泡功率的变化范围是（）A0W10WB2.5W10WC5W10WD10W20W3两只额定电压相同的灯泡串联后接在电源上，亮度不同，则（）A较亮灯泡的额定功率较大B较亮灯泡两端的电压较大C较亮灯泡通过的电流较小D较亮灯泡灯丝的电阻较小4家庭电路中，制造保险丝的材料是（）A电
2、阻小 熔点低的合金丝B电阻大 熔点高的合金丝C电阻大 熔点低的合金丝D电阻小熔点高的合金丝5将电炉丝截短一些，再接入原来的电路中，则电炉消耗的电功率将（）A变大B变小C不变D无法判断6下列家用电器中，关于他们正常工作时的电流，下列说法中合理的是（）A电风扇约为20AB电冰箱约为1AC电视机约为0.2AD台灯约为1A7电炉工作时，电热丝发红，温度很高，而连接电源与电炉的导线几乎不热，主要原因是（）A导线电阻远小于电热丝电阻B导线电阻远大于电热丝电阻C通过导线的电流比电热丝的小D通过导线的电流比电热丝的大8家庭电路中用测电笔去试发现氖管发光，但灯不亮，其它用电器也不工作，保险丝也完好，可知（）A零
3、线某处开路B灯丝断了C火线断了D短路了9电阻R2=2R1，将它们分别串联和并联在同一电源上，在相同时间内产生的总热量之比为（）A1：3B3：1C2：9D9：210下列对欧姆定律公式和导体电阻的理解，错误的是（）A因为I=，所以当U=0时，I=0B由I=所以当U=0时，R可能为0C因为I=，得R=，所以当U=0，I=0时，R必等于零D对某一段导体来说U变大时I也变大，R的值不变11下列说法中不正确的是（）A两个电阻串联后接入某一电路，则阻值大的电阻其电功率也较大B如果用电器的实际电压为额定电压的一半，则它的实际功率等于额定功率的C标有“PZ220100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V，额定
4、功率为100WD电功率越大，电流做的功越多12要在家庭电路中，添加新的大功率用电器（如空调等），下列可行的是（）A在现有的照明电路中，只需将保险丝换成足够粗就行了B在现有的照明电路中，只需将电能表和保险丝换成更大规格就行了C在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险丝的允许电流，还需考虑原电线的承受电流能力D什么也不用考虑，再装上一个插座就行了13如图所示，电源电压不变，将S1、S2闭合，电路正常工作，然后断开S2，则下列说法正确的是（）AA1示数变小，A2示数不变BA1示数不变，A2示数变大CA1示数变大，A2示数变大DA1示数不变，A2示数变小14如图所示电路，电源电压不变，R为恒定电阻，
5、若在A，B两点间接入一个阻值是12的电阻，电路中的电流是0.5A，现将这个12的电阻换下，换上一个“6V4W”的电灯，那么这盏灯（）A能正常发光B不能正常发光，它的功率小于4WC不能正常发光，功率大于4WD条件不足，无法判断15在研究电流跟电压、电阻的关系实验中，得出表格中的一组数据，根据这组数据，可以得到的结论是（）导体两端的电压（V）导体的电阻（）通过导体的电流（A）450.8250.4651.2A导体电阻一定时，导体两端的电压跟通过导体的电流成正比B导体电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比C导体两端电压一定时，导体的电阻和通过导体的电流成反比D导体两端电压一定时，通过导体的电
6、流和导体的电阻成反比二、填空题（1-3每空1分，4-7每空2分共32分）16甲灯泡标有“220V，15W”字样，乙灯泡标有“220V，100W”的字样，则将两灯泡串联在220V的电路中，灯更亮一些，若将两灯并联在220V的电路中灯更亮一些17用电器在一段时间内消耗的电能，可以通过计量出来电能表表盘上有几个重要参数：（1）“220V10A”中这个电能表的工作电压为，这个电能表允许通过的最大电流为在该表下所能接的用电器的总功率为（2）600revs/kWh是说接在这个电能表上的用电器，每消耗的电能，电能表的转盘转过600转（3）某电能表的盘面上标有“3000revs/kWh”字样，如果在1min内
7、转盘转过18转，则电路中用电器的功率是W若用电器工作半小时，消耗电能kWh18一段导体两端的电压3伏特时，通过它的电流强度是0.6安培，这段导体的电阻是，如果导体两端电压为零时，通过它的电流强度是A，这段导体的电阻是19将标有“3V 0.3A”和“3V 0.6W”的灯泡，按任意方式连接起来接到电压可调的电源上，在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下，电源电压最高V，电路中允许通过的最大电流为A20手机上使用的锂电池标有“3.6V 900mAh”，请估算出这种电池可储存的电能是J21将“220V，40W”和“220V，100W”的两灯串联在电路中，则它们消耗的电功率之比为若将两灯并联在某
8、一电路中，则它们消耗的电功率之比为22如图所示电源电压为12V保持不变，R1=100，R2上标有“2A，200”，在滑片P从a端移动至b端的过程中，电压表读数的变化范围是，R1的功率变化范围是23某电动机的额定电压为20V，线圈电阻为4，正常工作时的电流为2A，它在10s内所做的功为产生的电热为，这台电动机的机械效率为%三、实验题（1）题4分，（2）、（3）、（4）题每空2分，共22分）24如图丙是测定额定电压为2.5V小灯泡额定功率的实物连接图（1）请在方框内画出电路图（2）实验过程中某一时刻电压表示数如图甲所示，为了测得小灯泡的额定功率，闭合开关后，应把图中的滑动变阻器滑片P向（填“左”或
9、“右”）移动，直至电压表示数为2.5V为止，这时电流表示数如图乙所示，为A，则此时灯泡的额定功率是W小灯泡此时的电阻为，实验时发现小灯泡的电阻不是恒定的可能的原因是，生活中有何经验或科技应用支持你的观点（举一例）（3）若电源电压为6V，滑动变阻器有“10 1.5A”和“20 1A”两种规格，那么实验中应选用规格为的滑动变阻器（4）变阻器在该实验中的作用是：四、计算题（1题10分，2题8分，共18分）25如图所示，电饭锅有两种工作状态：一是锅内水烧开前的加热状态，二是水烧开后的保温状态其中，R2是加热用的电阻丝，（1）当开关S 断开后，R2两端电压是多少？（2）求两种状态下，电饭锅消耗的功率分别
10、是多少？分别是什么状态26要使一个标有6V，3W的小灯泡接在9V的电源上正常发光，应串联一个多的电阻？此时该电阻的功率是多大？（先画出电路再求解）2015-2016学年山东省泰安一中虎山路校区九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共30分）1下述情况发生的过程中，电能转化为机械能的是（）A电动机运转B电熨斗烫衣服C发电机发电D蓄电池对外供电【考点】能量转化的现象【专题】应用题【分析】可对各选项进行分析，判断能的转化形式及过程进而选择判断【解答】解：A、电动机运转时把电能转化为机械能；B、电熨斗烫衣服是把电能转化为内能；C、发电机发电是把机械能转化为电能；D、蓄电
11、池对外供电是把化学能转化为电能；故选A2将一个标有“20V 10W”的灯泡与一个最大阻值为40的滑动变阻器串联，接在20V的电源上闭合开关移动滑片的过程中，灯泡功率的变化范围是（）A0W10WB2.5W10WC5W10WD10W20W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【专题】计算题；压轴题【分析】灯泡的功率可用P=I2R来判断灯泡与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的电阻全部接入电路时，电路的总电阻最大，电流最小，灯泡功率最小当滑动变阻器的电阻接入电路的电阻为零时，电路的总电阻最小，电流最大，功率最大【解答】解：因为灯泡标有：“20V 10W”，接在20V的电源上，当滑动变阻器的电阻接入电路的电阻
12、为零时，功率最大，灯泡两端电压是20V，灯泡正常工作，所以最大功率是10WRL=40，当滑动变阻器的电阻全部接入电路时，灯泡功率最小，R总=40+40=80电流是，I=0.25APL=I2RL=（0.25A）240=2.5W所以灯泡功率的变化范围是2.5W10W故选B3两只额定电压相同的灯泡串联后接在电源上，亮度不同，则（）A较亮灯泡的额定功率较大B较亮灯泡两端的电压较大C较亮灯泡通过的电流较小D较亮灯泡灯丝的电阻较小【考点】实际功率【专题】应用题；电能和电功率【分析】根据串联电路的特点，分析两灯泡的电阻情况，根据电阻依次判断选项正误【解答】解，依照题意可知，较亮灯泡的实际功率较大串联电路电流
13、相同，灯泡较亮说明分得电压较大，也即电阻较大，根据P=可知，额定电压相同，电阻越大，额定功率越小，由此可知：B正确，ACD错误；故选B4家庭电路中，制造保险丝的材料是（）A电阻小 熔点低的合金丝B电阻大 熔点高的合金丝C电阻大 熔点低的合金丝D电阻小熔点高的合金丝【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法【专题】定性思想；电与热、生活用电【分析】根据保险丝材料的特点以及保险丝在电路中的连接要求和作用做出解答即可【解答】解：保险丝串联在电路中，它的作用是当电路中电流过大时，自动熔断，保护电路故应选用电阻大，熔点低的铅锑合金制成故选：C5将电炉丝截短一些，再接入原来的电路中，则电炉消耗的电功率将（）A
14、变大B变小C不变D无法判断【考点】实际功率【专题】电能和电功率【分析】本题考查了电功率公式：P=，结合在导体的横截面积和材料相同的情况下，导体的长度越长电阻越大，长度越短电阻越小，联立求解【解答】解：因电阻丝的材料和横截面积相同，烧断后变为原长的，故电阻也变为原来的，所以根据电功率公式：P=，电炉的实际功率是原来的2倍，所以B、C、D不符合题意，只有A符合题意故选：A6下列家用电器中，关于他们正常工作时的电流，下列说法中合理的是（）A电风扇约为20AB电冰箱约为1AC电视机约为0.2AD台灯约为1A【考点】电流的大小【专题】应用题；电流和电路【分析】由常用家用电器的功率及电功率的计算公式可得出
15、正常工作时的电流【解答】解：家用电器的额定电压都是220V，根据我们对用电器电功率的了解和电功率公式的变形式I=PU分别算出这四个用电器的电流A、电风扇的功率约为100W，由I=0.5A，故A错误；B、电冰箱的功率约为220W，由I=1A，故B正确；C、电视机的功率约为200W，由I=0.91A，故C错误；D、台灯的功率约为30W，由I=0.14A，故D错误故选B7电炉工作时，电热丝发红，温度很高，而连接电源与电炉的导线几乎不热，主要原因是（）A导线电阻远小于电热丝电阻B导线电阻远大于电热丝电阻C通过导线的电流比电热丝的小D通过导线的电流比电热丝的大【考点】焦耳定律；串联电路的电流规律【专题】
16、应用题【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比电热丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析【解答】解：电炉在使用时，电热丝和导线串联，I电热丝=I导线，通电时间t相同，Q=I2Rt，R电热丝R导线，电流产生的热量：Q电热丝Q导线，从而出现电热丝热得发红，但跟电热丝连接的导线几乎不热的现象故选A8家庭电路中用测电笔去试发现氖管发光，但灯不亮，其它用电器也不工作，保险丝也完好，可知（）A零线某处开路B灯丝断了C火线断了D短路了【考点】家庭电路的故障分析【专题】定性思想；电与热、生活用电【
17、分析】用电器均不正常而保险丝未熔断，说明电路中干路上有断路，测电笔测试各处电路，氖管都发光，说明各点与火线是连通的，故只可能是零线断了【解答】解：A、零线断了其它部分都相当于火线，测试时氖管会发光，室内的用电器不能工作，故A符合题意；B、灯丝断了，灯不亮，其它用电器仍工作，故B不符合题意；C、进户火线断路，用测电笔测试室内各处电路时，氖管都不会发光；故C不符合题意；D、若室内火线与零线短路，电路中的电流会很大，保险丝会烧断，故D不符合题意；故选A9电阻R2=2R1，将它们分别串联和并联在同一电源上，在相同时间内产生的总热量之比为（）A1：3B3：1C2：9D9：2【考点】焦耳定律的计算公式及其
18、应用【专题】计算题；电与热、生活用电【分析】已知两电阻的关系，根据电阻的串并联得出两种情况下电路的总电阻，再根据Q=I2Rt=t得出在相同时间里电流通过两电阻所产生的热量之比【解答】解：串联电路中总电阻等于各分电阻之和，两电阻串联时电路中的总电阻：R串=R1+R2=R1+2R1=3R1，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，两电阻并联时电路中的总电阻：R并=，由Q=I2Rt=t，分别把它们串联和并联在同一电源的两端，相同时间里电流通过两电阻产生的热量之比：=故选C10下列对欧姆定律公式和导体电阻的理解，错误的是（）A因为I=，所以当U=0时，I=0B由I=所以当U=0时，R可能为0C因为
19、I=，得R=，所以当U=0，I=0时，R必等于零D对某一段导体来说U变大时I也变大，R的值不变【考点】欧姆定律的应用；电阻【专题】应用题；电压和电阻；欧姆定律【分析】利用下列知识分析判断：（1）电阻是由导体自身决定的，与导体的材料，长度，横截面积有关，与导体两端的电压和通过导体的电流无关（2）导体中电流与导体两端的电压和导体的电阻决定的（3）根据欧姆定律公式，运用控制变量法分析电阻、电流以及电压的关系【解答】解：A、电流由电压与电阻共同决定，当电压为零时，电流为零，故A正确；B、导体电阻由导体本身性质决定，与导体两端电压无关，当电压为零时，导体电阻不变，不为零，故B错误；C、导体电阻由导体本身
20、的性质决定，与导体两端电压、通过导体的电流无关，当电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零，故C错误；D、对某一段导体来说，电阻R是一定的，电压U变大，电流I变大，故D正确；故选：BC11下列说法中不正确的是（）A两个电阻串联后接入某一电路，则阻值大的电阻其电功率也较大B如果用电器的实际电压为额定电压的一半，则它的实际功率等于额定功率的C标有“PZ220100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V，额定功率为100WD电功率越大，电流做的功越多【考点】电功率【专题】电能和电功率【分析】由电功率公式W=Pt和P=及P=I2R，结合串并联电路特点分析解答【解答】解：A、两个电阻串联后接入某一电路，电
21、流相等，则由P=I2R可知阻值大的电阻其电功率也较大故A正确；B、如果用电器的实际电压为额定电压的一半，则由P=可知在电阻不变时，P=，因此它的实际功率等于额定功率的故B正确；C、标有“PZ220100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V，额定功率为100W故C正确；D、由电功W=Pt可知当时间t不确定时，电流做的功不确定故D错误故选：D12要在家庭电路中，添加新的大功率用电器（如空调等），下列可行的是（）A在现有的照明电路中，只需将保险丝换成足够粗就行了B在现有的照明电路中，只需将电能表和保险丝换成更大规格就行了C在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险丝的允许电流，还需考虑原电线的承受
22、电流能力D什么也不用考虑，再装上一个插座就行了【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法【专题】电与热、生活用电【分析】家庭电路中，短路或用电器的总功率过大，由I=可知，会引起电路的电流过大，要考虑保险丝、电能表和电线的承受能力，据此分析选项正误【解答】解：家庭电路中添加新的大功率用电器，由I=可知，会引起电路的电流过大，在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险丝的允许电流，还需考虑原电线的承受电流能力，故ABD错、C正确故选C13如图所示，电源电压不变，将S1、S2闭合，电路正常工作，然后断开S2，则下列说法正确的是（）AA1示数变小，A2示数不变BA1示数不变，A2示数变大CA1示数变大，A
23、2示数变大DA1示数不变，A2示数变小【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】将开关S1、S2都闭合后，电灯和电阻并联，电流表A2测量通过电灯的电流，电流表A1测量干路电流；断开开关S2，通过电灯的电流不变，通过电阻的电流变为0，再根据并联电路的电流特点判断电流表A1的示数变化【解答】解：由图可知，当S1、S2都闭合时，电灯和电阻并联，电流表A2测量通过电灯的电流IL，电流表A1测量干路电流I，I=IL+IR；断开S2，电源电压不变，根据欧姆定律可知通过电灯的电流IL不变（电流表A2的示数不变），通过电阻的电流IR变为0，所以干路电流将变小，即电流表A1的示数变小故选A14如图
24、所示电路，电源电压不变，R为恒定电阻，若在A，B两点间接入一个阻值是12的电阻，电路中的电流是0.5A，现将这个12的电阻换下，换上一个“6V4W”的电灯，那么这盏灯（）A能正常发光B不能正常发光，它的功率小于4WC不能正常发光，功率大于4WD条件不足，无法判断【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】（1）已知A、B两点间接入电阻的大小和电流的大小，利用U=IR求出电阻分得的电压；（2）根据灯泡的铭牌，利用公式R=求出灯泡的电阻，然后比较灯泡的电阻与12欧的关系，再根据串联电路的电阻分压特点判断灯泡两端分得的电压变化，最后比较灯泡分得的电压与6V的关系可知灯泡功率的范围【解答】
25、解：当A、B两点间接入一个阻值为12欧姆的电阻时，电阻两端电压：U=IR=0.5A12=6V；灯泡的电阻：RL=912，当接入“6V 4W”灯泡时，因电阻变小，所以灯泡L分得的电压小于6V，故小灯泡的实际功率小于4W故选B15在研究电流跟电压、电阻的关系实验中，得出表格中的一组数据，根据这组数据，可以得到的结论是（）导体两端的电压（V）导体的电阻（）通过导体的电流（A）450.8250.4651.2A导体电阻一定时，导体两端的电压跟通过导体的电流成正比B导体电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比C导体两端电压一定时，导体的电阻和通过导体的电流成反比D导体两端电压一定时，通过导体的电流
26、和导体的电阻成反比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】应用题；欧姆定律【分析】探究“电流与电压和电阻的关系”使用的是控制变量法，探究电流和电压的关系，需使电阻不变；探究电流和电阻的关系，需使电压不变【解答】解：由表中数据可知，电阻R=5不变，且电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，可得在导体电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，故ACD错误，B正确故选B二、填空题（1-3每空1分，4-7每空2分共32分）16甲灯泡标有“220V，15W”字样，乙灯泡标有“220V，100W”的字样，则将两灯泡串联在220V的电路中，甲灯更亮一些，若将两灯并联在220V的电路中乙灯
27、更亮一些【考点】实际功率【专题】应用题；比较思想；推理法；电能和电功率【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=比较两灯泡的电阻关系；两灯串联时电流相等，根据P=I2R可比较它们的功率大小情况；两灯泡并联时它们两端的电压相等，根据额定电压下灯泡的功率和额定功率相等比较它们实际功率之间的关系，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗关系；【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，由P=，可知，甲灯泡的额定功率小，故甲灯泡的电阻较大；两灯串联在电路中时，电流相等，则由P=I2R可知，电阻较大的甲灯泡的实际功率较大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；因此甲灯更亮一些； 而并联电路中
28、各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡均正常发光，所以，并联在220V电源上时，乙灯泡的实际功率较大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，乙灯泡较亮；故答案为：甲；乙17用电器在一段时间内消耗的电能，可以通过电能表计量出来电能表表盘上有几个重要参数：（1）“220V10A”中这个电能表的工作电压为220V，这个电能表允许通过的最大电流为10A在该表下所能接的用电器的总功率为2200W（2）600revs/kWh是说接在这个电能表上的用电器，每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过600转（3）某电能表的盘面上标有“3000revs/kWh”字样，如果在1min内转盘转过18转，则电路中用电器
29、的功率是360W若用电器工作半小时，消耗电能0.18kWh【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；电能和电功率【分析】电能表是测量消耗电能的仪表，掌握电能表表盘上各参数的含义：（1）“220V 10A”：“220V”指这个电能表的工作电压为220V“10A”是指这个电能表平时工作允许通过的最大电流为10A；根据P=UI可以计算电路的最大功率（2）“600r/kWh”是指接在这个电能表上的用电器，每消耗1kWh的电能，电能表上的转盘转过600圈（3）先求出电能表的转数为18转时消耗的电能，还知道工作时间，根据公式P=可求用电器的功率；再利用W=Pt求用电器工作半小时消耗
30、的电能【解答】解：用电器在一段时间内消耗的电能，可以利用电能表测量（1）“220V”指这个电能表的工作电压为220V“10A”是指这个电能表平时工作允许通过的最大电流为10A电路最大功率为：P=UI=220V10A=2200W（2）“600r/kWh”表示每消耗1kWh的电能，电能表上的转盘转过600圈（3）电能表转了18转，则消耗电能：W=kWh=0.006kWh，用电器的功率：P=0.36kW=360W；用电器工作半小时消耗的电能：W=Pt=0.36kW0.5h=0.18kWh故答案为：电能表；（1）220V；10A；2200W；（2）1kWh；（3）360；0.1818一段导体两端的电压
31、3伏特时，通过它的电流强度是0.6安培，这段导体的电阻是5，如果导体两端电压为零时，通过它的电流强度是0A，这段导体的电阻是5【考点】欧姆定律的应用；电阻；影响电阻大小的因素【专题】计算题【分析】知道导体两端的电压和通过导体的电流，可利用公式R=计算出导体的电阻当加在导体两端的电压为0时，根据欧姆定律可得电流也为0；导体的电阻由导体的长度、横截面积和材料决定，与导体两端的电压和通过的电流大小无关，由此可知导体两端的电压变化后，电阻不变【解答】解：U=3V，I=0.6A，导体的电阻为：R=5当加在导体两端的电压为0时，根据欧姆定律I=可知电流也为0A，而导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流大小
32、无关，所以这段导体的电阻仍为5故答案为：5；0；519将标有“3V 0.3A”和“3V 0.6W”的灯泡，按任意方式连接起来接到电压可调的电源上，在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下，电源电压最高5V，电路中允许通过的最大电流为0.5A【考点】电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由I=和P=UI先计算通过第二个灯泡的电流和两灯电阻，根据串联和并联电路特点和欧姆定律分析灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下的电源电压，【解答】解：由I=可得“3V 0.3A”灯的电阻：R1=10，由P=UI可得“3V 0.6W”灯泡的额定电流：I2=
33、0.2A，R2=15，串联电路中电流处处相等，若两灯串联，电路中最大电流为0.2A，由串联电路电阻特点和欧姆定律可得电源电压：U=I（R1+R2）=0.2A（10+15）=5V；并联电路中各支路两端电压等于电源电压，若两灯并联，电源电压最大为3V，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，此时电路中电流：I=+=+=0.5A所以在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下，电源电压最高5V；电路中允许通过的最大电流0.5A故答案为：5；0.520手机上使用的锂电池标有“3.6V 900mAh”，请估算出这种电池可储存的电能是11232J【考点】电功的计算【专题】电能和电功率【分析】mAh是
34、电流和时间单位的乘积，利用电流的定义可知 mAh是电荷量的单位由公式W=UIt=UQ可计算出手机能储存的电能【解答】解：由电流的定义式I=得：Q=It=900mAh=9001103A3600s=3120C，该手机电池可储存的电能W=UIt=UQ=3.6V3120C=11232J故答案为：1123221将“220V，40W”和“220V，100W”的两灯串联在电路中，则它们消耗的电功率之比为5：2若将两灯并联在某一电路中，则它们消耗的电功率之比为2：5【考点】电功率的计算【专题】计算题；电能和电功率【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=得出两灯泡的电阻之比；（1）两灯泡串联时通过它们的
35、电流相等，根据P=I2R得出它们消耗的电功率之比；（2）并联时两灯电压相等，根据P=得出两灯泡消耗的电功率之比【解答】解：由题知两灯额定电压相同，根据P=可得两灯泡的电阻之比：=，将两灯泡串联在220V的电源上时，串联电路中各处的电流相等，由P=I2R可得，两灯泡消耗的电功率之比：=，将两灯并联在某一电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，由P=可得，两灯泡消耗的电功率之比：=故答案为：5：2；2：522如图所示电源电压为12V保持不变，R1=100，R2上标有“2A，200”，在滑片P从a端移动至b端的过程中，电压表读数的变化范围是0V8V，R1的功率变化范围是1.44W0.16W【考点
36、】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，灯泡R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压（1）当滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，其消耗的电功率最大，根据P=求出最大功率；（2）当滑片位于a端时电压表被短路，示数为0；当滑片位于b端时电压表的示数最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数，进一步得出答案【解答】解：由电路图可知，灯泡R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压（1）R1两端电压最大可为12V时，消耗功率最大，此时变阻器接入电阻应该调整为零R1消耗的最大功率：P1最大=1.44W；（
37、2）电压表测滑动变阻器两端电压，最小电压为0V，当变阻器接入阻值最大时，电压最大此时电流为：I=0.04A，Umax=IR2=0.04A200=8V，电压表的读数范围是08V；R1消耗的最小功率：P1最小=I2R1=（0.04A）2100=0.16W；R1的功率变化范围是1.44W0.16W；故答案为：0V8V；1.44W0.16W23某电动机的额定电压为20V，线圈电阻为4，正常工作时的电流为2A，它在10s内所做的功为400J产生的电热为160J，这台电动机的机械效率为60%【考点】电功的计算；能量利用效率；焦耳定律的计算公式及其应用【专题】计算题；电能和电功率；电与热、生活用电【分析】（
38、1）根据W=Pt=UIt求解消耗的电能；（2）根据Q=I2Rt求解产生的热量；（3）根据W机=WQ求解输出的机械能从而计算机械效率【解答】解：（1）电动机额定电压为220V，电流为2A，电动机正常工作10s，消耗的电能：W=UIt=20V2A10s=400J；（2）产生的热量：Q=I2Rt=（2A）2410s=160J；（3）电动机工作时，将电能转化为机械能和内能，所以输出的机械能为：W机=WQ=400J160J=240J，所以这台电动机的机械效率：=100%=100%=60%故答案为：400J；160J； 60三、实验题（1）题4分，（2）、（3）、（4）题每空2分，共22分）24如图丙是测
39、定额定电压为2.5V小灯泡额定功率的实物连接图（1）请在方框内画出电路图（2）实验过程中某一时刻电压表示数如图甲所示，为了测得小灯泡的额定功率，闭合开关后，应把图中的滑动变阻器滑片P向左（填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为2.5V为止，这时电流表示数如图乙所示，为0.24A，则此时灯泡的额定功率是0.6W小灯泡此时的电阻为10.4，实验时发现小灯泡的电阻不是恒定的可能的原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化，生活中有何经验或科技应用支持你的观点（举一例）白炽灯在刚接通时容易烧毁（3）若电源电压为6V，滑动变阻器有“10 1.5A”和“20 1A”两种规格，那么实验中应选用规格为20 1A的滑
40、动变阻器（4）变阻器在该实验中的作用是：保护电路调节灯泡两端的电压【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率；测量型实验综合题【分析】（1）根据实物图画出电路图：（2）连接电路时，变阻器连入电路中的阻值最大，根据图甲电压表小量程读数，比较电压表示数与2.5V的大小，因灯在额定电压下的功率为额定功率，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向中，根据图乙电流表小量程读出电流表的示数，根据P=UI求灯泡的额定功率；由欧姆定律计算灯的电阻；根据灯丝的电阻随温度的变化而变化回答；白炽灯在刚接通时容易烧毁；（3）根据串联电路电压的规律及欧姆定律求
41、出变阻器连入电路的电阻，确定选用滑动变阻器的规格；（4）根据实验目的和操作确定变阻器除保护电路之外的另一个作用【解答】解：（1）根据实物图画出电路图，如下所示：（2）图甲中电压表小量程分度值为0.1V，电压表示数为1.2V，要使电压表示数为2.5V，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，根据分压原理，减小变阻器连入电路中的电阻大小，变阻器的滑片P应向左移动，使电压表示数为2.5V时；图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.24A=0.6W；灯泡正常发光时的电流I=0.24A，根据欧姆定律，此时灯的电阻R=10.4；（3）
42、此时变阻器两端电压UR=U电源U=6V2.5V=3.5V，变阻器连入电路的电阻R滑=14.6要使灯泡在实验中不致被烧坏，变阻器连入电路的电阻不得小于14.6，即变阻器的最大电阻值必须大于14.6实验中应选用规格为“20 1A”的滑动变阻器实验时发现小灯泡的电阻不是恒定的可能的原因是：灯丝的电阻随温度的变化而变化；生活中支持的观点的应用：白炽灯在刚接通时容易烧毁，是因为刚通电时，灯丝温度低，电阻小，根据欧姆定律，通过灯丝的电流大，易烧毁；（4）变阻器在该实验中的作用除保护电路外，由实验目的和操作还有调节灯泡两端的电压的作用故答案为：（1）如上所示：（2）左；0.24；0.6；10.4；灯丝的电阻
43、随温度的变化而变化； 白炽灯在刚接通时容易烧毁；（3）20 1A；（4）保护电路；调节灯泡两端的电压四、计算题（1题10分，2题8分，共18分）25如图所示，电饭锅有两种工作状态：一是锅内水烧开前的加热状态，二是水烧开后的保温状态其中，R2是加热用的电阻丝，（1）当开关S 断开后，R2两端电压是多少？（2）求两种状态下，电饭锅消耗的功率分别是多少？分别是什么状态【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）由电路图可知，当开关S断开时电阻R1、R2串联，根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律即可求出R2两端电压；（2）根据P=UI求出开关
44、S断开时电路的总功率；根据P=可知开关S闭合时的加热功率【解答】解：（1）当开关S断开时电阻R1、R2串联，根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得：R=R1+R2=200+50=250；则电路中的电流I=0.88A；R2两端的电压U2=IR2=0.88A50=44V（2）开关S断开时电路的总功率P保温=UI=220V0.88A=193.6W；开关S闭合时只有R2连入电路，则加热功率P加热=968W答：（1）当开关S断开后，R2两端电压是44V（2）两种状态下，电饭锅消耗的功率分别是193.6W、958W，分别处于保温和加热状态26要使一个标有6V，3W的小灯泡接在9V的电源上正常发光，应串联一个多的电阻？此时该电阻的功率