原电池和电解池练习及答案.docx

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1、原电池和电解池练习一、选择题1.如图所示各容器中盛有海水，铁在其中被腐蚀由快到慢的依次是（ ）A B C D 2用惰性电极电解下列溶液，一段时间后，停顿电解，向溶液中参加确定质量的另一种物质(括号内)，能使溶液完全复原的是 () A. CuCl2(CuO) BNaOH(NaOH)CCuSO4 (CuCO3) DNaCl(NaOH)3.金属镍有广泛的用处。粗镍中含有少量Fe、Zn、Cu、Pt等杂质，可用电解法制备高纯度的镍，下列叙述正确的是（ ）（已知：氧化性Fe2Ni2Cu2）A阳极发生复原反响，其电极反响式：Ni22eNiB电解过程中，阳极质量的削减与阴极质量的增加相等C电解后，溶液中存在的

2、金属阳离子只有Fe2和Zn2D电解后，电解槽底部的阳极泥中只有Cu和Pt4.某学生设计了一个“黑笔写红字”的爱好试验。滤纸先用氯化钠、无色酚酞的混合液浸湿，然后平铺在一块铂片上，接通电源后，用铅笔在滤纸上写字，会出现红色字迹。据此，下列叙述正确的是( )A铅笔端作阳极，发生复原反响 B铂片端作阴极，发生氧化反响C铅笔端有少量的氯气产生 Da点是负极，b点是正极5.如下图,四种装置中所盛有的溶液体积均为200ml，浓度均为0.6mol/L，工作一段时间后，测得测得导线上均通过了0.2mol电子，此时溶液中的pH由大到小的依次是（ ）A B C D6. 将含有0.400molCuSO4和0.200

3、molKCl的水溶液1L，用惰性电极电解一段时间后，在一个电极上析出19.2gCu，此时在另一电极上放出的气体在标准状况下的体积为（ ）A5.60L B6.72L C4.48L D3.36L7.试验室用铅蓄电池作电源电解饱和食盐水制取氯气，已知铅蓄电池放电时发生如下反响：负极PbSO=PbSO42e，正极PbO24HSO2e=PbSO42H2O 。若制得Cl2 物质的量为0.050mol，这时电池内消耗的H2SO4的物质的量至少是（ ）A.0.025 mol B.0.050 mol C.0.10 mol D.0.20 mol8.高铁电池是一种新型可充电电池，与一般高能电池相比，该电池能长时间保

4、持稳定的放电电压。高铁电池的总反响为 3Zn+2K2FeO4+8H2O3Zn（OH）2+2Fe（OH）3+4KOH，下列叙述不正确的是（ ）A、放电时负极反响为：Zn2e +2OH= Zn（OH）2B、充电时阳极反响为：Fe（OH）33e + 5 OH = FeO+ 4H2OC、放电时每转移3 mol电子，正极有1mol K2FeO4被氧化D、放电时正极旁边溶液的碱性增加9用惰性电极电解M（NO3）x的水溶液，当阴极上增重ag时，在阳极上同时产生bL氧气（标准状况）：从而可知M的原子量为A.B.C.D.10一种新型燃料电池，一极通入空气，另一极通入丁烷气体；电解质是掺杂氧化钇(Y2O3)的氧化

5、锆(ZrO2)晶体，在熔融状态下能传导O2。下列对该燃料电池说法不正确的是 ()A在熔融电解质中，O2移向负极B电池的总反响是：2C4H1013O2=8CO210H2OC通入空气的一极是正极，电极反响为：O24e=2O2D通入丁烷的一极是正极，电极反响为：C4H1026e13O2=4CO25H2O11用两支惰性电极插入500 mL AgNO3溶液中，通电电解。当电解液的pH从6.0变为3.0时（设电解时阴极没有氢气析出，且电解液在电解前后体积变更可以无视），电极上析出银的质量大约是（ ）A27 mg B54 mg C108 mg D216 mg12.用铂电极电解2价过渡元素硝酸盐溶液600mL

6、，若某极产生672mL气体（标准状况），另一极增重3.81g，假设溶液体积不变，且原溶液pH值为6，正确的推断是：（ ）电解后溶液的pH值为0.9，电解后溶液pH值的为0.7，该金属的相对原子量为65，该金属的相对原子量为63.5，该金属的相对原子量为24。 A B C D13.右图所示装置I是一种可充电电池，装置II为电解池。离子交换膜只允许Na通过，充放电的化学方程式为2Na2S2+NaBr3 Na2S4+3NaBr。闭合开关K时，b极旁边先变红色。下列说法正确的是（ ）A负极反响为4Na4e=4NaB当有001 mol Na通过离子交换膜时，b电极上析出标准状况下的气体112 mLC闭合

7、K后，b电极旁边的pH变小D闭合K后，a电极上有气体产生14. 在蒸馏水中按物质的量之比为1112参加AgNO3，Ba（NO3）2，Na2SO4，NaCl，使之完全溶解，以铂电极电解该混合物至溶质完全反响，则所得氧化产物与复原产物的质量比为：（ ）A35.5108 B712 C10835.5 D7110915.三氧化二镍（Ni2O3）可用于制造高能电池，其电解法制备过程如下：用NaOH调NiCl2溶液pH至7.5，参加适量Na2SO4后进展电解，电解过程中产生的Cl2在弱碱性条件下生成ClO-，把二价镍氧化成三价镍以下说法正确的是（）A.可用铁做阳极材料B.阳极反响方程式为：2Cl- - 2e

8、-=Cl2C.电解过程中阳极旁边溶液的pH上升D.1mol二价镍全部转化成三价镍时，外电路中通过了2mol电子16.将质量分数为0.052的NaOH溶液1L（密度为1.06gcm-3）用铂电极电解，当溶液中NaOH的质量分数变更了0.010时停顿电解，则这时溶液中应符合的关系是（）NaOH的质量分数阴极析出的物质的质量/g阳极析出的物质的质量/gA0.06219152B0.06215219C0.0421.29.4D0.0429.41.217碱性电池具有容量大、放电电流大的特点，因此得到广泛应用。锌锰碱性电池以氢氧化钾溶液为电解液，电池总反响式为：Zn(s)+2MnO2(s)+H2O(l)=Zn

9、(OH)2(s)+Mn2O3(s)。下列说法错误的是（） A电池工作时，锌失去电子 B电池正极的电极反响式为：2MnO2(s)+H2O(1)+2e=Mn2O3(s)+2OH(aq) C电池工作时，电子由正极通过外电路流向负极 D外电路中每通过0.2mol电子，锌的质量理论上减小6.5g二、填空题18.下图表示各物质之间的转化关系。已知：A、D、F、H均为单质，X常温下为无色液体，B为淡黄色固体，J溶于酸得到黄色溶液。请按要求填空：写出B的电子式： 写出用A作电极电解G溶液，在电极上生成E的反响式： 反响的现象是 反响的化学方程式是 ,反响在消费中有重要应用，被称为 反响。反响的离子方程式是 1

10、9. 在如右图所示的试验装置中，E为一张淀粉、碘化钾和酚酞混合溶液润湿的滤纸，C、D为 夹在滤纸两端的铂夹，X、Y分别为直流电源的两极。 在A、B中充溢KOH溶液后倒立于盛有KOH溶液的水槽中，再分别插入铂电极。切断电源开关S1，闭合开关S2，通直流电一段时间后，请答复下列问题：(1)标出电源的正、负极：X为 极，Y为 极。(2)在滤纸的C端旁边，视察到的现象是 ，在滤纸的D端旁边，视察到的现象是 。（3)写出电极反响式：A中 ；B中 ；C中 ；D中 。(4)若电解一段时间后，A、B中均有气体包围电极，此时切断开关S2，闭合开关S1，则电流计的指针是否发生偏转 （填“偏转”或“不偏转”）。(5

11、)若电流计指针偏转，写出有关的电极反响式（若指针不偏转，此题不必答复）：A中 ；B中 。若电流计指针不偏转，请说明理由（若指针不偏转，此题不必答复）20.工业上+6价 的Cr含量不能大于0.5mgL-1，为了到达废水排放标准，工业上处理含往工业废水中参加适量的NaCl（12gL-1）；以铁电极进展电解，经过一段时间后有Cr（OH）3和Fe（OH）3沉淀生成；过滤回收沉淀，废水到达排放标准。试答复：（1）写出电解时的电极反响，阳极_阴极_。（3）电解过程中Cr（OH）3，Fe（OH）3沉淀是怎样产生的？_。（4）能否将电极改为石墨电极？为什么？_。21 .将质量相等的铜片和铂片插入硫酸铜溶液中，

12、铜片与电源正极相连，铂片与电源负极相连，以电流强度1A通电10min，然后将电源反接，以电流强度为2A接着通电10min。试答复：（1）铜电极和铂电极质量为横坐标，时间为纵坐标，分别作出铜电极、铂电极的质量和时间的关系图。（2）上述过程中发生的现象是：铜电极 ；铂电极 。（3）最终时刻两电极的电极反响式：铜电极 ；铂电极 。原电池和电解池练习答案1. A【解析】金属腐蚀在此条件下主要是电化学腐蚀,通常从原电池原理以及电解的原理进展分析。当铁与比它不活泼的金属连在一起构成原电池时，铁为负极，被腐蚀的速度增大，；当铁与比它活泼的金属连接，构成原电池时，铁是正极，铁被疼惜，被腐蚀的速度减小，；在电解

13、装置中，铁接电源的正极，铁被腐蚀的速度加快，因此，腐蚀速度 。金属腐蚀快慢的推断：电解原理引起的腐蚀原电池原理引起的腐蚀化学腐蚀有防腐蚀措施的腐蚀；2.C【解析】选项产物物质的量比复原参加物质A Cu：Cl2 1：1CuCl2固体BH2：O22：1H2OCCu：O2 2：1CuO或CuCO3DCl2：H2 1：1HCl气体3. D 4. D 【解析】本题考察的是电解饱和食盐水试验，电解试验中阳极发生氧化反响，生成氯气，阴极发生复原反响生成氢气，由电极反响式可知，在阴极生成氢氧化钠，出现红色字迹，所以铅笔做阴极，a为电源负极。5. C【解析】若氢离子放电，PH增大，若氢氧根放电PH减小。中锌电极

14、参加反响，电解质溶液PH根本不发生变更。中阴极上氢离子放电，溶液慢慢成碱性。阴极上氢离子放电，导线上通过了0.2mol电子，则溶液中削减了氢离子的物质的量也为0.2mol，依据原溶液的体积和浓度，氢离子的物质的量削减为0.04mol，浓度变为0.2mol/L。中由于氢氧根离子放电,当导线上通过了0.2mol电子，则溶液中氢氧根离子削减0.2mol,即氢离子的物质的量增加0.2molL .溶液体积均为0.2L,浓度约为1 mol/L。PH的变更符合C。6. C 【解析】电路中确实转移了0.600mol的电子，但溶液中仅有0.200mol的氯离子，其放电析出0.100mol的氯气。阳极放电的下一个

15、产物应是氢氧根离子失电子转化成氧气，其量为0.400mol的电子转移，产生0.100mol的氧气。因此在阳极最终生成0.200mol的气体，在标况下的体积为4.48L。 7. C 【解析】该题只要明确原电池和电解池原理，抓住转移电子守恒即可。由2Cl2e=Cl2，可知制0.05 mol Cl2转移0.10 mol电子，再由铅蓄电池总反响：PbPbO24H2SO=2PbSO42H2O可看出每转移2 mol e消耗2 mol H2SO4，现转移0.10 mol电子，将耗0.10 mol硫酸。8. C【解析】A是关于负极反响式的推断，推断的要点是：抓住总方程式中“放电”是原电池、“充电”是电解池的规

16、律，再分析清晰价态的变更趋势，从而快速精确的推断，A是正确的。B是充电时的阳极方程式，首先推断应当从右向左，再推断阳极应当是失去电子，就应当是元素化合价上升的元素所在的化合物参加反响，然后留意电子、电荷以及元素三个守恒，B正确；C主要是分析原总方程式即可，应当是1mol K2FeO4被复原，而不是氧化。D选项中关于放电时正极旁边的溶液状况，主要是分析正极参加反响的物质以及其电极反响式即可，本答案是正确的。答案选9. C10. D【解析】燃料电池中通入复原剂的一极为负极，丁烷在负极失电子。C4H1026e13O2=4CO25H2O。11. B【解析】电解的化学方程式： 阳极：40H-4e（-）2

17、H2O +O2 阴极：Ag（+）+e（-）Ag 总的化学方程式：4AgNO3+2H2O（电解）=4Ag+4HNO3+O2 PH=6时，c（H（+）=10（-6）mol/L（括号里的数字为指数，下同） PH=3时，c（H（+）=10（-3）mol/L 因此n（H（+）的变更量为： 0.5*10（-3）-0.5*10（-6）mol 因为两个数字的数量级相差太远，因此后面的减数可以无视不计 所以n（H（+）的变更量为： 0.5*10（-3） mol，这也就是由电解生成的H（+） 所以电极上应析出银的质量是：0.5*10（-3）*108=0.054g=54mg12. B13. B 【解析】本题信息新奇

18、，多数同学被所给的电池反响很不熟识，习惯写出电极式的同学会因为写不出电极反响式而做不出来。电源的正极：Br3-+2 e=3Br- 电源的负极2 S22-2 e= S42-，内电路为Na+挪动导电。由题意可知b极（阴极）：2H+2 e= H2，a极（阳极）：Cu-2 e= Cu2+，所以C，D均错误。对于B项当有001 mol Na通过离子交换膜时，说明有内电路通过了0.01 mol的电荷，外电路转移的电子也就为0.01 mol。结合b极反响，产生的气体就为0.005 mol，体积为112 mL。只有B正确。14. B 【解析】 当四种物质混合时，互相间有反响发生，硝酸银和氯化钠、硝酸钡和硫酸钠

19、以等物质的量发生反响，生成难溶的氯化银、硫酸钡和硝酸钠。电解质溶液转化为按物质的量之比为31的NaNO3，NaCl，电解时只有氯离子和氢离子参加电极反响，氧化产物与复原产物的质量比为712。15. B【解析】A、电解过程中产生的氯气是氯离子失电子发生氧化反响，铁做阳极时铁失电子发生氧化反响无氧化剂生成，故A错误； B、阳极反响是氯离子失电子发生氧化反响电解反响为：2Cl-2e-=Cl2，故B正确； C、电解过程中阳极旁边生成的氯气与水反响生成盐酸和次氯酸，溶液的pH降低，故C错误； D、1mol二价镍全部转化成三价镍时转移电子1mol，外电路中通过了1mol电子，故D错16. B 解析本题考察

20、考生对电解原理的理解。在设计试题时有意供应了某些可应用于速解的信息，借以考察考生思维的灵敏性。常规解：由题设条件可知，1LNaOH溶液中含有的溶质质量为：1000mL1.06gcm-30.052=55.12g，电解稀硫酸事实上消耗了水，使溶液浓度增大，停顿电解时溶质的质量分数为0.062，停顿电解时溶液的质量为：。则被电解的水为：1060g-889g=171g。依据电解水的化学方程式不难算出：在阳极析出的氧气为：，在阴极析出的氢气为：，选项B正确；特别规解：依据电解NaOH溶液事实上是电解水这一结论，可看出随着电解的进展，溶液中溶质的质量分数增加，这样，C、D两项应予否认。电解水是阳极析出的是

21、氧气，阴极析出的是氢气，它们的物质的量之比应为21，前者质量大于后者，只有选项B符合题意。17. C18. X常温下为无色液体推断为H2O，B为淡黄色固体为Na2O2，反响的现象是白色物质快速变为灰绿色，最终变为红褐色，说明J为Fe（OH）3；F为O2，G为NaOH，A为单质，结合转化关系可知，A为Fe，电解池中阳极是铁失电子生成亚铁离子，阴极放出H2，所以溶液中在阳极生成氢氧化亚铁；D为H2，E为Fe（OH）2，C为Fe3O4，H为Al，I为Al2O3，K为NaAlO2，综合推断和转化关系推断各物质分别为：A、Fe；B、Na2O2；C、Fe3O4；D、H2；E、Fe（OH）2；F、O2；G、

22、NaOH；H、Al；J、Fe（OH）3；K、NaAlO2；【答案】（1）B的化学式是Na2O2 （2）反响可放出大量热，故称为铝热反响（不能答放热反响）该类反响的一个重要应用是冶炼金属（3）反响的化学反响方程式是3Fe+4H2O（g）=高温Fe3O4+4H2该反响的氧化产物是Fe3O4（4）上述电解装置中阴极的电极反响式2H2O+2e-=H2+2OH-（或2H+2e-=H2）19.指针偏转。(5)A中2H2+4OH-4e-=4H2O；B中2H2O+O2+4e-=4OH- 。20. 【答案】（1）阳极Fe-2eFe2+，阴极2H+2eH2。（3）因H+放电，破坏了水的电离平衡，产生的OH-与溶液

23、中的Fe3+，Cr3+生成Cr（OH）3和Fe（OH）3沉淀。（4）不能，因用石墨电极，阳极Cl-放电，不能产生复原剂Fe2+， 【解析】 本题是一道电解实际应用题。电解阳极阴离子的放电依次是：硫离子、碘离子、溴离子、氯离子，由于无视了非惰性金属电极放电先于溶液中阴离子放电，因此将阳极反响写为：2Cl-2eCl2。另一种误会是认为，既然是铁电极放电，其电极反响为：Fe-3eFe3+，无视了电极铁是过量的，因此阳极的电极反响应为：Fe-2eFe2+。溶液中的阳离子流向阴极，其放电反响应是：2H+2eH2，而重铬酸根离子应流向阳极，不在阴极放电。 溶液中存在具有氧化性的重铬酸根离子和具有复原性的亚

24、铁离子，重铬酸根离子在酸性条件下氧化实力更强，本身在该条件下复原成铬离 子。 电极反响和氧化复原反响大量消耗氢离子，使水进一步电离，溶液中氢氧根离子浓度大大增大，与Fe3+，Cr3+生成Cr（OH）3和Fe（OH）3沉淀。 若改用石墨电极，溶液中没有复原性物质，重铬酸根离子不能被复原，因此也无法解除回收而到达解污净化作用。21. 解析作图题是近年来出现的一种新题型,这类题供应一些化学变更过程和必要的数据等条件,要求学生依据题中规定作出相关化学图像。由于学生必需依据题中制定的情景或数据，将化学学问按内在联络统摄成规律，并将其抽象为数学问题，利用数学工具解决化学问题，所以这类题对考生的深层次思维实

25、力的考察还是很有成效的。本题将电解原理和化学图像相结合，对学生的化学学问的考察更加深化。开场10min，阳极反响为：Cu-2e=Cu2+，阴极为：Cu2+2e=Cu。所以铜片质量削减，铂片质量增加，铜片上所溶解的铜与铂片上析出的铜的质量相等。后10min，电源反接，外表附有铜的铂片成为阳极，铜片成为阴极。又由于电流强度为开场的2倍，附着在铂片上的铜在5min时即完全溶解，后5min，阳极的电极反响式为：4OH-4e=O2+H2O，此时阳极铂片质量不发生变更。作为阴极的铜片在5min即复原到开场时的质量，后5min质量接着增加。答案（1）m(Cu)/g m(Pt)/g 10 15 20 t/min 10 15 20 t/min （2）由上述分析可知：铜片先变薄，后增厚；铂片先有铜沉积，后铜溶解，铜溶解完，又有气体产生。（3）铜电极：Cu2+2e=Cu；铂电极：4OH-4e=O2+2H2O。第 13 页