《山东省枣庄市2018年中考物理试题及答案解析word版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省枣庄市2018年中考物理试题及答案解析word版.docx（26页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2018年山东省枣庄市中考物理试卷（解析版）一选择题（共36分）1（2018枣庄）下列图象中，能正确反映匀速直线运动的是（）2（2018枣庄）城市建立和管理越来越留意“以人为本，和谐开展”的理念，如城市道路两旁植树；穿城而过的高铁两旁建有隔音板；在高噪声环境下工人需戴耳罩；跳广场舞的大妈要把音量调小一些，这些措施的共同目的是（）A减小噪声污染B减小大气污染C绿化美化环境D减小水污染3（2018枣庄）用体温计测量病人甲的体温，示数是38，假如该体温计未经甩过就用来测量病人乙的体温，示数也是38下列推断正确的是（）A乙的体温肯定等于甲的体温B乙的体温不行能等于甲的体温C乙的体温不行能高于甲的体温D
2、乙的体温肯定低于甲的体温4（2018枣庄）下列措施中，能使蒸发减慢的是（）A给头发吹热风B把盛有酒精的瓶口盖严C将玻璃板上的水滴向四周摊开D把湿衣服晾在通风向阳处5（2018枣庄）近年来流行一种“自拍神器”给旅行者自拍带来便利，如图所示，与干脆拿手机自拍相比，利用“自拍神器”可以（）A增大像距B增大像的大小C缩短景物到镜头间隔 D增大取景范围6（2018枣庄）确定一个物体质量大小的因素是（）A物体所含物质的多少B物体的形态C物质的状态D物体所在的空间位置7（2018枣庄）如图所示，小丽用力F把一才块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（）小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力
3、是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确8（2018枣庄）妈妈与小明进展爬山竞赛，他们选择的起点、途径和终点都一样，全程设为匀速运动，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，若妈妈克制自身重力做功为W1、功率为P1，小明克制自身重力做功为W2、功率为P2，则下列关系正确的是（）AW1：W2=2：1 P1：P2=6：1BW1：W2=2：3 P1：P2=2：1CW1：W2=2：1 P1：P2=3：2DW1：W2=2：1 P1：P2=2：39（20
4、18枣庄）以下几条摘录是出自某同学在学习“内能”一章时的课堂笔记，其中不正确的是（）A扩散现象不能在固体之间发生B分子间的引力和斥力是同时存在的C物体汲取热量，温度不肯定上升D摩擦生热是通过做功的方法变更物体的内能10（2018枣庄）在如图所示的电路中，闭合开关，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右挪动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数不变，电压表的示数不变D电流表的示数变小，电压表的示数不变11（2018枣庄）如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48
5、，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变更，下列说法正确的是（）A要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1VB小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J12（2018枣庄）在生活中，我们有时会遇到以下几种状况，在下述状况中可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是（）（1）电路中增加大功率的用电器；（2）插座中的两个线头相碰；（3）开关中的两个线头相碰；（4）户外输电线绝缘皮破损。A（1）和（2）B（2）和（3）C（1）和（3）D（2）和（4）三填空题（共14分）13（2018枣庄）诗句
6、“大漠孤烟直，长河落日圆”给我们呈现了一幅漂亮的画卷。其实诗人视察到的落日并非太阳的实际位置（如图所示），而是太阳光经过不匀称的大气层发生了 所成的像，太阳实际在图中 （选填“甲”或“乙”）的位置。14（2018枣庄）在测量盐水密度的试验中，将烧杯中质量为63g的盐水全部倒入量筒中，如图所示，盐水的体积是 cm3，则盐水的密度是 g/cm3，采纳这种方法测量的盐水密度将 （选填“偏大”或“偏小”），缘由是 。15（2018枣庄）如图所示，用一样的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GAGB，则甲 乙；若FA=FB，则GA GB（选
7、填“”、“”或“=”）16（2018枣庄）科技馆内有一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示，这是由于头发丝带 （选填“同种”或“异种”）电荷而互相 的结果。17（2018枣庄）如图所示，是某种电热器的电路图，电源电压220V，R1、R2的阻值分别为11、22，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电功率是 W，在高温档工作1min产生的热量是 J。18（2018枣庄）如图为四旋翼无人机，它的操控系统可以实现“一键起飞、一键返回、GPS悬停、规划航线自动飞行和自动跟踪”等功能，它的操控系统是靠 传
8、递信息的，无人机是利用电能来工作的，电能属于 （选填“一次能源”或“二次能源”）。三、作图、试验题（共18分）19（2018枣庄）依据要求作图。如图所示，S是点光源，作出入射光线SO的反射光线和大致的折射光线。20（2018枣庄）在探究“通电螺线管的外部磁场”的试验中，小明在螺线管四周摆放了一些小磁针。（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与 的磁场相像。（2）小明变更通电螺线管中的电流方向，发觉小磁针指向转动180，南北极发生了对调，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中 方向有关。（3）小明接着试验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，视察电流表
9、的示数及吸引大头针的数目；再将开关S从a换到b，调整变阻器的滑片P，再次视察电流表的示数及吸引大头针的数目，此时调整滑动变阻器是为了 ，来探究 的关系。21（2018枣庄）如图所示是小李和小王利用刻度匀称的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的试验装置。（1）试验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向 调整，使杠杆在程度位置平衡。（2）杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的 端会下沉，要使杠杆重新在程度位置平衡，在不变更钩码悬挂点的位置和变更较少钩码的前提下，只需将 即可。（3）小李和小王又分别设计了两种试验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为
10、的试验方案更好，请说明你的理由 。（4）试验中小王发觉：假如在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究试验时是否影响到杠杆的平衡？请说明理由 。22（2018枣庄）某班同学利用图甲所示的试验装置探究水和煤油的吸热实力。（1）在图甲中除了所给的试验器材外，还须要的测量工具有天平和 。加热过程中，水和煤油汲取热量的多少是通过 来推断的。（2）试验中第1、2两个小组记录的试验数据如下表试验组别液体质量/g初温/末温/加热时间/min1水200254013.5煤油20025406.52水200254012煤油20025405.5通过分析试验数据，可以得出的结论是： 。（3）图乙是第1组同学
11、绘制的“汲取热量一时间”和“温度一时间”图象，能正确描绘该试验真实状况的图象是 （选填序号）。（4）使质量一样的水上升一样的温度，加热时间应当一样，但1、2两组的同学在沟通试验数据时发觉：第1小组的加热时间明显偏长，其缘由可能是 。（5）这两组同学对图甲的装置进展了改良，将分别装有水和煤油的试管放在同一个烧杯中用水加热，如图丙所示，而不是用两个酒精灯分别加热，这样做的好处是 。四、计算题（14分）23（2018枣庄）现有一个用超薄材料制成的圆柱形容器，它的下端封闭，上端开口，底面积=200cm2，高度h=20cm，如图甲所示；另有一个实心匀质圆柱体，密度=0.8103kg/m3，底面积S1=1
12、20cm2，高度与容器高一样，如图乙所示。（水=1.0103kg/m3，g=10N/kg）。（1）将圆柱体竖直放在圆柱形容器内，求圆柱体对容器底部的压强是多少？（2）向容器内缓缓注水直至圆柱体对容器底部的压力刚好为零，求此时水对容器底部的压强和所注的水重各是多少？24（2018枣庄）如图甲所示的电路，电源电压保持不变。小灯泡L标有“2.5V 0.25A”字样，滑动变阻器R1的最大值为30，定值电阻R2=30，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V求：（1）小灯泡的额定功率是多少？（2）只闭合S、S2和S3，将变阻器R1的滑片P调到中点时，电流表示数为0.45A，则电源电压是多少？（3）
13、只闭合开关S、S1，挪动变阻器的滑片P，小灯泡L的IU图象如图乙所示。在保证各元件平安的状况下，滑动变阻器R1允许的取值范围是多少？2018年山东省枣庄市中考物理试卷参考答案与试题解析一选择题 1（2018枣庄）下列图象中，能正确反映匀速直线运动的是（）【分析】匀速直线运动是指运动速度保持不变，方向为直线的运动，通过图象推断时，要先明确图象的横纵坐标所代表的物理量，再明确其变更规律。【解答】解：AC、图中的st图象是曲线，说明路程和时间不成正比，也就是物体做变速运动，故AC不符合题意；B、图中的vt图象表示物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动，故B符合题意；D、图中的vt图象表示物体的速度匀
14、称增大，说明物体做加速直线运动，故D不符合题意。故选：B。【点评】解答本题的关键是理解匀速直线运动的概念，并会通过视察图象来推断其运动状态。2（2018枣庄）城市建立和管理越来越留意“以人为本，和谐开展”的理念，如城市道路两旁植树；穿城而过的高铁两旁建有隔音板；在高噪声环境下工人需戴耳罩；跳广场舞的大妈要把音量调小一些，这些措施的共同目的是（）A减小噪声污染B减小大气污染C绿化美化环境D减小水污染【分析】减弱噪声噪声污染主要从三种方式上来进展：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。【解答】解：城市道路两旁植树、穿城而过的高铁两旁建有隔音板能阻断噪声的传播，在高噪声环境下工人
15、需戴耳罩、跳广场舞的大妈要把音量调小一些是从声源处减弱噪声，所以这些措施都是为了减小噪声污染。故选：A。【点评】本题考察了减小噪声污染的方法，与实际生活亲密联络。要求平常学习时，要多联络生活、多说明，进步分析解决问题的实力。3（2018枣庄）用体温计测量病人甲的体温，示数是38，假如该体温计未经甩过就用来测量病人乙的体温，示数也是38下列推断正确的是（）A乙的体温肯定等于甲的体温B乙的体温不行能等于甲的体温C乙的体温不行能高于甲的体温D乙的体温肯定低于甲的体温【分析】要解答本题需驾驭体温计的特殊的构造，以及运用时应留意哪些事项。由于体温计的特殊构造，即液泡上方有一很细的缩口，在分开人体读数时，
16、液柱不下降，故运用前应用力甩一下。用没甩的体温计测体温时，假如被测的温度比原先高，则读数准确，假如被测的体温比原先低，则仍旧是原先的读数。【解答】解：病人甲的体温是38，由于体温计的液泡上方有一段很细的缩口，在分开人体读数时，体温计液注不会下降，所以读数仍会是38；用没有甩过的读数停留在38的体温计测量乙的体温时，若乙的体温低于或等于38，体温计液注不变更，仍为38；若乙的体温高于38，液柱会上升，示数大于38；所以，测量乙的体温，示数也是38时，病人乙的温度可能等于或低于38，不行能高于38，故C正确。故选：C。【点评】本题主要考察学生对体温计的运用方法和读数方法的理解和驾驭，是一道根底题。
17、4（2018枣庄）下列措施中，能使蒸发减慢的是（）A给头发吹热风B把盛有酒精的瓶口盖严C将玻璃板上的水滴向四周摊开D把湿衣服晾在通风向阳处【分析】影响液体蒸发快慢的因素有三个：液体的温度；液体的外表积；液体外表上方空气的流淌速度。从这三个方面来分析选择项中提到的措施，从而可以得到答案。【解答】解：A、给头发吹热风，既加快了空气流淌，又进步了温度，可以加快水份的蒸发，故A不合题意；B、把盛有酒精的瓶口盖严，减慢了酒精四周的空气流淌，从而减慢了酒精的蒸发，故B符合题意；C、将玻璃板上的水滴向四周摊开，增大了液体外表积，可以加快水份的蒸发，故C不合题意；D、把湿衣服晾在通风向阳处，既加快了空气流淌，
18、又进步了温度，可以加快水份的蒸发，故D不合题意。故选：B。【点评】本题主要考察学生对影响液体蒸发快慢因素的理解和驾驭，是一道根底题。5（2018枣庄）近年来流行一种“自拍神器”给旅行者自拍带来便利，如图所示，与干脆拿手机自拍相比，利用“自拍神器”可以（）A增大像距B增大像的大小C缩短景物到镜头间隔 D增大取景范围【分析】“自拍神器”是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小。【解答】解：凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；“自拍神器”与干脆拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，减小像距，减小人像的大小，从而增大取景范围，获得更好的拍摄效果，故D正
19、确，ABC错误。故选：D。【点评】此题主要考察了有关凸透镜成像的规律及应用。肯定要娴熟驾驭规律的内容，特殊是成像特点与物距之间的关系。6（2018枣庄）确定一个物体质量大小的因素是（）A物体所含物质的多少B物体的形态C物质的状态D物体所在的空间位置【分析】依据质量的概念就可以做出正确的选择。【解答】解：物体所含物质的多少叫做质量，由此可见一个物体质量大小确定于物体所含物质的多少，质量大小与物体的形态、状态、位置都无关。因为当物体的形态、状态、位置发生变更时，物体所含物质的多少是不会发生变更的，所以质量是不变的。故选：A。【点评】本题主要考察学生对质量概念及其特性的理解和驾驭，属于对根底概念的考
20、察，难度不是很大。7（2018枣庄）如图所示，小丽用力F把一才块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（）小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确【分析】木块处于静止，在竖直方向上受两个力而平衡，即重力和墙对木块的静摩擦力；木块在程度方向上受外力F和墙对木块的支持力，两个力是一对平衡力；平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上。【解答】解：小丽对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡
21、的条件，是一对平衡力；小丽对木块的压力和木块的重力不在同始终线上，不是一对平衡力；木块受到的摩擦力和木块的重力满意二力平衡的条件，是一对平衡力；小丽对木块的压力和木块对手的弹力是一对互相作用力，不是平衡力。故选：C。【点评】解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。与平衡力的区分在于，作用力和反作用力作用在不同的物体上，平衡力作用在同一物体上。8（2018枣庄）妈妈与小明进展爬山竞赛，他们选择的起点、途径和终点都一样，全程设为匀速运动，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，若妈妈克制自身重力做功为W1、功率为P1，小明克制自身重力做功为W2、功率为
22、P2，则下列关系正确的是（）AW1：W2=2：1 P1：P2=6：1BW1：W2=2：3 P1：P2=2：1CW1：W2=2：1 P1：P2=3：2DW1：W2=2：1 P1：P2=2：3【分析】（1）爬山竞赛过程中，两人爬山的高度一样，依据W=Gh求出做功之比；（2）依据P=求出功率之比。【解答】解：由题可知，妈妈与小明爬山的高度一样，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，由W=Gh可得，妈妈和小明克制重力做功之比：=；由P=可得，妈妈和小明克制重力做功的功率之比：=，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考察的是学生对功和功率计算公式的理解和驾驭，代入数值时不要颠倒是解决此题的
23、关键，属于根底性题目，难度不大。9（2018枣庄）以下几条摘录是出自某同学在学习“内能”一章时的课堂笔记，其中不正确的是（）A扩散现象不能在固体之间发生B分子间的引力和斥力是同时存在的C物体汲取热量，温度不肯定上升D摩擦生热是通过做功的方法变更物体的内能【分析】（1）固体、液体、气体都能发生扩散现象；（2）分子间存在互相作用的引力和斥力；（3）晶体熔化时，吸热但温度不变；（4）做功和热传递都可以变更物体的内能。【解答】解：A、固体、液体、气体都能发生扩散现象，因此，扩散现象能在固体之间发生，故A错误；B、分子间同时存在引力和斥力，故B正确；C、物体汲取热量，温度不肯定上升，如晶体熔化时，吸热但
24、温度不变，故C正确；D、摩擦生热是通过做功的方法变更物体的内能，将机械能转化为内能，故D正确。故选：A。【点评】本题主要考察了与热学相关的几个物理量，包括扩散现象、分子间的作用力、吸放热与温度的关系、变更内能的方法等，有肯定综合性，但难度不大。10（2018枣庄）在如图所示的电路中，闭合开关，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右挪动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数不变，电压表的示数不变D电流表的示数变小，电压表的示数不变【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压。依
25、据电源的电压可知滑片挪动时电压表V示数的变更，依据灯泡两端的电压和电阻可以知道电流表示数的变更。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压，由于电源电压不变，故电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右挪动的过程中，由于灯泡两端的电压和灯泡的电阻都不变，故通过灯泡的电流不变，即电流表示数不变；故C正确。故选：C。【点评】本题考察了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的区分和电表所测电路元件的推断。11（2018枣庄）如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48，闭合开
26、关，若不考虑灯丝电阻随温度的变更，下列说法正确的是（）A要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1VB小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【分析】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）电压表示数的变更和灯泡两端的电压变更一样；（2）知道灯泡的额定电压和额定功率，依据P=UI=求出灯泡的电阻，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，依据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=I
27、2R求出小灯泡L的最小实际电功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，依据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比拟确定是否正常发光。【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）由电压表测灯泡L两端的电压可知，电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会增大1V，故A错误；（2）由P=UI=可得，灯泡的电阻：RL=12，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于
28、各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I=0.2A，则小灯泡L的最小实际电功率：PL小=I2RL=（0.2A）212=0.48W，故B错误；通电10s滑动变阻器消耗的电能：WR=I2Rt=（0.2A）24810s=19.2J，故D正确；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，电路中的电流：I=A，此时灯泡的实际功率：PL=（I）2RL=（A）2121.33W3W，所以，此时灯泡不能正常发光，故C错误。故选：D。【点评】本题考察了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的敏捷应用，要留意电压表不测带电源用电器两端的电压。12（2018枣庄）在生活中，我们有时会遇到以下几种状况，在下述状况中可能引
29、起家庭电路中空气开关跳闸的是（）（1）电路中增加大功率的用电器；（2）插座中的两个线头相碰；（3）开关中的两个线头相碰；（4）户外输电线绝缘皮破损。A（1）和（2）B（2）和（3）C（1）和（3）D（2）和（4）【分析】家庭电路中电流过大，会引起家庭电路中空气开关跳闸。其缘由主要有两种，一是用电器短路，二是用电器的总功率过大。依据各种状况中的现象，进展推断。【解答】解：（1）电路中增加了大功率用电器，会导致用电器的总功率过大，会导致电流过大，引起家庭电路中空气开关跳闸；（2）插座中的两个线头相碰，会造成电路短路；从而造成电流过大，引起家庭电路中空气开关跳闸；（3）开关中的两个线头相碰，会导致开
30、关无法限制用电器，用电器将始终工作，但不会导致电流过大，不会引起家庭电路中空气开关跳闸；（4）户外输电线绝缘皮破损，不会引起家庭电路中的电流过大，不会引起家庭电路中空气开关跳闸。可见，可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是（1）（2）。故选：A。【点评】本题考察了家庭电路电流过大的缘由：发生短路或同时工作的用电器的总功率过大。二填空题 13（2018枣庄）诗句“大漠孤烟直，长河落日圆”给我们呈现了一幅漂亮的画卷。其实诗人视察到的落日并非太阳的实际位置（如图所示），而是太阳光经过不匀称的大气层发生了折射所成的像，太阳实际在图中乙（选填“甲”或“乙”）的位置。【分析】当光从一种介质斜射入另一种介质时，
31、传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射。【解答】解：太阳落山时，太阳的实际位置在地平线下面，但太阳光经过不匀称的大气层时发生了折射，通过折射我们看见了太阳的虚像（即视察到的落日），此时，太阳的实际位置在图中的乙位置。故答案为：折射； 乙。【点评】本题主要考察了光的折射现象在生活中的应用，属光学根底题。14（2018枣庄）在测量盐水密度的试验中，将烧杯中质量为63g的盐水全部倒入量筒中，如图所示，盐水的体积是60cm3，则盐水的密度是1.05g/cm3，采纳这种方法测量的盐水密度将偏大（选填“偏大”或“偏小”），缘由是烧杯中盐水倒入量筒中时会有残留，造成测得体积偏小，所以密度偏大。【分析】由图读
32、出量筒的示数，由=计算盐水的密度；测量结果的大小受质量与体积测量结果的影响，从步骤的依次中分析是否对这两个量的测量产生了影响。【解答】解：由图可知，量筒分度值2mL，盐水的体积：V=60mL=60cm3，所以盐水的密度：=1.05g/cm3；分析试验的步骤可以看出，将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，烧杯壁不行避开地会有残留的盐水，使得测量的盐水的体积变小，所以采纳这种测量方法得到的结果将偏大。故答案为：60；1.05；偏大；烧杯中盐水倒入量筒中时会有残留，造成测得体积偏小，所以密度偏大。【点评】本题考察了量筒的读数和密度公式的运用，还考察了试验中误差的分析，同时告知我们为了使测量的结果更准确，应在
33、设计步骤时考虑到尽可能减小误差的方法。15（2018枣庄）如图所示，用一样的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GAGB，则甲乙；若FA=FB，则GAGB（选填“”、“”或“=”）【分析】（1）不计绳重和摩擦，克制物体重力做的功为有用功，克制物体重力和动滑轮重力做的功为总功，依据=100%=100%=100%结合GAGB比拟两滑轮组的机械效率关系；（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，依据F=（G+G动）结合FA=FB得出提升物体的重力关系。【解答】解：（1）不计绳重和摩擦，克制物体重力做的功为有用功，克制物体重力和动滑轮重力做的功
34、为总功，则滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%，因物体的重力G越大，1+越小，越大，且动滑轮的重力相等，所以，GAGB时，甲乙；（2）由图可知，n甲=2，n乙=3，由F=（G+G动）可得，提升物体的重力：G=nFG动，则FA=FB时，提升物体的重力关系为GAGB。故答案为：；。【点评】本题考察了滑轮组机械效率公式和绳子拉力公式的应用，明确有用功和总功以及滑轮组绳子的有效股数是关键。6（2018枣庄）科技馆内有一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示，这是由于头发丝带同种（选填“同种”或“异种”）电荷而互相排挤的结果。【分
35、析】同种电荷相斥，异种电荷相吸，故据此分析即可推断。【解答】解：人体是导体，当人触摸静电球时，人体也带了和静电球同种电荷的电，故人的头发上也会带上与静电球同种电荷的电，据同种电荷相斥可知，头发之间带同种电荷，互相排挤，故头发会蓬松竖起来。故答案为：同种；排挤。【点评】本题考察了电荷间的互相作用规律：同种电荷互相排挤，异种电荷互相吸引。17（2018枣庄）如图所示，是某种电热器的电路图，电源电压220V，R1、R2的阻值分别为11、22，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电功率是2200W，在高温档工作1min产生的热量是3.96105J。【分析
36、】（1）依据P=，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接，依据P=求出电热器在低温工作时的电功率；（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，依据Q高=t求出在高温档工作1min产生的热量。【解答】解：依据P=，当电阻最大时，电功率最小，旋转扇形开关S接触c，即只有R2连入电路时为低温档，P小=2200W当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，R并=，在高温档工作1min产生的热量是：Q高=t=60s=3.96105J。故答案为：6600；3.96105。【点评】本题并联电路的规律及电功率、电功率的计算，关键是低温档和高温
37、档电路的连接。18（2018枣庄）如图为四旋翼无人机，它的操控系统可以实现“一键起飞、一键返回、GPS悬停、规划航线自动飞行和自动跟踪”等功能，它的操控系统是靠电磁波传递信息的，无人机是利用电能来工作的，电能属于二次能源（选填“一次能源”或“二次能源”）。【分析】（1）电磁波可以传递信息；（2）可以从自然界干脆获得的能源叫一次能源，不能从自然界干脆获得必需通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。【解答】解：（1）四旋翼无人机，它的操控系统是靠电磁波传递信息的；（2）我们生活中所运用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，是二次能源。故答案为：电磁波；二次能源。【点评】本题主要考察了电磁波的应
38、用、一次能源和二次能源的定义，题目难度不大，学习中留意相关根底学问的积累。三作图试验题19（2018枣庄）依据要求作图。如图所示，S是点光源，作出入射光线SO的反射光线和大致的折射光线。【分析】依据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；依据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。【解答】解：依据反射角等于入射角在法线右侧的空气中画出反射光线；依据折射角小于入射角在法线右侧水中画出折射光线。如图所示：【点评】本题考察了依据光的折射规律和光的反射规律的作图，留意要标出光的传播方向。20（2018枣庄）在探究“通电螺线管的外
39、部磁场”的试验中，小明在螺线管四周摆放了一些小磁针。（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与条形的磁场相像。（2）小明变更通电螺线管中的电流方向，发觉小磁针指向转动180，南北极发生了对调，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中电流方向有关。（3）小明接着试验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，视察电流表的示数及吸引大头针的数目；再将开关S从a换到b，调整变阻器的滑片P，再次视察电流表的示数及吸引大头针的数目，此时调整滑动变阻器是为了限制两次试验的电流大小不变，来探究通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。【分析】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相
40、像；（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；（3）影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在试验中，应留意限制变量法的运用。【解答】解：（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相像，都是具有两个磁性较强的磁极；（2）假如变更螺线管中的电流方向，发觉小磁针转动180，南北极所指方向发生了变更，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。（3）试验中，他将开关S从a换到b上时，连入电路的线圈匝数发生了变更，为了保证电流不变，应调整变阻器的滑片P，限制两次试验的电流大小不变，再次视察电流表示数及吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈
41、匝数的关系。故答案为：（1）条形；（2）电流；（3）限制两次试验的电流大小不变； 通电螺线管磁场强弱与线圈匝数。【点评】本题考察了螺线管磁场的特点、磁极方向的推断等，留意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线圈的绕法有关。21（2018枣庄）如图所示是小李和小王利用刻度匀称的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的试验装置。（1）试验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向右调整，使杠杆在程度位置平衡。（2）杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的左端会下沉，要使杠杆重新在程度位置平衡，在不变更钩码悬挂点的位置和变更较少钩码的前提下，只需将左侧的钩码去掉一个即可。（3）小李
42、和小王又分别设计了两种试验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为小李的试验方案更好，请说明你的理由弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量。（4）试验中小王发觉：假如在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究试验时是否影响到杠杆的平衡？请说明理由这个作用在杠杆O点的力的力臂等于零，不影响杠杆的平衡。【分析】（1）调整杠杆在程度位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端挪动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在程度位置平衡，这样便利测量力臂；（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，依据杠杆平衡条件推断杠杆向那端下降，要保持平衡，依据杠杆的平衡条件推断挪动那侧钩码；（3）
43、依据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力，依据杠杆的平衡条件可知，图丙弹簧测力计方向向上，简单测量力臂，图丁方向不与杠杆垂直，不易测量力臂；（4）过支点的力，力臂为零。【解答】解：（1）调整杠杆在程度位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端挪动，使杠杆在程度位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消退杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，依据杠杆的平衡条件：F左L左=F右L右，即4G2L2G3L，左端大，故左端下沉；要使杠杆重新在程度位置平衡，假如不变更钩码总个数和悬挂点位置，只须要将左侧的钩码去掉一个即可平衡；（3）由图可知，弹簧测力
44、计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量，图丁的力不与杠杆垂直，力臂不便利测量，图丙好；（4）杠杆在O点还受到一个向上的力，这个力与杠杆自身重力都过杠杆的支点，力臂为零，这两个力在探究杠杆平衡时不会影响到杠杆的平衡。故答案为：（1）右；（2）左；将左侧的钩码去掉一个；（3）小李；弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量；（4）这个作用在杠杆O点的力的力臂等于零，不影响杠杆的平衡。【点评】此题是探究杠杆平衡试验，考察了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用以及过支点的力对杠杆的影响，要留意分析力和对应的力臂。22（2018枣庄）某班同学利用图甲所示的试验装置探究水和煤油的吸热实力。（1）在图甲中除了所给的试验器材外，还须要的测量工具有天平和秒表。加热过程中，水和煤油汲取热量的多少是通过加热时间长短来推断的。（2）试验中第1、2两个小组记录的试验数据如下表试验组别液体质量/g初温/末温/加热时间/min1水200254013.5煤油20025406.52水200254012煤油20025405.5通过分析试验数据，可以得出的结论是：质量一样的水和煤油上升一样温度，汲取的热量不同（或质量一样的水和煤油上升一样温度，水吸热的热量多）。（3）图乙是第1组同学绘制的“汲取热量一时间”和“温度一时间”图象