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1、2016年河南省中考物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1中华民族有着悠久的文明历史，古代就有很多对自然现象的视察与记载“司南之杓，投之于地，其抵指南”是由于受到的作用；“削冰令圆，举以向日，可生火”是由于凸透镜对光具有作用。【分析】（1）地球四周存在磁场，叫做地磁场，地磁北极在地理南极旁边，地磁南极在地理北极旁边；（2）凸透镜对光线有会聚的作用；【解答】解：地球四周存在磁场，叫做地磁场，“司南之杓，投之于地，其抵指南”是由于受到地磁场的作用；“削冰令圆，举以向日，可生火”，即此时所削的冰相当于一个凸透镜，即由于凸透镜对光具有会聚作用。所以会在太阳下产生火故
2、答案为：地磁场；会聚【点评】知道地磁场的作用与凸透镜对光线的会聚作用是解决该题的关键。2手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用 传递信息的人们在不同场合需要选择不同的音量，变更的是手机声音的 。接听 时能区分不同的人，是因为不同人说话时声音的 不同。【分析】（1）电磁波既能传递信息又能传递能量，手机间通话就是利用了电磁波的反射与接收；（2）声音的特征有三个，即音调、响度、音色；变更音量是变更了声音的响度；（3）不同人发出声音的音色是各不一样的，根据这点可推断来电的是熟人还是生疏人；【解答】解：（1）用手机打 时，是利用电磁波的放射与接收来完成信息的传递；（2）响度指声音的大小（或强弱）；手
3、机选择不同的音量，变更音量是变更了声音的响度，不同音量产生声音的音调与音色是不变的；（3）音色是由发声体本身确定的，不同的发声体，其音调与响度可能一样，但音色一般不同；接听 时，一般可以知道对方是熟人还是生疏人，推断的主要根据就是声音的音色不同；故答案为：电磁波；响度；音色【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描绘声音的，且影响三个特征的因素各不一样；手机间通话利用了电磁波的放射与接收图13用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带电。如图1所示，用这个玻璃棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球带电。【分析】（1）自然界存在两种电荷，正电荷与负电荷用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电
4、，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。（2）同种电荷互相排挤，异种电荷互相吸引。【解答】解：用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带正电。因为同种电荷互相排挤，而玻璃棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球与玻璃棒带同种电荷，都带正电。故答案为：正；正【点评】驾驭正电荷与负电荷的规定，驾驭电荷间的作用，是解答本题的关键。4将一瓶质量为0.5kg、温度为25的纯洁水放入冰箱，一段时间后纯洁水的温度降低到5，则这瓶纯洁水的内能削减了 J，这是通过 的方式变更了水的内能。水的比热容c=4.2103J/（kg。【分析】知道水的质量、水的比热容、水的温度变更，利用吸热公式Q吸=cmt求水放出的热量；这些热量是由水传
5、递给冰箱内的空气，是利用热传递这种方式变更物体内能的【解答】解：水放出的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）0.5kg（255）=4.2104J；这是通过热传递的方式变更水的内能的故答案为：4.2104；热传递【点评】本题考察了热量的计算、变更内能的方法，亲密联络生活，属于中考的热点图25在如图2所示的电路中，定值电阻的阻值R0与电源电压U均为已知。在a、b间接入一个未知电阻Rx，闭合开关，电压表的示数为Ux，则由已知量与测得量可以推出：Rx= ，Rx的电功率Px= 。【分析】（1）根据欧姆定律与串联电路的电压、电流规律，可从R=入手，推导出电阻大小的表达式；（2）同样根据欧姆定律与串
6、联电路的电压、电流规律，可从P=UI入手，推导出电功率的表达式。【解答】解：（1）因为串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之与，串联电路各处电流相等，由欧姆定律I=得：Rx=；（2）因为串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之与，串联电路各处电流相等，则电路中的电流I=，由P=UI得Rx的电功率：Px=UxI=Ux故答案为：；Ux【点评】本题主要考察了对欧姆定律、串联电路的电流与电压规律，以及对电功率公式的敏捷驾驭，有肯定难度。6物理学问是对自然现象的概括与总结，又广泛应用于生活与技术当中。请联络表中的相关内容填写表中空格。自然现象物理学问实际应用物体具有慣性跳远时利用助跑进步成果雄鹰绽
7、开翅膀在空中滑翔飞机的机翼水沸腾时水蒸气冲起壶盖内能转化为机械能【分析】根据表格内容，结合所学物理学问分析解答，此题属于开放性题目，答案不唯一【解答】解：（1）跳远时助跑，是利用惯性进步成果，在生活中惯性的例子很多，如运发动到达终点后不能立刻停下来，用手拍打衣服上的灰尘，灰尘会落下等。（2）雄鹰翅膀上外表旁边的空气流速大于下外表旁边的空气流速空气的流速，因此上外表气体的压强小于下外表气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力，使雄鹰能在空中滑翔蕴含的物理学问是流体压强与流速的关系，流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。据此设计了飞机的机翼。（3）水沸腾时水蒸气冲起壶盖，内能转化为机
8、械能，据此独创了热机故答案为：运发动到达终点后不能立刻停下来；流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小；热机。【点评】此题考察惯性、流体压强与流速的关系、做功变更物体的内能，具有较强的综合性，难度适中，属于中档题。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求，第13-14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有错选的得0分）7如图3所示是某种物质温度随时间变更的图象。该图象描绘的过程可能是图3A蜡的熔化B海波的熔化C水的凝固D玻璃的凝固【分析】根据原图的曲线走向，可以首先推断出此图是某物体的熔化过程，而只有晶体才有熔点，可
9、根据上述分析推断出正确的选项。【解答】解：由图知：总体趋势，温度随时间的增加而上升，所以是熔化过程；可以解除CD；在温度变更过程中，有一条平行于横轴（时间）的线段，说明在此段时间内温度没有发生变更，所以此时间的温度值即为该物体的熔点，而只有晶体才有熔点，可以解除A；故选B。【点评】此题不但要根据图象推断出是熔化还是凝固现象，还要理解海波是晶体有熔点而蜡是非晶体没有熔点。图48如图4所示是近视眼与远视眼的成因示意图下列说法正确的是A甲是远视眼，应佩戴凹透镜矫正B甲是远视眼，晶状体折光实力较弱C乙是近视眼，应佩戴凸透镜矫正D乙是近视眼，晶状体折光实力较弱【分析】（1）近视眼是由于晶状体对光线的会聚
10、作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像状况近视眼佩戴凹透镜进展矫正。（2）远视眼的晶状体较薄，会聚实力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼佩戴凸透镜进展矫正。【解答】解：甲图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光实力太弱，所以甲图表示了远视眼的成像状况；为了使光线会聚在原来的会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前会聚一下，因此带对光线具有发散作用的凸透镜来矫正。乙图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光实力太强，所以乙图表示了近视眼的成像状况；为了使光线会聚在原来的会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛
11、以前发散一下，因此带对光线具有发散作用的凹透镜来矫正。综上所述，只有选项B说法是正确的。故选B。【点评】图示来源于课本，分别表示了远视眼与近视眼的成因的光路图。明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。9下列说法正确的是A物理学规定正电荷定向挪动的方向为电流方向B导体的电阻由导体的长度、横截面积与电压确定C导线用铜制造是利用了铜具有较好的导热性D遥感卫星利用物体辐射的紫外线拍摄地面状况【分析】（1）物理学上规定正电荷定向挪动的方向为电流方向；负电荷定向挪动方向与电流方向相反；（2）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关；还受温度的影
12、响；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；（3）导线用铜制造是利用了铜具有较好的导电性；（4）红外线的穿透力强，故据此分析即可推断。【解答】解：A、据课本可知，物理学规定正电荷定向挪动的方向为电流方向，故A正确；B、导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；导体的电阻与导体两端电压与电流无关；故B错误；C、导线用铜制造是利用了铜具有较好的导电性，故C错误；D、红外线的穿透力强，遥感卫星利用物体辐射的红外线拍摄地面状况，故D错误；故选A。【点评】此题考察了电流方向的推断、电阻的性质、导体材料的特点与红外线的应用，是一道综合题。10如图5所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断
13、开。下列说法正确的是图5A灯泡与两孔插座是串联的B试电笔接触M点，氖管不发光C开关与三孔插座的连接都是错误的D试电笔插人两孔插座的左孔，氛管发光【分析】（1）家庭电路中，各插座与各家用电器之间都是并联的。（2）试电笔接触火线时，氖管会发光；（3）开关限制灯泡时，开关要接在灯泡与火线之间且三孔插座是“左零右火上接地”（4）对于两孔插座是：左零右火。【解答】解：A、灯泡与两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；B、M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；C、据图可知，开关接到了零线与用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；D、两孔插座的左孔是零线
14、，所以试电笔插人两孔插座的左孔氖管不发光，故D错误；故选C。【点评】驾驭家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的缘由。图611如图6所示，把一根两端开口的细玻璃管，通过橡皮塞插入红色水的玻璃瓶中，从管口向瓶内吹入少量气体后，瓶内的水沿玻璃管上升的高度为h。不考虑温度的影响，把这个自制气压计从山下移到山上后Ah增大，瓶内气压大于外界气压Bh减小，瓶内气压大于外界气压Ch增大，瓶内气压小于外界气压Dh减小，瓶内气压小于外界气压【分析】瓶内封闭气体压强P等于大气压P0与玻璃管内水柱产生的压强之与大于外界大气压，而随着高度的增加，大气压降低，所以玻璃管内的水柱上升，h增大【解答
15、】解：因为瓶内封闭气体压强P等于大气压P0与玻璃管内水柱产生的压强之与（大于外界大气压），即P=P0+gh，h为玻璃管内水柱的高度；当把它从山下拿到山上时，由于大气压随着高度的增加而减小，瓶内气体压强P不变，而大气压P0变小，所以h应变大，玻璃管中水柱的高度上升。故选A。【点评】此题考察了关于大气压随着高度的变更，其解题关键就是：海拔上升，气压减小图712如图7所示，当溢水杯盛满密度为1的液体时，把实心物块放入杯中，物块漂移，静止后溢出的液体质量为m1；当溢水杯盛满密度为2的液体时，把同一物块放入杯中，物块沉底，静止后溢出的液体质量为m2。则物块的密度为ABCD【分析】根据物体漂移，浮力等于重
16、力列出物块所受浮力与重力的表达式，可得其密度表达式；物体沉底，排开液体的体积等于物体的体积，根据浮力等于排开液体的重力与F浮=液gV排列出所受浮力表达式，可得其体积的表达式，将代入即可求出物块的密度【解答】解：设物块的密度为，体积为V，根据G=mg与=可得物块的重力G=Vg，当溢水杯盛满密度为1的液体时，把实心物块放入杯中，物块受到的浮力F浮1=m1g，物块漂移，则F浮1=G，即m1g=Vg，有：= 当溢水杯盛满密度为2的液体时，把同一物块放入杯中，物块受到的浮力F浮2=m2g，物块沉底，则F浮2=2gV排=2gV，即m2g=2gV，有：V= 将代入可得，=2故选D。【点评】此题考察密度的计算
17、，涉及到阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、重力、密度公式的应用，具有较强的综合性，题目难度适中，合适学生训练，属于中档题。图813如图8所示，在测量摩擦力的试验中，用弹簧测力计拉一木块沿程度方向做匀速直线运动。下列选项中属于平衡力的是A木块受的重力与木块受的支持力B地面受的摩擦力与木块受的摩擦力C木块受的拉力与木块受的摩擦力D木块受的重力与木块对地面的压力【分析】推断两个力是否是一对平衡力，要看它们是否同时满意四个条件，即：作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反。【解答】解：A、木块受的重力与木块受的支持力，作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故A正
18、确；B、地面受的摩擦力与木块受的摩擦力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；C、木块受的拉力与木块受的摩擦力，作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故C正确；D、木块受的重力与木块对地面的压力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误故选AC。【点评】解答此类题的关键是必需要牢记二力平衡的四个条件，推断时缺一不行。图914在如图9所示的电路中，磁敏电阻R的阻值随磁场的增加而明显减小。将螺线管一端靠近磁敏电阻R，闭合开关S1、S2，下列说法正确的是A螺线管左端为S极，右端为N极B当R1的滑片向左滑动时，电压表示数减小C当R1的滑片向右滑动时，电流表示数增
19、大D在螺线管中插入铁芯，电压表示数减小【分析】（1）利用安培定则推断电磁铁的磁极；（2）先分析滑片向左挪动时，变阻器的阻值的变更，然后根据欧姆定律可知电路电流的变更，进一步得出电磁铁磁性强弱的变更，并确定磁敏电阻的变更，然后根据串联电路分压规律可知电压表示数的变更；（3）先分析滑片向右挪动时，变阻器的阻值的变更，然后根据欧姆定律可知电路电流的变更，进一步得出电磁铁磁性强弱的变更，并确定磁敏电阻的变更，然后根据欧姆定律可知电流表示数的变更；（4）先根据在螺线管中插入铁芯后，电磁铁磁性的强弱变更，然后确定磁敏电阻的变更，最终根据串联电路分压规律可知电压表示数的变更。【解答】解：A、电流从电磁铁的右
20、端流入，左端流出，利用安培定则推断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误；B、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增加，因此磁敏电阻的阻值减小；因为串联电路起分压作用，因此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示数变小，故B正确；C、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱，因此磁敏电阻的阻值变大；由欧姆定律可知电流表示数变小，故C错误；D、在螺线管中插入铁芯后，螺线管的磁性增加，则磁敏电阻的阻值减小；因为串联电路起分压作用，因此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示数变小，故D正确。故选BD。【点
21、评】本题考察了电路的动态分析与安培定则的应用，分清两电路图之间的关系与磁敏电阻的特点是关键。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）图1015如图10所示，在某房间的天花板上装有平面镜M，S为一灯泡，P为不透亮的墙。请画出灯泡发出的光经平面镜反射后，可以照亮P墙右侧区域的光路图。【分析】本题用到两个学问点：一是反射光线反向延长通过发光点的像点，二是平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，要作动身光点S的像点【解答】解：先作出电光源S关于平面镜的对称点S，连接S与挡光板的最上左边缘，交平面镜于点O，连接SO作出入射光线，并画出反射光线，阴影局部为发光点S发出的光线经平面镜反射后照亮障碍物右
22、边的范围，如图所示：【点评】发光点发出的光线，反射光线若经过特定的点，作动身光点的像点，利用数学上的两点确定一条直线快速做出反射光线，再补出入射光线是最快最精确的方法图1116如图11所示，在游泳池的底部与侧壁，铺满了面积相等的小瓷砖，请画出水对A、B两瓷砖压力的示意图。【分析】解答此题需要驾驭液体压力的特点：液体内部向各个方向都有压力；液体压力随深度的增加而增大；根据压力与接触面垂直并指向接触面里，过A、B点表示出压力的方向。【解答】解：过A点作垂直侧壁向右的压力，过B点作垂直底部向下的压力，如图所示：【点评】此题主要考察的是液体压力的特点，本题的关键是确定压力的作用点与方向，并会用力的示意
23、图表示力的三要素四、试验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分第19题8分，共18分）17测量是生活与学习中一项根本技能。图12图13（1）如图12所示，用刻度尺测量铅笔的长度，读数为 cm。一次测量可能误 差较大，为了减小误差，应当 （2）如图13所示，用体温计测量体温，该体温计的分度值是 ，体温计的示数是 。【分析】（1）运用刻度尺测量物体长度时，要视察是否从0刻度线量起，起始端没从0开场，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，留意刻度尺要估读到分度值的下一位；在测量过程中，测量的数值与被测量物体真实值之间肯定会存在肯定的差异，这个差异我们称之为
24、误差，误差不同于错误，错误可以避开，而误差恒久不能被消退，但可以无限的被减小，减小误差的方法一般有：采纳屡次测量求平均值的方法、利用更精细的测量仪器等。（2）体温计分度值是指每个最小格所表示的温度，可以看1之间有多少小格，就可计算出每个小格所代表的温度，也就是分度值，然后根据分度值与液面的详细位置读出温度值。【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；铅笔左侧与0刻度线对齐，右侧与12.02cm对齐，所以铅笔的长度为L=12.02cm；一次测量可能误差较大，人们一般采纳屡次测量求平均值的方法来减小误差；（2）从体温计3738之间看
25、出有10个小格，则每个小格代表0.1，也就是分度值为0.1，液面正好在37后的第3个小格上，所以温度值为37.3故答案为：（1）12.02；屡次测量求平均值；（2）0.1；37.3 【点评】本题考察了刻度尺、温度计的读数以及减小误差的方法等问题，是一道根底题，应驾驭常用器材的读数方法。18试验小组的同学用如图14所示的装置“探究物体动能的大小与质量与速度的关系”。将钢球从某一离度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击程度木板上的木块，将木块撞出一段间隔 。图14（1）本试验使钢球获得动能的操作方法是 ，钢球动能的大小是通过视察 来推断的。试验次数钢球质量/g钢球下摆高度/cm木块滑行间隔 /cm
26、1202030240205836020（2）从表中数据可以看出，他们让质量不同的钢球从一样高度摆下，使钢球到达竖直位置的 一样，从而探究动能与 的关系。（3）在第3次试验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次试验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度。你认为应当采纳 同学的建议。（4）由上述试验数据与现象可得出结论： 。【分析】（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；一个物体可以做功就说这个物体具有能量，若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大。（2）影响动能大小的因素是质量与速度，在探讨时要采纳限制变量法，速度一样是探讨动能与质量的
27、关系；（3）由图知是限制速度一样时，探讨动能与质量的关系，动能的大小通过木块挪动间隔 的大小表现出来的；（4）通过数据得出结论。【解答】解：（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；钢球动能的大小是通过钢球对木块做功的多少来表达出来的，木块运动的间隔 越长，就表示钢球的动能越大；（2）让小球从斜面的同一高度处释放，使小球到达最底端的速度一样，从而探究动能与质量的关系；（3）上面的两次试验是在速度肯定时，变更物体的质量，探究动能的大小，动能的大小通过木块挪动间隔 的大小表现出来的，因此变更木板的长度，应采纳甲的建议；（4）有表中的数据知：速度肯定时，质量越大动能越大。故答案为：（1）将钢
28、球从某一高度由静止释放；木块运动的间隔 ；（2）速度；质量；（3）甲（4）在速度肯定时，质量越大动能越大。【点评】此题考察的影响动能大小试验的探究，是比拟干脆的一个考察，是一道根底题。19小海与小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”试验。（1）图15甲是他们设计的电路图，图乙是他们测量电流时连接的试验电路，此时电流表测量的是（选填“A”“B”或“C”）处的电流。（2）请在图乙中挪动一根导线，测量另外一处的电流。在挪动的导钱上画“”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。挪动后电流表测量的是（选填“A”“B”或“C”）处的电流。图15（3）测出A、B、C三处的电流如表所示，由此得出初步结论： （只写
29、表达式）。小梅指出：为了得出更普遍的规律，应当进展屡次试验。操作方法是： 。位置ABC电流/A0.300.240.54（4）小海利用原有的试验器材，添加一个开关，又设计了一个电路。利用这个电路，不用更换电流表的位置，就可干脆测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系请在图丙中的虚线框中画出电路图。【分析】（1）驾驭电路的连接，两灯泡并联，电流表在干路上，测干路的电流；（2）为了测量另一处的电流，让电流表测量支路的电流；（3）并联电路中，干路电流等于各支路电流的与，为得出普遍结论，试验时应采纳不同规格的试验器材进展屡次试验；（4）在不更换电流表位置的状况下，在支路上各接一个开关即可完成试
30、验要求【解答】解：（1）电流表在干路上测量赶路的电流，即C点的电流；（2）让电流表测量另一处的电流，也就是测量支路的电流，左图测量的是A点的电流，右图测量的是B点的电流，电路连接如图所示：（3）并联电路中，干路电流等于各支路电流的与，即IC=IA+IB，为得出普遍结论，试验时应采纳不同规格的灯泡进展屡次试验；（4）在不更换电流表位置的状况下，在支路上各接一个开关即可完成试验要求即，电路如图所示：故答案为：（1）C；（2）电路连接如上图：A或B；（3）IC=IA+IB；换上规格不同的灯泡屡次试验；（4）电路图如上图所示：【点评】此题是探究并联电路中电流的规律试验，考察了有关电路的连接、电压表的读
31、数、电阻的计算、电功率的计算，关键是根据图象乙可以确定与电压相应的电流值本题考察了电路故障、试验数据分析，为得出普遍结论，应运用不同规格的试验器材进展屡次试验。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）图1620在“大力士”竞赛中，需要把一质量m=400kg，边长l=lm，质量分布匀称的立方体，利用翻滚的方法沿直线挪动一段间隔 ，如图所示。g取10N/kg。求：（1）立方体静止时对程度地面的压强；（2）翻滚立方体时，使立方体一边刚刚分开地面，所用最小力F的大小；（3）“大力士”用翻滚的方法使立方体沿直线挪动了10m，用时20s，“大力士”克制立方体重力做功的功率。【分析】（1）立方体
32、对地面的压力等于其重力，根据p=求出压强；（2）要想用最小的力立方体一边刚好分开地面，那么动力臂应当到达最大，立方体最长的力臂应当为对角线，再利用直角三角形的三边关系，求出动力臂OA的长度，根据杠杆平衡条件求出最小力；（3）根据W=Gh求出翻滚一次克制重力做的功，则可求得翻滚10m克制重力做的功，再根据P=求出功率。【解答】已知：质量m=400kg，边长l=lm，g=10N/kg，间隔 s=10m，时间t=20s求：（1）立方体静止时对程度地面的压强p=？；（2）最小力F=？；（3）克制立方体重力做功的功率P=？解：（1）立方体对地面的压力F压=G=mg=400kg10N/kg=4000N，立
33、方体静止时对程度地面的压强：p=4000Pa；（2）要想用最小的力立方体一边刚好分开地面，由图知，支点为O，动力臂应当到达最大，OA为力臂，所施加的力应当与力臂OA垂直且向上；OA=m，根据杠杆平衡条件可知：FOA=Gl，最小力F=1414N；（3）翻滚时重心上升的高度：h=mm=m，翻滚一次克制重力做的功W=Gh=4000Nm=828J，挪动10m，要翻滚10次，所以人做的功W总=10W=10828J=8280J，克制立方体重力做功的功率P=414W。答：（1）立方体静止时对程度地面的压强4000Pa；（2）所用最小力F为1414N；（3）克制立方体重力做功的功率414W。【点评】本题考察了
34、重力、压强、功、功率与杠杆平衡条件的计算，以及如何找寻最省力的方法，弄明白重心上升的高度是解决此题的关键，难度很大。21某款新型电动汽车的性能参数如表所示，请答复下列问题。（1）电动机是电动汽车的核心部件，电动机正常工作时，电能转化为能，电动机的工作原理是 。（2）电动机正常工作时，通过线圈的电流是多大？（3）同类型号的燃油汽车在同等条件下百公里消耗汽油为10L，请通过计算比拟两种汽车的百公里能耗，并说明能耗不同的主要缘由汽油的密度=0.7103kg/m3，汽油的热值q=4.6107J/kg。 图17（4）汽车在某段马路上匀速行驶时，进入某超声测速区域，如图17所示。当该车运动到距测速仪370
35、m时，测速仪向该车出一超声波信号，2s后收到从车返回的信号，超声波在空气中传播速度为340m/s，求该车的速度。【分析】（1）电动机制作原理是利用通电线圈在磁场中受力转动原理工作的，是电能转化为机械能；（2）知道电动机工作的电压与功率，根据P=UI求出通过线圈的电流；（3）知道燃油汽车行驶100km消耗汽油的体积，根据=求出消耗汽油的质量，利用Q放=mq求出汽油完全燃烧释放的热量，根据1kWh=3.6106J得出电动汽车行驶100km消耗的电能，根据能量的转化效率比拟两者能耗不同的缘由；（4）根据题意得出超声测速仪发出的信号后与汽车相遇的时间，超声波单趟的路程与汽车行驶的路程之与即为发出超声波
36、时到汽车的间隔 ，根据v=得出等式即可求出汽车的速度【解答】解：（1）电动机正常工作时，将电能转化为机械能，是利用通电线圈在磁场中受力转动原理工作的；（2）电动机正常工作时，由P=UI可得，通过线圈的电流：I=100A；（3）燃油汽车行驶100km消耗汽油的体积：V=10L=10dm3=0.01m3，由=可得，燃油汽车行驶100km消耗汽油的质量：m=V=0.7103kg/m30.01m3=7kg，汽油完全燃烧释放的热量：Q放=mq=7kg4.6107J/kg=3.22108J，电动汽车行驶100km消耗的电能：W=15kWh=153.6106J=5.4107J，内燃机工作时，是燃油燃烧时将化
37、学能转化为内能再将内能转化为机械能，能源的利用率较低，电动机正常工作时，将电能转化为机械能，能源利用率较高，所以，每百公里电动汽车消耗的能源小于燃油汽车消耗的能源；（4）设汽车的速度为v，超声测速仪发出的信号=1s后与汽车相遇，由v=可得，在这段时间内，汽车的路程与超声波的路程关系式为：v1s+340m/s1s=370m，解得：v=30m/s答：（1）机械；通电线圈在磁场中受力转动；（2）电动机正常工作时，通过线圈的电流是100A；（3）燃油汽车每百公里耗能3.22108J，电动汽车每百公里耗能5.4107J，两种汽车百公里能耗不同的主要缘由是燃油汽车能源的利用低、电动汽车能源的利用率高；（4）该车的速度为30m/s。【点评】本题考察了电动机的工作原理与能量的转化以及密度公式、燃料完全燃烧释放热量公式、速度公式的应用，知道燃油汽车能源的利用率比电动汽车能源的利用率低是关键。