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1、高中物理综合练习题二（2014.4 ）一、选择题1. 如图所示，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力( ) A等于零B不为零方向向右C不为零方向向左D不为零v0较大时方向向左，v0较小时方向向右2从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点的时刻为t1，下落到抛出点的时刻为t2. 若空气阻力的大小恒定，则在下图中能正确表示被抛出物体的速率v随时间t的变化关系的图线是( ) 3跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为的斜坡顶端P处，以初
2、速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( ) AL与v0成正比B L与v0成反比Ct与v0成正比D t与v20 成正比4 如图所示，质量为M、长度为L的小车静止在光滑的水平面上质量为m的小物块( 可视为质点 ) 放在小车的最左端，现用一水平恒力F作用在小物块上， 使物块从静止开始做匀加速运动，物块和小车之间的滑动摩擦力为Ff. 物块滑到小车最右端时，小车运动的距离为s，在这个过程中，以下结论正确的是( ) A物块到达小车最右端时具有的动能为F(Ls) B物块到达小车最
3、右端时，小车具有的动能为FfLC物块克服摩擦力所做的功为Ff(Ls) D物块克服摩擦力所做的功为Ffs5. 如图所示，三小球a、b、c的质量都是m，都放于光滑的水平面上，小球b、c与轻弹簧相连且静止，小球a以速度v0冲向小球b，碰后与小球b粘在一起运动在与小球b粘在一起后的运动过程中，下列说法正确的是( ) 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 1 页，共 6 页 - - - - - - - - - A三小球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能不守恒B三小球与弹簧组成的系统
4、总动量守恒，总机械能也守恒C当小球b、c速度相等时，弹簧势能最小D当弹簧恢复原长时，小球c的动能一定最大，小球b的动能一定为零6. 如图所示， 圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，一带电粒子 ( 不计重力 ) 以某一初速度沿圆的直径方向射入磁场，粒子穿过此区域的时间为t，粒子飞出此区域时速度方向偏转角为60，根据上述条件可求下列物理量中的( ) A带电粒子的电荷量B带电粒子的初速度C带电粒子在磁场中运动的周期D带电粒子在磁场中运动的半径7如图所示，一个带正电荷的物块m，由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来 已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块
5、经过B处时的机械能损失 先在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D点停下来后又撤去电场，在ABC所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D点停下来则以下说法中正确的是( ) AD点一定在D点左侧BD点一定与D点重合CD点一定在D点左侧DD点一定与D点重合8如图所示，电源电动势为E，内阻为r. 当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端时，电压表 V1、V2示数变化的绝对值分别为U1和 U2，下列说法中正确的是( ) A小灯泡L1、L3变暗， L2变亮B小灯泡L1变暗， L2、L3变亮CU1U
6、29(2011 年山东烟台模拟) 如图甲、乙所示，两图分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化下列说法中正确的是( ) 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 2 页，共 6 页 - - - - - - - - - A图甲表示交流电，图乙表示直流电B两种电压的有效值相等C图甲所示电压的瞬时值表达式为u311 sin100 t(V) D图甲所示电压经匝数比为101 的变压器变压后频率变为原来的11010关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有( ) A.238
7、92U236 90Th42He 是 衰变B.14 7N42He 17 8O11H 是 衰变C.21H31H42He10n 是轻核聚变D.8234Se8236Kr2 01e 是重核裂变解析：选 C. 选项 A中的质量数不守恒，A错误，选项B中的方程是卢瑟福当初用 粒子轰击氮原子核发现质子的方程，不是 衰变方程，选项B错误；重核裂变是指一个原子序数较大的核分裂成两个中等质量核的反应，而D选项不符合， D错误只有选项C正确11请完成以下两小题(1) 某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩
8、和矿泉水瓶连接在桌面上画出两条平行线MN、PQ，并测出间距d. 开始时将木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F1，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t. 木板的加速度可以用d、t表示为a_；为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是( 一种即可 ) _. 改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F1的关系下列图象能表示该同学实验结果的是_用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是_A可以改变滑动摩擦力的大小B可以更方便地获取多组
9、实验数据C可以比较精确地测出摩擦力的大小D可以获得更大的加速度以提高实验精度(2) 在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图所示闭合电键后，发现电路有故障 ( 已知电源、电表和导线均完好，电源电动势为E) ：名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 3 页，共 6 页 - - - - - - - - - 若电流表示数为零、电压表示数为E，则发生故障的是_( 填“待测金属丝”“滑动变阻器”或“电键”) 若电流表、电压表示数均为零，该同学利用多用电表检查故障先将选择开关旋至_挡
10、( 填“欧姆 100”“直流电压10 V”或“直流电流2.5 mA ”) ，再将 _( 填“红”或“黑” ) 表笔固定在a接线柱，把另一支表笔依次接b、c、d接线柱若只有滑动变阻器断路，则多用电表的示数依次是_、_、_. 12(2011 年山东青岛模拟) 如图所示，在倾角为30的光滑斜面的底端有一个固定挡板D，小物体C靠在挡板D上，小物体B与C用轻质弹簧拴接 当弹簧处于自然长度时，B在O点；当B静止时，B在M点，OMl. 在P点还有一小物体A，使A从静止开始下滑，A、B相碰后一起压缩弹簧A第一次脱离B后最高能上升到N点，ON1.5l.B运动还会拉伸弹簧，使C物体刚好能脱离挡板D.A、B、C的质
11、量都是m. 重力加速度为g. 求(1) 弹簧的劲度系数；(2) 弹簧第一次恢复到原长时B速度的大小；(3)M、P之间的距离名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 4 页，共 6 页 - - - - - - - - - 高中物理综合练习题二答案（2014.4 ）一、选择题1. 解析：选A.法一：整体法选物块和斜劈为研究对象，由于系统的加速度等于零，合力等于零，故系统在水平方向的合力等于零因此地面对斜劈的摩擦力等于零故A正确法二：隔离法选物块为研究对象，受力情况如图所示，由于物块
12、匀速运动，故FfcosFNsin. 选斜劈为研究对象，受力情况如图所示，假设地面对斜劈的摩擦力为Ff向右，则根据平衡条件，得FfFNsinFfcos，且FfcosFNsin，FNFN，FfFf，所以FfFfcosFfcos0. 故 A正确2解析：选C.小球在上升过程中做匀减速直线运动，其加速度为a1mgfm，下降过程中做匀加速直线运动，其加速度为a2mgfm，即a1a2，且所分析的是速率与时间的关系，所以选项C正确3解析：选 C.物体落在斜面上，则位移与水平方向的夹角就等于斜面的倾角，因此有 tanyx，其中y12gt2，xv0t，则t2v0tang，Lxcosv0tcos2v20 tang
13、cos，只有C正确4 解析：选C.物体获得的动能等于合外力对物体所做功，而在功的公式WFs中位移s应是物体对地发生的位移，C正确， A、D错误；摩擦力对小车做的功应为Ffs，B错误5. 解析：选 B.a、b两小球相碰，动量守恒，机械能不守恒，之后系统动量守恒，机械能也守恒，因而A 错误， B正确由牛顿运动定律分析可知：小球b、c速度相等时，弹簧的压缩量最大，即弹簧势能最大，C错误当弹簧恢复原长时，将弹簧的弹性势能转化为三个小球的动能，由机械能守恒定律和动量守恒定律可知：D错误6. 解析：选C.由带电粒子的速度偏转角为60可知，它在磁场中转过的圆心角度也为60，则带电粒子在磁场中运动的周期T6t
14、，再由T2mqB有qm2BT3Bt，根据RmvqB，因R、m、v均为未知量，且由题中条件无法推出，故只有C项正确7解析：选 B.仅在重力场中时， 物块由A点至D点的过程中， 由动能定理得mghmgcos s1mgs20，即hcos s1s20，由题意知A点距水平面的高度h、物块与斜面及水平面间的动摩擦因数、斜面倾角、斜面长度s1为定值，所以s2与重力的大小无关，而在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场后，相当于把重力增大了，s2不变，D点一定与D点重合，在ABC所在空间加水平向里的匀强磁场后，洛伦兹力垂直于接触面向上，正压力变小， 摩擦力变小， 重力做的功不变，所以D点一定在D点右侧， 只有选项
15、B正确8解析：选 D.滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端， 电路中总电阻减小，总电流增大，灯泡 L2中电流增大，变亮，路端电压减小与滑动变阻器并联的灯泡L3电压降低，变暗；与滑动变阻器串联的灯泡L1中电流增大，变亮U1减小，U2增大，而路端电压UU1U2减小，所以U1的变化量大于U2的变化量9解析：选C.区分交流电、直流电是看电流方向是否发生变化，A错误；两交流电的峰值相同、 周期相同，但除了一些特殊时刻外，图乙所示电压瞬时值都较小，故其有效值比图甲的小， B错误；由uUmsint结合图象可知C正确；变压器不能改变交流电的周期和频率， D错误10解析：选C. 11解析：(1) 由于木板做匀加速直
16、线运动，且初速度为零， 故有：d12at2，则a2dt2.为减小测量加速度的偶然误差，可以采用多次测量取平均值的方法名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 5 页，共 6 页 - - - - - - - - - 以矿泉水瓶为研究对象，设其质量为m，则有mgF0ma，即agF0m可知aF图象不过原点， A、B项错；由于m逐渐增大，故aF图象的斜率1m应逐渐减小， C项对， D项错不论用什么方法改变拉力的大小，都不能改变滑动摩擦力的大小，A项错；由于用加水的方法每次增加的拉力可大
17、可小，故B、C 项对；用两种方法都可以获得较大加速度，故D项错(2) 电流表示数为零，说明电路断路，由于电压表示数为E，说明电压表两端与电源相连，因而待测金属丝断路判断电路故障问题，应利用多用电表的直流电压档，电流应从多用电表的红表笔流入多用电表， 因而红表笔应与a接线柱相连，当只有滑动变阻器断路时，黑表笔接b时，多用电表不能与电源形成闭合回路，示数为零，黑表笔接c、d时，多用电表与电源两极相连，示数为电源电动势答案： (1) 2dt2保持F1不变，多次测量时间t，取t的平均值C BC (2) 待测金属丝直流电压10 V 红0 EE12解析： (1)B静止时，弹簧形变量为l，弹簧产生弹力Fkl
18、，B物体受力如图所示，根据物体平衡条件得klmgsin得弹簧的劲度系数kmg2l. (2) 当弹簧第一次恢复原长时A、B恰好分离，设此时A、B速度的大小为v3. 对A物体，从A、B分离到A速度变为 0 的过程，根据机械能守恒定律得12mv23mgh此过程中A物体上升的高度h1.5lsin得v332gl. (3) 设与B相碰前A的速度的大小为v1，与B相碰后A的速度的大小为v2，M、P之间距离为x. 对A物体，从开始下滑到A、B相碰的过程， 根据机械能守恒定律得mgxsin12mv21A与B发生碰撞，根据动量守恒定律得mv1(mm)v2设B静止时弹簧的弹性势能为Ep，从A、B开始压缩弹簧到弹簧第一次恢复原长的过程，根据机械能守恒定律得12(mm)v22Ep12(mm)v23(mm)glsinB物体的速度变为0 时，C物体恰好离开挡板D，此时弹簧的伸长量也为l，弹簧的弹性势能也为Ep. 对B物体和弹簧， 从A、B分离到B速度变为0 的过程， 根据机械能守恒定律得12mv23mglsinEp联立以上各式解得x9l. 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 6 页，共 6 页 - - - - - - - - -