《2022年江苏省徐州市中考物理试题及答案解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年江苏省徐州市中考物理试题及答案解析.docx（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022年江苏省徐州市中考物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1. 电冰箱除霜时，通过电热丝把霜加热成水，这种物态变化称为()A. 熔化B. 液化C. 升华D. 凝华2. 人在岸上透过池水看池塘底部，下列光路图正确的是()A. B. C. D. 3. 海洋中游得最快的是旗鱼，速度可达100km/h，下列运动速度与其最接近的是()A. 运动员在跑道上跑步B. 人在非机动车道上骑自行车C. 汽车在高速公路上行驶D. 飞机在高空飞行4. 太空授课时，王亚平用冬奥会吉祥物“冰墩墩”做演示，冰墩墩从地面被带到太空，它的质量()A. 比在地面时大B. 和在地面时相同C. 比在地面时小D.
2、变为零5. 如图所示，热熔法连接PPR管时，用热熔器加热粗管端口内层和细管端口外层，然后把细管推进粗管，冷却后两根管子就连接在一起很难被拉开了，这个现象说明()A. 分子是由原子构成的B. 分子是运动的C. 分子间存在引力D. 分子间存在斥力6. 如图所示为某家庭中接线板的使用情况，下列说法正确的是()A. 符合使用规范B. 可以正常使用C. 这是超负荷运行D. 不会引起安全事故7. 今年6月5日，我国神舟十四号载人飞船发射成功。飞船和地面通讯通过的是()A. 红外线B. 超声波C. 次声波D. 电磁波8. 为了推动风能开发利用，我国规划“十四五”期间风力发电量实现翻倍。风能属于()A. 可再
3、生的清洁能源B. 不可再生的清洁能源C. 可再生的非清洁能源D. 不可再生的非清洁能源9. 如图所示，线圈通电后，受磁场力作用将开始顺时针旋转。如果线圈是固定的，磁体可以绕线圈旋转，则线圈通电后，磁体将()A. 开始顺时针旋转B. 开始逆时针旋转C. 保持静止D. 以上三种情况都有可能10. 在平面上运动的物体，总会受到摩擦力，因为绝对光滑的平面是不存在的。但有时不考虑摩擦，例如研究小球从斜面上滚下的运动规律时，把斜面当作光滑的，对于这种做法，下列说法正确的是()A. 实际不存在光滑平面，会得到虚假结论B. 和实际情况不同，会得到错误结论C. 有影响因素没有考虑到，结论会有较大偏差D. 忽略次
4、要的影响因素，结论可以突出本质特征二、填空题（本大题共7小题，共20.0分）11. 如图所示是用吸管和棉签制作的“鸟鸣器”，从管口吹气，能发出类似鸟叫的声音，鸟鸣器发声是由空气_产生的，拉动棉签可以改变声音的_，根据声源的差异，鸟鸣器可以与小提琴、笛子、鼓这三种乐器中的_归为一类。12. 在探究凸透镜成像的规律时，实验室应保持较_的环境(填“亮”或“暗”)，为了判断光屏上的像是否最清晰，需要_移动光屏，观察像是否变模糊。如图所示位置光屏上成清晰的像，则像的大小比烛焰_。13. 要测量一张纸平放在桌面上时对桌面的压强，小明设计了如下实验方案：用_测量5张长方形A4打印纸的质量m；用_测量A4纸的
5、边长a和b。则一张A4纸对桌面的压强p=_。14. “引体向上”是我市体育中考今年新增的可选项目之一。在做引体向上时，如果身体匀速竖直上升，则所受的拉力_重力(选填“大于”“小于”或“等于”)；上升过程中，身体的重力势能_(选填“变大”“变小”或“不变”)。选考这个项目有优势的身体条件是_(写出一点)。15. 如图所示，电源电压为3V，开关闭合后，电流表A的示数为0.3A，电流表A1的示数为0.2A，灯泡L1、L2的连接方式是_联，灯泡L1两端的电压为_V，通过灯泡L2的电流为_A。16. 如图所示，先将小磁针放在水平桌面上，静止时小磁针N极指向_方。再将一根直导线平行架在小磁针上方，给导线通
6、电后，小磁针将_，说明通电导线周围存在_。17. 如图所示，船员通过船舱驾驶台上的窗户观察前方航道的情况。窗户玻璃不是竖直的，而是向前倾斜。请从光学角度分析这样设计的目的：_。三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）18. 按要求作图：高楼玻璃幕墙会造成光污染。如图所示，一束阳光射到玻璃上，请画出它的反射光线。19. 遛狗时要拴着狗绳。如图所示，请画出狗绳对项圈拉力F的示意图。四、实验探究题（本大题共2小题，共16.0分）20. 在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中：实验序号R/I/A50.40100.20200.10(1)小明连接的电路如图甲所示，请用笔画线代替导线把电路连接完整；(2
7、)小华连接的电路，电流表在电池和开关之间，其他和小明的电路一致。对于电流表的这两种接入位置_；A.小明的可以，小华的不可以B.小华的可以，小明的不可以C.两种都可以D.两种都不可以(3)实验时保持电阻两端的电压不变，如图乙所示，电压表的示数为_V；(4)根据表格中记录的三组数据，发现电阻越大则电流越小，要判断电流与电阻是否成反比，在不画坐标图像的前提下，应该如何对数据进行处理：_。21. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中。(1)如图甲所示，安装杠杆时，为了使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向_移动；(2)如图乙所示，杠杆上每一格的长度为5cm，在杠杆左边挂钩码，弹簧测力计对杠杆竖直向
8、下的拉力是动力，则动力臂为_cm；(3)如果要用弹簧测力计向上拉，需要对图乙所示的实验设计进行的调整是_；(4)如图丙所示，当杠杆绕支点转动时，杠杆上A点的速度方向总是和杠杆垂直。作用在A点的三个大小相等、方向不同的力F1、F2、F3，请指出为什么力臂最大的F2对杠杆转动的作用最大？_。五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）22. 溪水中一块石头的质量为2.4kg，体积为1103m3，g取10N/kg。求：(1)石头的密度；(2)石头浸没在水中受到的浮力。23. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关，将滑片P移到最右端时，R2两端的电压为5V，电流为0.1
9、A；将滑片P移到另一位置时，R1两端的电压为6V，R2的功率为0.4W。求：(1)滑动变阻器R2的最大阻值；(2)电源电压。六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）24. 阅读短文，回答文后问题，牛顿冷却定律当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛频提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下(小于15)，这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k(t物t环)，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关
10、，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时同也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。(1)物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做_；(2)散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是_；A.速度B.密度C.功率D.效率(3)一个物体温度为30，周围环境温度保持20不变，此时物体的放热快慢为q。当物体温度降低到29时，散热快慢为_。(4)如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30，周围环境温度保持20不变，保温杯散开口，水和盐水温度随时间
11、变化的图像如图乙所示。已知水的比热容为4.2103J/(kg)，盐水的密度为1.1103kg/m3，则盐水的比热容为_J/(kg)。答案和解析1.【答案】A【解析】解：霜是固态，吸收电热丝放出的热量变成液态的水，这个过程叫熔化，故A正确，BCD错误。故选：A。霜是固态，根据物质从固态变为液态这一现象确定属于什么物态变化。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。2.【答案】D【解析】解：人在岸上透过池水看池塘底部，池底的光线由水中斜射入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，A图中光的
12、传播方向错误，而且没有发生折射，B图没有发生折射，C图光的传播方向错误，故只有D正确。故选D。要解决此题，需要掌握光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，当光从水或玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。在作光的折射光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质(密度比较小的物质)里面的角(入射角或折射角)较大；在光密质(密度比较大的物质)里面的角(入射角或折射角)较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。3.【答案】C【解析】解：旗鱼的速度可达
13、100km/h=10013.6m/s27.8m/s；A、运动员在跑道上跑步的速度约为10m/s，故A不符合题意；B、人在非机动车道上骑自行车的速度约为5m/s，故B不符合题意；C、汽车在高速公路上行驶的速度不超过120km/h，可以达到100km/h，故C符合题意；D、飞机在高空飞行的速度可达1000km/h，故D不符合题意。故选：C。(1)比较物体的运动快慢时，首先进行单位换算，统一单位之后，进行比较；(2)速度单位换算关系：1m/s=3.6km/h。本题的关键是进行单位的换算，记住换算关系，细心计算后比较很容易得出正确答案。4.【答案】B【解析】解：冰墩墩从地面被带到太空后，其质量将不变，
14、因为质量是物体的属性，与位置改变无关，故B正确，ACD错误。故选：B。物体所含物质的多少叫质量。质量是物体的一种属性，与物体的空间位置、形状、状态和温度无关。本题考查学生对质量概念的理解和掌握，牢记住质量的物理属性及定义是解题的关键。5.【答案】C【解析】解：把加热后的细管推进粗管，减小了PPR管分子间的距离，分子间存在较大的引力，使两根管子很难被拉开了，故ABD错误，C正确。故选C。分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来。本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，属于基础题。6.【答案】C【解析】解：电路中在同一个接线板上同时使用多个大功率用电
15、器，电路超负荷运行，会导致干路电流过大，根据焦耳定律，接线板容易发热，会发生安全事故，故C正确。故选：C。家庭电路中各用电器为并联连接，多个大功率用电器同时使用时干路电流很大。本题考查学生对安全用电常识的记忆和应用，同学们要牢记安全用电常识，并正确规范操作，避免危险发生。7.【答案】D【解析】解：A、红外线是看不见的光，光只有在同种均匀介质中才是沿直线传播的，而大气是不均匀的，光不能沿直线传播，不容易传到地面，故A错误；BC、超声波和次声波属于声波，而声音不能在真空中传播，故BC错误；D、电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，飞所以船与地面之间的通讯是依靠电磁波完成的，故D正确。故选：D。(
16、1)电磁波包括无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和射线。其中无线电波根据波长和用途的不同又分为：长波、中波、短波、微波；波长越短的电磁波可以更好的反射，因此雷达使用的电磁波是波长比较短的-微波。同时由于波长短，所以不容易衍射，因此定位准确；(2)声音的传播需要介质，真空不能传声。本题考查了电磁波的应用，是一道理论联系实际的好题。8.【答案】A【解析】解：风能是从自然界直接获取的能源，清洁无污染且可以再生更新、被人类反复利用，属于可再生的清洁能源，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。风能为清洁能
17、源。本题考查能源的分类，属于基础题。9.【答案】B【解析】解：线圈通电后，受磁场力作用，线圈开始顺时针旋转；如果线圈是固定的，根据静止和运动的相对性可知，则线圈通电后，磁体开始逆时针旋转，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向、磁场的方向有关；根据运动和静止的相对性分析磁体的转动方向。本题考查了磁场对通电导线的作用，属于基础题。10.【答案】D【解析】解：在物理探究过程中个，有些物理问题、现象、过程非常抽象，为了更好的研究问题，我们可以忽略一些次要因素对问题的影响，突出主要因素对问题的影响，建立起来的能反应事物本质特征的抽象的理想化模型，同样使问题变得直
18、观、形象，易懂，结论可以突出本质特征，完成对问题的探究，故D正确，ABC错误。故选：D。在探究问题时，往往需要忽略一些次要的因素，根据主要因素得出结论。本题考查了物理探究过程中注意的问题，难度不大。11.【答案】振动 音调 笛子【解析】解：从管口吹气，吸管内的空气就会振动发出类似鸟鸣的声音。音调指声音的高低，与频率有关。拉动棉签，吸管内振动的空气柱的长度发生变化，造成空气柱振动的快慢不同，频率不同，音调就会发生变化。“鸟鸣器”是靠吸管内的空气振动发声的。小提琴是靠琴弦的振动发声，笛子是笛子内空气柱振动发声，而鼓是鼓面的振动发声，所以鸟鸣器可以与笛子归为一类。故答案为：振动；音调；笛子。(1)物
19、体振动产生声音。(2)音调指声音的高低，与频率有关。(3)管乐器靠空气柱振动发声。理解声音产生的条件，区分声音的三个特征，知道空气柱振动能够产生声音，可解答此题。12.【答案】暗 左右小范围 大【解析】解：(1)实验时为了使实验效果更明显，最好在光线较暗的环境中进行，便于观察成像；(2)为了判断光屏上的像是否最清晰，需要将光屏左右小范围内移动，以改变光屏到凸透镜的距离，进行观察像是否变模糊；(3)图示位置，物距小于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时成倒立、放大的实像，所以像的大小比烛焰大。故答案为：暗；左右小范围；大。(1)成像的物体和环境的对比度越大，并且越亮，物体成像越清晰；(2)要想使光
20、屏上的像最清晰，应在小范围内移动光屏进行比较；(3)凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像。本题考查了探究凸透镜成像的规律的实验中，实验的环境、寻找清晰像的方法、成像规律的认识等，难度不大。13.【答案】天平 刻度尺mg5ab【解析】解：根据压强公式可知，要测量一张纸平放在桌面上时对桌面的压强，需要知道一张A4纸对地面的压力和受力面积，压力无法直接测量；物体对水平地面的压力等于自身的重力，即F=G=mg，则需要用天平测量出一张A4纸的质量，但一张A4纸的质量太小，可以利用累积法测量5张A4纸的质量m，则一张A4纸的质量为m5，对地面的压力为F=G=mg5；用刻度尺测出A4纸的边长a和
21、b，那么一张A4纸与地面的接触面积为S=ab；一张A4纸对桌面的压强：p=FS=mg5ab=mg5ab。故答案为：天平；刻度尺；mg5ab。根据压强公式可知要测量一张纸平放在桌面上时对桌面的压强，需要知道一张A4纸对地面的压力和受力面积；因物体对水平地面的压力等于自身的重力，则可以先用天平测出5张纸的质量，进一步计算一张纸的质量，然后计算一张A4纸的重力，用刻度尺测出A4纸的边长a和b，根据面积公式计算一张A4纸与地面的接触面积，最后根据p=FS计算一张A4纸对桌面的压强。本题考查了压强的测量，明白实验原理以及用累积法测出一张A4纸的质量是解题的关键。14.【答案】等于 变大 体重小(或双臂有
22、力量)【解析】解：身体匀速竖直上升时，所受的重力与拉力平衡，其大小相等，所以所受的拉力等于重力。上升过程中，人的质量不变，高度变大，所以身体的重力势能变大。在做引体向上时，需克服自身重力做功，若上升的高度相同，根据W=Gh可知，自身重力越小，克服重力做的功越少，且双臂有力量时做引体向上的个数较多，所以选考这个项目有优势的身体条件是体重小，双臂有力量。故答案为：等于；变大；体重小(或双臂有力量)。物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受力平衡，一对平衡力的大小相等；重力势能的大小与质量、高度有关，物体的质量越大、高度越高，其重力势能越大；在做引体向上时，需克服自身重力做功，根据W=Gh分析。
23、本题考查了二力平衡条件的应用、重力势能的大小变化、做功公式的应用，难度不大。15.【答案】并 3 0.1【解析】解：由电路图可知，灯泡L1、L2并列的接在电路两点间，所以L1、L2的连接方式是并联。根据并联电路电压特点可知，L1和L2两端的电压等于电源电压，所以灯泡L1两端的电压为3V。由电路图可知，电流表A1测通过L1的电流，电流表A测干路电流，根据并联电路电流特点：干路电流等于各支路电流之和，则通过灯泡L2的电流为：I2=II1=0.3A0.2A=0.1A。故答案为：并；3；0.1。由图可知，两灯泡并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量灯泡L1的电流；(1)已知电源电压，根据并联电路两
24、端的电压相等的特点即可得出灯泡L1两端的电压；(2)根据并联电路电流的特点求出通过L2的电流。解决此类问题的关键是知道并联电路的电流规律-干路中的电流等于各支路电流之和，即I=I1+I2。16.【答案】北 发生偏转 磁场【解析】解：小磁针能指示南北方向是由于受到地磁场的作用，由物理常识可知小磁针静止时其N极指向北方；将一根直导线平行架在小磁针上方，给导线通电后，通电导线的周围产生了磁场，则导线下方的小磁针在磁场的作用下会发生偏转。故答案为：北；发生偏转；磁场。地球的周围存在磁场，小磁针能指示南北方向是由于受到地磁场的作用，且小磁针静止时其N极指向北方，其S极指向南方；通电导线的周围存在磁场。本
25、题考查了对地磁场、通电导线周围磁场的了解，属于基础题。17.【答案】玻璃形成船员的像在玻璃正上方，以减少对司机的视线干扰【解析】解：根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等；船员通过船舱驾驶台上的窗户观察前方航道的情况，窗户玻璃不是竖直的，而是向前倾斜，船舱内物体的像在玻璃的斜上方，船员能看前面道路时，物体的像不会影响船员的视线。故答案为：玻璃形成船员的像在玻璃正上方，以减少对船员的视线干扰。窗户玻璃相对于平面镜，船员会在窗户玻璃成像，根据平面镜成像的特点确定窗户倾斜、竖直时对所成像的影响回答。本题考查学生根据光的反射定律和平面镜成像特点分析实际问题的能力，能从平面镜
26、成像的角度对窗户玻璃不是竖直的，而是向前倾斜安装特点进行分析，是解答本题的关键。18.【答案】解：过入射点O垂直于镜面画出法线，根据光的反射定律可知反射角等于入射角，且反射光线在法线的另一侧，据此在法线的下侧画出反射光线，要注意标出反射光线的方向，如下图所示：【解析】要解答此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。本题考查了利用光的反射定律作反射光路图，属于常考题。19.【答案】解：狗绳对项圈拉力作用点在狗绳与项圈的接触点O，方向沿绳子向上，从拉力的作用点，沿绳子向上画
27、一条带箭头的线段，用F表示，如图所示：【解析】先明确拉力的作用点、方向，再根据力的示意图的画法作图。画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。20.【答案】C 2 计算出每次实验电流与电阻的乘积【解析】解：(1)如图甲，滑动变阻器电阻丝的右端已接入电路，再把金属杆的左端或右端与开关的右侧接线柱连接即可，如图所示： (2)在串联电路中，各处电流都相等，所以只要电流表和电阻串联，接在图中位置或者开关和电池之间都可以，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。(3)如图乙，电压表选用的量程是03V，分度值为0.1V，
28、示数为2V；(4)计算出每次实验中电流和电阻的乘积，如果三次乘积相同，说明电流与电阻成反比。故答案为：(1)如图；(2)C；(3)2；(4)计算出每次实验电流与电阻的乘积。(1)如图甲，滑动变阻器电阻丝的右端已接入电路，再把金属杆的左端或右端与开关的右侧接线柱连接即可，据此连接；(2)在串联电路中，各处电流都相等，所以只要电流表和电阻串联，接在图中位置或者开关和电池之间都可以；(3)如图乙，电压表选用的量程是03V，分度值为0.1V，据此得出示数；(4)计算出每次实验中电流和电阻的乘积，如果三次乘积相同，说明电流与电阻成反比。本题为“探究通过导体的电流与电阻的关系”的实验，考查电路连接、数据分
29、析等知识，有一定难度。21.【答案】右 25 将测力计移到左端第5个格处 F2与其力臂的乘积最大【解析】解：由甲图可知，杠杆左端向下倾斜，说明左端沉，为使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向右移动；(2)乙图中，杠杆水平位置平衡，弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力是动力，则动力臂此时落在杠杆上，测力计悬挂点到支点的距离就等于动力臂的长度，由于每一格的长度为5cm，共5个格，所以动力臂的长度为：l1=5cm5=25cm；(3)要使弹簧测力计向上拉，拉力的作用效果需使杠杆顺时针转动，所以要使杠杆在水平位置平衡，需将测力计移到左端第5个格处向上拉。(4)作用在A点的三个力虽然大小相等，但F1、
30、F3其对应的力臂比较小，所以力与其力臂的乘积相对较小，而F2的力臂最大，F2与其力臂的乘积最大，所以对杠杆转动的作用最大。故答案为：(1)右；(2)25；(3)将测力计移到左端第5个格处；(4)F2与其力臂的乘积最大。(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向向上翘起的一端移动；(2)如图乙，杠杆上每一格的长度为5cm，数出动力臂有几个格即可；(3)要使弹簧测力计向上拉，需将测力计移到左端即可；(4)作用在A点的三个大小相等、方向不同的力F1、F2、F3，则F2的力臂最大，据此回答。此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆平衡条件及应用。要理解力臂的概念及测量方法。22.【答案】解：(1)石头
31、的密度：=mV=2.4kg1103m3=2.4103kg/m3；(2)石头浸没在水中时排开水的体积：V排=V=1103m3，则石头浸没在水中受到的浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg1103m3=10N。答：(1)石头的密度为2.4103kg/m3；(2)石头浸没在水中受到的浮力为10N。【解析】(1)知道石头的质量和体积，根据=mV求出石头的密度；(2)石头浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据F浮=液gV排求出石头浸没在水中受到的浮力。本题考查了密度公式和阿基米德原理的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。23.【答案】解：(1)由题意可知，闭合
32、开关，将滑片P移到最右端时，R2接入电路中的电阻最大，此时R2两端的电压为5V，电流为0.1A，根据欧姆定律可知，滑动变阻器R2的最大阻值为R2=U2I=5V0.1A=50；(2)由电路图可知，R1、R2串联。当滑片在最右端时，根据串联电路电压特点可得，电源电压为U=5V+0.1AR1 将滑片P移到另一位置时，电路中的电流为I=U1R1=6VR1；由于R2的功率为0.4W，由P=UI得，此时R2两端的电压为U2=P2I=0.4W6VR1=0.4WR16V，根据串联电路电压特点可得，此时电源电压为U=6V+0.4WR16V 联立，解得U=8V。答：(1)滑动变阻器R2的最大阻值为50；(2)电源
33、电压为8V。【解析】由图知，闭合开关，定值电阻与滑动变阻器串联。(1)将滑片P移到最右端时，滑动变阻器全部接入电路。已知滑动变阻器两端电压及通过的电流，利用R=UI得到其最大阻值；(2)在串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和。无论滑片位置在哪里，电源电压为两只电阻两端电压之和；将滑片P移到另一位置时，已知R1两端的电压，设R1阻值为R1，利用欧姆定律得到此时的电路电流；已知此时滑动变阻器的功率及通过的电流，利用P=UI变形公式得到此时滑动变阻器两端电压。根据电源电压一定列方程得到电源电压。此题考查了串联电路的特点、欧姆定律及电功率计算公式的应用，综合性较强，难度较大。24.【答案】热传递
34、 C 0.9q 3.5103【解析】解：(1)物体向周围散热，内能减少，周围环境的内能增加，能量的形式没有发生变化，因此物体向周围散热属于热传递；(2)由题目提供的信息可知，散热快慢的定义是单位时间内散失热量的多少；A、速度的定义是单位时间内通过的路程，故A不符合题意；B、密度的定义是单位体积某种物质的质量，故B不符合题意；C、功率的定义是单位时间内做的功，与散热快慢一样都是描述的单位时间内的能量，故C符合题意；D、效率的定义是有用的能量与总能量之比，故D不符合题意；故选C；(3)由题意可知，q=k(t物t环)=k(3020)，解得：k=q10，由于散热系数k与物体的表面性质、表面积、周围环境
35、性质等因素有关，和物质种类无关，因此当当物体温度降低到29时，散热系数k不变，则当物体温度降低到29时，散热快慢：q=k(t物t环)=q10(2920)=0.9q；(4)因为水和盐水的初温和末温都相同，即t水=t盐水=t，所以此时水和盐水的散热快慢相同，则水和盐水放出热量之比：Q水放Q盐水放=24q22q=1211，由图可知，水和盐水的体积相同，因为Q放=cmt，所以有：c水m水t水c盐水m盐水t盐水=c水水Vtc盐水盐水Vt=1211，解得：c盐水=11水12盐水c水=111.0103kg/m3121.1103kg/m34.2103J/(kg)=3.5103J/(kg)。故答案为：(1)热传递；(2)C；(3)0.9q；(4)3.5103。(1)改变物体内能的方法：一是做功(能量的转化)，二是热传递(能量的转移)；(2)根据“散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示”逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；(3)根据q=k(t物t环)求出物体温度降低到29时的散热快慢；(4)根据散热快慢的定义结合图乙求出水和盐水放出热量的关系，根据Q放=cmt和密度公式列出方程求出盐水的比热容。本题考查做功改变内能的方法、功率的定义、密度公式和热量公式的应用，关键是从题目获取解题相关的信息。第17页，共18页