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1、2022年重庆市中考物理试卷（A卷）1. 下列物理量最接近实际的是()A. 初中物理课本长约26cmB. 中学生正常体温约42C. 人体的安全电压约220VD. 一盏日光灯的功率约900W2. “大漠孤烟直，长河落日圆”蕴含了光的折射知识，如图所示属于光的折射的是()A. 桥在水中的倒影B. 河底看起来变浅C. 透过树林的光束D. 长廊上的树影3. 中华美食与物理知识息息相关，以下分析正确的是()A. 麻花被炸得金黄是因为油的熔点高B. 开大火能使正在沸腾的火锅汤温度升高C. 蒸汤包是通过做功的方式增加汤包的内能D. 烤鸭香气四溢说明分子在永不停息地做无规则运动4. 有关电和磁的知识，下列说法
2、正确的是()A. 电动机工作将机械能转化为电能B. 摩擦起电的实质是创造了电荷C. 通电导体的周围真实存在磁感线D. 同名磁极相排斥异名磁极相吸引5. 如图所示为一种新型“水温感应龙头”，自带水流发电电源。当水流温度低于40，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达40及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，以警示用水人。下列电路设计能实现该功能的是()A. B. C. D. 6. 如图所示，北京冬奥会比赛项目中相关物理知识描述正确的是()A. 谷爱凌夺冠决赛中完美旋转时，她受到惯性的作用B. 苏翊鸣完成单板转体，他上升到最高点时受平衡力作用C. 武大靖蹬地加速通过弯道，是由于力改变了
3、他的运动状态D. 柳鑫宇和王诗玥以如图造型滑行时，王诗玥相对于柳鑫宇是运动的7. 小林受穿戴式“智能体温计”(如图甲所示)的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，定值电阻R2起保护电路的作用。下列分析正确的是()A. 该电路中的电表是电流表B. 温度变化时R2两端电压不变C. 温度升高时电路中电流变大D. 温度降低时电路的总功率变大8. A、B两个质量均匀的正方体放在水平地面上如图甲所示，B的边长是A的2倍。将A沿竖直方向切去宽为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强pB与L的变化关系如图乙所示。切割后，A剩余部分对
4、地的压强为pA，则以下分析正确的是(取g=10N/kg)()A. B的重力是50NB. L=2.5cm时，pA：pB=16：21C. B的底面积为100cm2D. A切去一半后，pA=2000Pa9. 英国物理学家_发现了电磁感应现象才有了发电设备供动车运行，动车停靠的站台设置有安全黄线，是避免因气体流速越大的地方压强越_带来的安全隐患。10. 如图所示是今年元宵晚会王亚平在空间站弹奏茉莉花的情景，她听到的琴声是由琴弦的_产生的；人们只听琴声就能根据_分辨出这是用我国传统乐器古筝弹奏的。11. 三国演义有“青梅煮酒”的典故，芒种节气正是青梅煮酒季，煮酒可利用水浴法对酒加热。质量为0.5kg的酒
5、从20升高到40吸收的热量是_Jc酒=3.4103J/(kg)；若煮酒位置海拔越高，水面上方的气压越低，水的沸点会越_。12. 在一次实验探究活动中，小林用如图所示滑轮组将重为2.7N的物体匀速提升了20cm用时2s，绳子自由端弹簧测力计的示数如图所示，则小林做的有用功为_J，滑轮组的机械效率为_%。(取g=10N/kg)13. 如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V0.3A”字样，电流表量程00.6A、电压表量程03V。在保障电路安全的前提下，只闭合开关S、S1，滑片P位于最右端，小灯泡恰好正常发光，则小灯泡10s内消耗的电能为_J，再移动滑片P，电流表示数与R2关系如图乙a
6、所示；当断开S1闭合S、S2、S3时，电流表示数与R2的关系如图乙b所示，则I1=_A(忽略小灯泡电阻变化)。14. 在图中画出平行于主光轴的光线经凸透镜折射后的光线。15. 在图中画出力F的力臂L。16. (1)为了探究平面镜成像特点，小薇同学准备了白纸、薄玻璃板、刻度尺、光屏和A、B两支大小相同的蜡烛：实验时，薄玻璃板需_放置在水平桌面上；如图1所示，点燃蜡烛A，她应从蜡烛_(选填“A”或“B”)所在一侧观察蜡烛A的像，同时用蜡烛B与蜡烛A的像重合并记录位置；使用刻度尺的目的是便于比较像与物到平面镜的_关系。(2)用如图2甲所示装置“探究冰熔化时温度的变化规律”：将碎冰装入试管中，安装好器
7、材开始实验。熔化过程中试管中的碎冰逐渐变少，此过程碎冰吸收热量，温度_；图2乙是实验过程中某时刻温度计示数，此时温度为_；实验结束后烧杯中的水没有沸腾，但水面却降低了，原因是水温升高，蒸发_(选填“加快”或“减慢”)。17. 小晨同学买了一个小吊坠(如图甲所示)作为母亲节的礼物送给妈妈，他利用天平和量筒测量小吊坠的密度进行鉴定。(取g=10N/kg，水的密度水=1.0103kg/m3)(1)将天平放在_上，拨动_至标尺左端零刻度线，此时指针偏向分度盘中线左侧，他应该将平衡螺母向_(选填“左”或“右”)移动，直至天平平衡；(2)将解去挂绳的小吊坠放在左盘，往右盘加减砝码，当最后放入5g的砝码时，
8、发现指针指在分度盘中线的右侧，则他下一步的操作是_。A.向右移动游码B.向左移动平衡螺母C.取出5g的砝码(3)天平再次平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则该小吊坠的质量为_g；(4)先向量筒中加入30mL的水，将重新系好挂绳的小吊坠轻放入量筒中，水面如图丙所示，则小吊坠的体积为_cm3；(5)小晨将测得的密度和表格中数据进行对比，发现小吊坠可能是_制作而成的，他仔细分析了自己的测量过程发现，小吊坠密度的测量值与真实值相比_(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。材质翡翠和田玉玻璃有机玻璃密度/gcm3约3.33.36约2.953.172.51.1818. 综合实践课上，小薇同学用“伏安法”测量
9、小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器规格为“301A”。序号U/VI/AR/11.00.185.621.50.226.832.00.248.342.5(1)请在图甲中用笔画线代替导线，帮小薇完成实物电路的连接；(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于最_(选填“左”或“右”)端；(3)闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，她应注视_(选填“电压表”“电流表”或“滑动变阻器”)的变化情况，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是_(选填字母符号)；A.滑动变阻器接触不良B.小灯泡短路(4)
10、排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示为_A，则小灯泡正常发光时的电阻为_(保留一位小数)。她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受_的影响；(5)实验结束后，她看见桌面上还有一个阻值为15的定值电阻，想按照表格给定的四组电压值，验证“导体中电流与电压的关系”，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，她只需更换哪一个元件，并说明新元件的规格要求：_。19. “共建卫生城市，构建美好家园”，如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情景。某次喷洒完后，该车在4103N的牵引力作用下，匀速通过200m的平直道路用时20s。求：(g=1
11、0N/kg)(1)此过程中该车的速度；(2)此过程中该车牵引力的功率。20. 商业街移动摊位使用可显示电费的新型插座(如图甲所示)计费，某摊位使用空气炸锅(如图乙所示)烹制食物，如图丙所示是该空气炸锅加热部分的简化电路，其额定电压为220V，定值电阻R1和R2为发热体，其中R1=40。开关S1、S2、S3的通断可实现高、中、低三个挡位的调节(S1、S2不会同时闭合)，只闭合S3时的中温挡，额定功率为440W。求：(1)R2的电阻；(2)高温挡正常工作100s，电流通过R1产生的电热；(3)只有空气炸锅单独工作，表盘示数使用前后如图甲、丁所示，通过表盘显示的数据估算该空气炸锅消耗的电功率(已知商
12、用电费单价为0.75元/kWh)。21. 底面积为150cm2、重3N、盛水4cm深且足够高的薄壁柱形容器置于水平桌面上，如图所示，将底面积为50cm2、质量为450g、密度为0.9g/cm3的不吸水圆柱体用轻质细线挂在测力计下，由图示位置缓慢向下浸入水中，直至测力计示数为0后，只取走测力计，再打开阀门K向外放水。求：(取g=10N/kg，水的密度水=1.0103kg/m3)(1)圆柱体的体积；(2)圆柱体下降过程中，当其浸入水中的深度为2cm时，测力计的示数；(3)当放水至容器对桌面的压强为800Pa时，水对容器底的压强。答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、初中物理课本长约26cm，故A
13、符合实际；B、人体的正常体温约37左右，故B不符合实际；C、人体的安全电压不高于36V，故C不符合实际；D、一盏日光灯的功率约30W，故D不符合实际。故选：A。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。2.【答案】B【解析】解：A、桥在水中的倒影是桥反射的光在水面发生反射形成的，故A错误；B、河底看起来变浅，是由于光从水中斜射入空气时发生了折射，故B正确；C、透过树林的光束是光沿直线传播形成的，故C错误；D、长廊上的树影
14、是光沿直线传播形成的，故D错误；故选：B。(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。此题主要考查了光的折射现象、反射及直线传播，这几种现象很容易混淆，平时要注意区别，是一道很典型的题目。3.【答案】D【解析】解：A、由于食用油的沸点比较高，所以麻花在食用油里
15、面炸的金黄，故A错误；B、液体沸腾时，继续吸热，温度不变，所以开大火不能使正在沸腾的火锅汤温度升高，故B错误；C、蒸汤包是通过热传递的方式增加汤包的内能，故C错误；D、烤鸭香气四溢说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。故选：D。(1)食用油的沸点高，所以炸出来的东西金黄；(2)液体沸腾时，继续吸热，温度不变；(2)做功和热传递可以改变物体的内能；(4)组成物质的分子在永不停息地做无规则运动。本题是一道热学综合题，主要液体的沸腾、改变物体内能的方式、分子热运动，难度不大。4.【答案】D【解析】解：A、电动机工作将电能转化为机械能，故A错误；B、摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移，故B错误；
16、C、磁感线并不是真实存在的，而是人们为了形象描述磁场而假想的曲线。故C错误；D、磁极间相互作用规律是：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引，故D正确。故选：D。(1)电动机工作时消耗电能，将电能转化为机械能；(2)摩擦起电是由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电；(3)为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线，这种研究方法叫建立理想模型法；(4)磁极间相互作用是：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。本题涉及电与磁的相关知识点，涉及内容多，要注意分析题目原理，再结合所学物理模型进行分析求解。5
17、.【答案】B【解析】解：由题意可知，当水流温度低于40，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流，说明感应开关S1只控制绿灯，因此感应开关S1与绿灯串联；当水温达40及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明感应开关S2只控制洪灯，因此感应开关S2与红灯串联；因为绿灯和红灯工作时互不影响、独立工作，所以绿灯与红灯并联，故B正确。故选：B。由题意可知，当水流温度低于40，感应开关S1闭合，只有绿灯照亮水流；当水温达40及以上，感应开关S2闭合，只有红灯照亮水流，说明红灯和绿灯互不影响、独立工作，据此进行解答。本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。6.【答案】C【解析】解
18、：A、惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；B、苏翊鸣上升到最高点时排球只受重力作用，所以受力不平衡，故B错误；C、武大靖蹬地加速通过弯道，是由于力改变了他的运动状态，故C正确；D、以柳鑫宇为参照物，王诗玥相对于柳鑫宇的位置没发生变化，所以王诗玥相对于柳鑫宇是静止的，故D错误。故选：C。(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；(2)根据苏翊鸣的受力情况判定其是否受到平衡力的作用；(3)力可以改变物体的形状和运动状态；(4)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。本题考查了力的多个知识点，都是基础知识。7.【答案】D【解
19、析】解：A、电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，R2是定值电阻，则电流表示数不变，不符题意，故A错误；BC、该电路中的电表是电压表，电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可得R2两端电压变小，故B、C错误；D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大，故D正确。故选：D。A、该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，不符题意；BC、电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，
20、根据U=IR可得R2的电压变小；D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大。此类问题能够综合考查串联并联电路的电流、电压、电阻关系、欧姆定律、电功、电功率等知识的掌握和综合运用情况。8.【答案】B【解析】解：(1)由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m，正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，B的底面积为20cm20cm=400cm2，故C错误；当L=0时，B对地面的压强为5000Pa，物体对地面的压力等于自身重力，根据压强公式可得pB=GBSB，即GB0.2m0.2m=500
21、0Pa，解方程可得GB=200N，故A错误；当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，根据压强公式可得GA+GBSB=6000Pa，即GA+200N0.2m0.2m=6000Pa，解方程可得GA=40N，A切去一半后，A对地面的压强pA=12GASA=1240N0.05m0.1m=4000Pa，故D错误；(2)当L=2.5cm时，A对地面的压强为10cm2.5cm10cmGASA=3440N0.1m(0.1m0.025m)=4000Pa，B对地面的压强为2.5cm10cmGA+GBSB=1440N+200N0.2m0.2m=5250Pa，则pApB=4000Pa5250Pa=1621，故
22、B正确。故选：B。(1)由乙图可知L的最大值为10cm，所以正方体A的边长为10cm=0.1m，正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，进一步计算B的底面积，当L=0时，B对地面的压强为5000Pa，根据压强公式列方程可得B的重力，当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，根据压强公式列方程可得A的重力，根据压强公式计算A切去一半后A对地面的压强；(2)根据压强公式计算当L=2.5cm时，A对地面的压强和B对地面的压强，进一步计算pA：pB的值。本题考查压强公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。9.【答案】法拉第 小【解析】解：(1)英国物理学家法拉第发现了电磁
23、感应现象才有了发电设备供动车运行；(2)人离动车比较近时，动车的速度很大，人和动车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故。故答案为：法拉第；小。(1)法拉第在奥斯特的启发下，研究了磁场与电流的关系，最终在1831年终于发现了电磁感应现象；(2)流体的压强跟流速有关，流速越大的地方，压强越小。本题考查学生的记忆能力，需要背会法拉第的电磁感应现象和流体压强与流速的关系。10.【答案】振动 音色【解析】解：(1)王亚平听到的琴声是由琴弦的振动产生的；(2)不同发声体的材料与结构不同，人们能通过声音分
24、辨出不同乐器，这是根据声音的音色来分辨的。故答案为：振动；音色。(1)声音的是由振动产生的；(2)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。本题考查了声音的产生以及声音的三个特征，与实际生活密切联系。11.【答案】3.4104 低【解析】解：(1)酒吸收的热量：Q吸=c酒m(t2t1)=.3.4103J/(kg)0.5kg(4020)=3.4104J；(2)海拔越高的地方，气压越低，酒的沸点跟气压有关，气压越低，酒的沸点越低。故答案为：3.4104；低。(1)已知酒的比热容、质量、升高的温度，利用公式Q吸=cm(t2t1)
25、得到酒吸收的热量。(2)液体的沸点跟物质的种类和气压有关，同种物质，气压越低，沸点越低。本题考查了比热容的计算、液体沸点跟气压的关系，属于基础题。12.【答案】0.54 75【解析】解：小林做的有用功W有=Gh=2.7N0.2m=0.54J；小林做的总功W总=Fs=1.2N30.2m=0.72J；滑轮组的机械效率=W有W总100%=0.54J0.72J100%=75%。故答案为：0.54；75。由图可知，n=3，由W有=Gh算出有用功，W总=Fs=Fnh算出总功，=W有W总100%算出机械效率。本题为滑轮组机械效率的相关计算，关键要知道n=3。13.【答案】18 0.45【解析】解：只闭合开关
26、S、S1，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P位于最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端电压等于电源电压，小灯泡恰好正常发光，小灯泡L标有“6V0.3A”字样，小灯泡10s内消耗的电能为：W=UILt=6V0.3A10s=18J；灯泡的电阻：RL=UIL=6V0.3A=20，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最小，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电压表量程03V，根据串联分压原理可知电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=U2R，串联电路总电压等于各
27、部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=U2+UL=3V+IRL，即3V+3VR20=6V，解方程可得：R=20，当断开S1，闭合S、S2、S3时，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最大，电流表量程00.6A，所以通过电路的最大电流为0.6A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据欧姆定律可得干路电流I=UR1+UR，即6VR1+6V20=0.6A，解方程可得：R1=20，滑动变阻器接入电路的电阻为2R时，通过电路的电流：I1=UR1+U2R=6V20+6V220=0.45A。故答案为：18；0.45。只闭合开关S
28、、S1，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P位于最右端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端电压等于电源电压，小灯泡恰好正常发光，根据灯泡规格结合电功公式计算小灯泡10s内消耗的电能；根据欧姆定律计算灯泡的电阻，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最小，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电压表量程03V，根据串联分压原理可知电压表示数，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流，根据串联电路规律结合欧姆定律可得电源电压，解方程可得R的值，当断开S1，闭合S、S2、S3时，定值电阻和滑动
29、变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，由乙图可知滑动变阻器接入电路的电阻为R时，通过电路的电流最大，电流表量程00.6A，根据电流表量程确定通过电路的最大电流，根据并联电路电流规律结合欧姆定律可得干路电流，解方程可得R1的值，关键并联电路电流规律结合欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻为2R时通过电路的电流可得I1的值。本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，有一定难度。14.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示；【解析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。凸透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播
30、方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。15.【答案】解：过支点O做向F的作用线做垂线，用箭头标出这段距离，记为L，就是动力臂，如下图：【解析】力臂是指从支点到力的作用线的垂直距离，从支点向动力作用线作垂线，此垂线段就是动力臂L。此题主要考查的是学生对力臂概念和画法的理解和掌握，属于中考常见题型，是教学中的重点16.【答案】竖直 A 距离 保持不变 4 加快【解析】解：(1)在探究平面镜成像特点的实验中，要使玻璃板竖直放置在水平桌面上，这样才能在水平方向找到像的位置；因为虚像无法用光屏承接，并且必须通过光学元件进行观察，因此眼
31、睛必须在蜡烛A的一侧观察蜡烛A的像；用刻度尺测量物像到平面镜距离，比较像与物到平面镜的距离关系。(2)冰是晶体，在熔化的过程中吸热，温度保持不变；由图2乙知，温度计的分度值为1，对应的刻度在0以上，所以温度计的示数为4；实验结束后烧杯中的水没有沸腾，但水面却降低了，原因是水温升高，蒸发加快。故答案为：(1)竖直；A；距离；(2)保持不变；4；加快。(1)探究平面镜成像时，为了能在水平方向找到像的位置，玻璃板要竖直放置水平桌面上；根据平面镜所成的像是虚像的特点，应在物体一侧观察；用刻度尺测量物像到平面镜的距离，比较物距和像距的关系。(2)晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；温度计读数时，
32、视线与液面相平，看清分度值，并区分是“零上”还是“零下”；表面积越大，液体温度越高，液体表面空气流动速度越大，液体蒸发越快。本题探究平面镜成像特点和冰熔化时温度的变化规律，考查实验操作、平面镜成像的特点、晶体熔化的特点、温度计的读数和影响蒸发快慢的因素，难度不大。17.【答案】水平桌面 游码 右 C 24 8 和田玉 偏小【解析】解：(1)正确使用天平：应先把天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端零刻度线位置上，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右调，才能使天平平衡；(2)天平平衡后，把小吊坠放在左盘，用镊子向右盘加减砝码，当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧
33、，接下来正确的操作步骤是把天平右盘的最小的砝码拿走，并向右移游码，使天平平衡，故C正确；(3)由图乙知，标尺的分度值为0.2g，所以吊坠的质量为m=20g+4g=24g；(4)由图丙知，水和吊坠的体积为38mL，所以吊坠的体积为：V=38mL30mL=8mL=8cm3；(5)小吊坠的密度为；=mV=24g8cm3=3g/cm3，和表格中数据进行对比，发现小吊坠可能是和田玉制作而成的；根据题意当吊坠放入量筒中的水时，吊坠中间的孔可能会由部分气泡，使水和吊坠的总体积偏大，根据V物=VV0可知测得吊坠的体积偏大，由密度公式=mV可知测得吊坠的密度将偏小。故答案为：(1)水平桌面；游码；右；(2)C；
34、(3)24；(4)8；(5)和田玉；偏小。(1)在调节天平平衡前，应将天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端的零刻度线处；指针左偏，平衡螺母右调；指针右偏，平衡螺母左调；(2)天平平衡后，把小吊坠放在左盘，用镊子向右盘加减砝码，当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明右盘重，需要将最小的砝码取下来，再向右移动游码；(3)天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；(4)读出小吊坠和水的总体积，计算出小吊坠的体积；(5)利用=mV计算出小吊坠的密度，与表格中的物质密度比较即可判断；吊坠放入水中时，根据测得水和吊坠的总体积变化，由密度公式判断测得吊坠的密度变化。
35、本题考查了量筒与天平的使用及读数，密度公式的应用等问题。量筒是初中物理中的常用测量仪器，利用密度公式进行计算，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的。18.【答案】左 电压表 A 0.24 10.4 温度 电源(电压恒为3V)【解析】解：(1)由图乙可知，电流表应使用03V量程，电路连接如图所示： (2)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，实物图知，滑动变阻器的滑片应处于最左端；(3)闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P，眼睛应注视电压表的示数，电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是滑动变阻器接触不良，故选：A；(4)由乙图可知，电流表选用的00.6A的量程，分度
36、值为0.02A，则电流表的读数为0.24A，R=UI=2.5V0.24A10.4，小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受温度的影响；(5)在第1次数据中，电流最小，所需变阻器最大，此时电源电压为：U=IR=1V15(15+30)=3V，电源电压最大为3V，第1次实验电压表示数调不到1V。因此，更换一个电源，要求电源电压为3V。故答案为：(1)如上图；(2)左；(3)电压表；A；(4)0.24；10.4；温度；(5)电源(电压恒为3V)。(1)根据伏安法测电阻的原理连接电路，由图乙确定电流表量程；(2)连接电路时，应断开开关，滑动变阻器的滑片应处于最大值处；(3)电路故障分两类：短路和断路。电
37、路短路时，短路部分无电压，电流大；电路断路时，断路部分无电流，电压大；(4)根据电流表的量程和分度值读数，利用表中数据结合欧姆定律计算出小灯泡正常发光时的电阻；(5)从串联角度分析在变阻器最大分压能力情况电源电压的最大值，再得出结论。本题为用伏安法测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻的实验，考查电路连接、故障分析、滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用和器材选择等知识。19.【答案】解：(1)该车的速度为：v=st=200m20s=10m/s；(2)根据P=Wt=Fst=Fv可知，该车牵引力的功率为：P=Fv=4103N10m/s=4104W。答：(1)此过程中该车的速度为10m/s；(2)此过程中
38、该车牵引力的功率为4104W。【解析】(1)根据v=st求出速度的大小；(2)根据P=Wt=Fst=Fv求出功率的大小。本题考查了速度、功率的计算，属于一道简单的计算题。20.【答案】解：(1)只闭合S3时，空气炸锅为中温挡，电路为R2的简单电路，由P=UI=U2R可知，R2的电阻：R2=U2P中=(220V)2440W=110；(2)当只闭合S2时，R1、R2串联；当闭合S1、S3，断开S2时，R1、R2并联；因并联电路的总电阻小于任一分电阻，串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，空气炸锅为高温挡；R1、R2串联时，电路
39、中的电阻最大，电功率最小，空气炸锅为低温挡；由并联电路的特点和欧姆定律可知，通过R1的电流：I1=UR1=220V40=5.5A，则高温挡正常工作100s，电流通过R1产生的电热：Q=I12R1t=(5.5A)240100s=1.21105J；(3)由图甲和丁可知，空气炸锅工作15min所需的电费为0.06元，则空气炸锅工作15min消耗的电能：W=0.06元0.75元/(kWh)=0.08kWh，因此该空气炸锅消耗的电功率：P=Wt=0.08kWh15160h=0.32kW=320W。答：(1)R2的电阻为110；(2)高温挡正常工作100s，电流通过R1产生的电热为1.21105J；(3)
40、该空气炸锅消耗的电功率为320W。【解析】(1)只闭合S3时，电路为R2的简单电路，根据P=UI=U2R求R2的电阻；(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；根据并联电路的特点和欧姆定律求出通过R1的电流，根据Q=I2Rt求高温挡正常工作100s，电流通过R1产生的电热；(3)根据电费计算出空气炸锅消耗的电能，根据P=Wt求出空气炸锅消耗的电功率。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率和电热公式的灵活运用，正确的判断空气炸锅处于不同挡位时电路的连接方式是关键。21.【答
41、案】解：(1)V=m=450g0.9g/cm3=500cm3；(2)其浸入水中的深度为2cm，V排=Sh=50cm22cm=100cm3=104m3；F浮=液gV排=1.0103kg/m310N/kg104m3=1N；G=mg=0.45kg10N/kg=4.5N；F弹=GF浮=4.5N1N=3.5N；(3)由图示位置缓慢向下浸入水中，直至测力计示数为0后，只取走测力计，再打开阀门K向外放水，所以圆柱体与容器底接触；当放水至容器对桌面的压强为800Pa时，F压=pS=800Pa150104m2=12N；压力大小等于水的重力、容器的重力和圆柱体重力大小之和，水的重力G水=F压G容G=12N3N4.
42、5N=4.5N；此时水对底面积S=S容S=150cm250cm2=100cm2=102m2；p=G水S=4.5N102m2=4.5102Pa；答：(1)圆柱体的体积是104m3；(2)圆柱体下降过程中，当其浸入水中的深度为2cm时，测力计的示数是3.5N；(3)当放水至容器对桌面的压强为800Pa时，水对容器底的压强是4.5102Pa。【解析】(1)根据V=m可得圆柱体的体积；(2)其浸入水中的深度为2cm，由V排=Sh可得V排；由F浮=液gV排可得浮力，通过F弹=GF浮可得测力计的示数；(3)当放水至容器对桌面的压强为800Pa时，由F压=pS可得压力大小；压力大小等于水的重力、容器的重力和圆柱体重力大小之和，可以计算出水的重力；此时水对底面积S=S容S；根据p=G水S得到压强大小；本题考查了浮力和压强的综合应用，属于较难的题型。第21页，共21页