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1、2022年河南省中考物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）1. 科普小组的同学调查了我省不同类型的发电站，其中利用不可再生能源发电的是()A. 小浪底水电站B. 孟津风力电站C. 郑州燃气电站D. 博爱光伏电站2. 在某校举办的机器人模拟救援比赛中，甲、乙两机器人同时从同一地点出发，沿直线匀速运动到10m远的目的地，它们运动的路程随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是()A. 甲的速度大小为4m/sB. 乙的速度大小为2m/sC. 甲的运动时间比乙多1sD. 甲的运动时间比乙少2s3. 小明用透明塑料盒设计了一个昆虫标本观察器，如图所示。盒底上放标本，盒盖上嵌入一凸透镜。有焦距
2、为5cm和10cm的两种凸透镜，为了在盒盖上方附近，通过凸透镜观察到标本正立、放大的像，凸透镜焦距f与盒高h选择合理的是()A. f=5cm、h=10cmB. f=10cm、h=12cmC. f=5cm、h=12cmD. f=10cm、h=6cm4. 两同学分别在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了A、B两支密度计，放入同一个盛有水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是()A. 密度计A所受浮力较小B. 密度计B所受重力较小C. 两密度计底部所受水的压强相等D. 两密度计在水面处的刻度值不同5. 小丽在乒乓球比赛中获得一枚金牌，她想测出该金牌的密度。她先用天平测出金牌的质量m
3、1，然后将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为m2的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m3。已知水的密度为水，则金牌的密度为()A. m3m2m1水B. m1m3m2水C. m1m3水D. m3m1水6. 为了将一物块送到高处，小杰用木板和滑轮搭建了如图所示的装置。用力F拉动绳端，物块沿斜面匀速向上运动，下列说法正确的是()A. 该装置使用滑轮是为了更加省力B. 此过程中物块的动能转化为重力势能C. 物块所受摩擦力的方向沿斜面向下D. 若绳子突然断开，物块将立即下滑二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）7. 如图所示，两个相同透明容器中密封着等量的空气。用该装置探究电流产生的热量
4、与哪些因素有关时，下列说法正确的是()A. 用U形管中液面高度差反映电流产生热量的多少B. 通电后可探究电流产生的热量与电流大小的关系C. 通电后可探究电流产生的热量与电阻大小的关系D. 通电一段时间后，左侧U形管中液面高度差较大8. 从“嫦娥五号”采回月球样本到“天问一号”成功登陆火星，我国在航天领域取得了辉煌成就，为人类太空探索做出了重要贡献。下列说法正确的是()A. “天问一号”的电磁波信号比“嫦娥五号”的电磁波信号传播速度大B. 银河系、太阳系、火星、“天问一号”是按照尺度由大到小排列的C. “嫦娥五号”比“天问一号”离开地球的距离更远D. “嫦娥五号”和“天问一号”相对太阳都是运动的
5、三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）9. 物理学的每一次重大发现，都为人类的文明和发展做出了杰出贡献。牛顿用光的色散实验证明了白光是由_混合而成的，揭开了光的颜色之谜。法拉第经过十年的不懈探索发现了_现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。10. 亲身体验并深入思考是我们获得物理知识的重要方法。挤出两个正对的吸盘内的空气，很难拉开它们，可体验到_的存在。将一根铁丝快速反复弯折，弯折处发热，可认识到_可以改变物体的内能。用注射器取水后封住前端，用力推活塞，水很难被压缩，说明分子间存在_。11. 在干旱缺水的地区，可用塑料布收集露水，如图所示。露形成时发生的物态变化是_，该物态变化过程要_热
6、量，所以露的形成多在夜间。12. 小利在7个相同的玻璃瓶中灌入不同高度的水，制成了一个水瓶琴，如图所示。对着瓶口吹气，发出的声音是由瓶中_振动产生的。依次吹每个瓶的瓶口，发出声音的音调不同，越靠近_(选填“左”或“右”)端音调越高。13. 在如图所示的电路中，电源电压不变，电阻R2的阻值为20。闭合开关S，两电流表的示数分别为0.5A和0.2A，则电源电压为_V，电阻R1的阻值为_。通电1min，该电路消耗的总电能为_J。14. 对物质属性的研究，给人们的生产生活和科技进步带来了重要影响。物质的属性有许多种，如弹性、导电性、熔点、凝固点、沸点、密度等。请参照示例，通过比较两种物质某一属性的差异
7、，举出一个对应的应用实例。【示例】属性比较：煤油的凝固点比水的低。应用实例：通常用煤油作温度计中的测温物质。属性比较：_。应用实例：_。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15. 如图是某戏曲演员在平面镜前化妆的情景。请在图中画出演员头饰中弧线AB段在平面镜中的像，并画出演员通过平面镜看见头饰上A点的光路图。16. 如图是悬挂在课桌旁的文具袋。请在图中标出文具袋重心O的大致位置，并以O为作用点画出文具袋静止时的受力示意图。五、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）17. 在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中：(1)在装有螺线管的硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需_纸
8、板，观察到铁屑排列成如图所示的形状。可见，通电螺线管外部磁场与_磁体的磁场相似。(2)用小磁针探究磁场方向时，发现小磁针没有标N、S极，请写出一种判断小磁针N、S极的做法：_。(3)对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管的极性与螺线管中电流的_有关。18. 在探究杠杆平衡条件的实验中：(1)将装置放在水平桌面上，静止时如图1所示。为了使杠杆在水平位置平衡，应将螺母向_(选填“左”或“右”)调节。(2)实验中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据为_，为_。实验次数动力F
9、1/N动力臂l1/m阻力F2/N阻力臂l2/m12.50.220.25220.151.50.231.50.1(3)分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件：_。(4)某小组对实验过程交流、讨论后，按图3所示又进行了实验。老师肯定了他们的做法，并指出，用弹簧测力计斜拉可使结论更具普遍性，因为这样做改变了_。在测量拉力F的力臂时，小组内有不同的意见，你认为拉力的力臂应为_(选填“OA”“OB”或“AB”)。19. 在测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率实验中，电源是三节新干电池。(1)请用笔画线代替导线，将图1的电路连接完整。(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_(选填“左”或“右”)端。(3)闭
10、合开关，移动滑片，当电压表的示数为_V时，小灯泡正常发光，读出电流表示数，可测得额定功率。(4)继续移动滑片，电压表示数如图2所示，为_V，此时电流表示数为0.24A，小灯泡的实际功率为_W。为了研究小灯泡发光情况与电功率的关系，除了表中记录的电表示数和电功率，还需要增加记录的内容是_。实验次数电压U/V电流I/A电功率P/W12.50.2620.2432.80.28(5)分析实验数据可以发现，小灯泡两端的电压越高，它的实际功率_。(6)完成上述实验后，某小组设计了图3所示的电路，用原来的电源和电压表测量原小灯泡的额定功率。方案如下：把定值电阻R0接入电路，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光；保持
11、滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，读出电压表示数；算出小灯泡的额定功率。现有阻值为5、10、20的定值电阻，为了能测出小灯泡的额定功率，结合题中的数据分析，定值电阻R0应选_的。六、综合题（本大题共2小题，共17.0分）20. 小明在科技博览会上参加义务劳动，需要把一个质量为12kg的展品从地面搬到高1.2m的展台上，如图所示。g取10N/kg。(1)要把展品从地面搬到展台上，他至少需要对展品做多少功？(2)展台台面承受的压强不能超过40kPa，如果把展品放到水平台面上，展品与台面的接触面积是40cm2，台面会不会被压坏？请通过计算说明。(3)展品展示时，要求台面水平。请你简述一种检验台面
12、是否水平的操作方法。21. 九一班开展“节约一度电”主题活动。请你和他们一起，完成以下活动内容。(1)某型号洗衣机的洗涤功率为250W，完成一次洗涤的时间为30min，则一度电可供该洗衣机完成几次洗涤？(2)若自来水的温度为15，某电热水器的电加热效率为84%，则一度电可使该电热水器将多少千克的自来水加热至45？c水=4.2103J/(kg)(3)请写出一条节约用电的建议，并用所学的物理知识加以解释。答案和解析1.【答案】C【解析】解：ABD、太阳能、风能、水能可以源源不断的得到，是可再生能源。博爱光伏电站、孟津风力电站、小浪底水电站是利用可再生能源发电的，故ABD错误；C、燃气是化石燃料，是
13、利用不可再生能源发电的，故C正确。故选：C。能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。本题主要考查学生对：可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握，要理解。2.【答案】B【解析】解：AB、匀速运动10m，甲需要时间t甲=4s，乙需要时间t乙=5s，则v甲=sst甲=10m4s=2.5m/s，v乙=st乙=10m5s=2m/s，故A错误、B正确；CD、匀速运动10m，甲需要时间t甲=4s，乙需要时间t乙=5s，所以甲的运动时间比乙少1s，故CD错误。故选：B。在st图像中，利用速度公式结合图中的数据可求出
14、甲、乙两车的速度，再进行比较即可知道结论。此题考查了st图象的分析和平均速度计算公式的应用，根据图象特点确定物体运动状态，是解决此类问题的关键。3.【答案】D【解析】解：为了在盒盖上方附近，通过凸透镜观察到标本正立、放大的像，物距应小于焦距，则只有D符合题意。故选：D。把小的物体放大便于观察，就是放大镜，放大镜实际上是一个凸透镜，物体放在凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。此题主要凸透镜成像的三种情况和应用，针对本类型的习题，首先明确是照相机、还是投影仪、还是放大镜，然后根据物距和焦距的关系进行判断。4.【答案】A【解析】解：A、由图可知，VA排VB排，由F浮=水V排g可知，FA浮FB浮
15、，故A正确；B、两支密度计均漂浮在水面，则密度计受到浮力等于自身的重力，因为FA浮FB浮，所以GAGB，故B错误；C、由图可知，两密度计底部到水面的距离hAhB，由p=gh可知，则两密度计底部所受水的压强pApB，故C错误；D、密度计在水面处的刻度值为水的密度，所以两密度计在水面处的刻度值相同，故D错误。故选：A。(1)根据F浮=水V排g判断出两密度计受到浮力大小的关系；(2)根据物体沉浮条件判断重力大小的关系；(3)根据p=gh判断两密度计底部所受水的压强大小关系；(4)密度计在水面处的刻度值为水的密度。本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，有一定难度。5.【答案】B【解
16、析】解：金牌放在盛满水的溢水杯中，金牌的体积等于金牌溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量m2，再知道烧杯和水的总质量m3，则烧杯中水的质量：m水=m3m2，烧杯中水的体积：V水=m水水。由于金牌的体积和溢出水的体积相等，所以金牌的体积：V=V水=m水水=m3m2水，金牌的质量为m，金牌的密度：=mV=m1V=m1m3m2水=m1m3m2水。故选：B。金牌放在盛满水的溢水杯中，金牌的体积等于金牌溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量，再知道烧杯和水的总质量，求出烧杯中水的质量，求出烧杯中水的体积，即金牌的体积，知道金牌的质量和体积，根据密度公式求出金牌的密度。本题考查了用天平和量筒测量液体密度和只用天
17、平测量固体的密度，是液体密度和固体密度测量的典型习题，一定要熟练掌握。6.【答案】C【解析】解：A、由图可知，该滑轮固定不动，是一个定滑轮，使用定滑轮不能省力，可以改变力的方向，故A错误；B、物块沿斜面匀速向上运动，质量不变，速度不变，动能不变；高度变大，重力势能变大，不是动能转化为重力势能，故B错误；C、物块沿斜面匀速向上运动，滑动摩擦力会阻碍物体的相对运动，所以摩擦力的方向是沿斜面向下的，故C正确；D、若绳子突然断开，物块由于具有惯性，仍然会向上移动一段距离，故D错误。故选：C。(1)使用定滑轮可以改变力的方向；(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；(3)滑动摩
18、擦力的方向与物体相对运动的方向相反；(4)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。本题考查了摩擦力的方向、动能和势能的转化、惯性、定滑轮的特点，属于基础题。7.【答案】AC【解析】解：A、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，故A正确；BC、两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系，故B错误，C正确；D、两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多，即右侧U形管中液面高度差较大，故D错误。故选：AC。(1)电流通过导体
19、产生热量的多少不能直接观察，通过转换法间接得到导体通电后产生热量的多少；(2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，甲图两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，故探究电流产生热量跟电阻关系；由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多，即b容器中产生热量多。本题探究“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联电路的规律及焦耳定律的运用。8.【答案】BD【解析】解：A、“天问一号”的电磁波信号与“嫦娥五号”的电磁波信号传播速度相同，故A错误；B、银河系、太阳系、火星、“天问一号”是按照尺度由大到小排列的，故B正确；C、“嫦娥五号”比“天问一号”离开地球的
20、距离更近，故C错误；D、以太阳为参照物，“嫦娥五号”和“天问一号”相对太阳都有位置变化，所以“嫦娥五号”和“天问一号”相对太阳都是运动的，故D正确。故选：BD。(1)“天问一号”、“嫦娥五号”利用的电磁波是相同的；(2)地球是太阳周围的一颗行星，绕着太阳转动；太阳是太阳系中的一个，太阳系除了太阳之外，还有八大行星等；太阳系是银河系中的一个星系；(3)月球比火星到地球的距离近；(4)判断一个物体是运动还是静止，首先要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果发生改变，则物体是运动的，如果没发生改变，这物体是静止的。此题考查运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用、物质世界的构成等，在判断物体运动和
21、静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。9.【答案】七种色光 电磁感应【解析】解：英国物理学家牛顿1666年让光通过三棱镜，揭开了光的颜色之谜，这就是光的色散现象。由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同，所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带；英国物理学家法拉第经过10年的探索，于1831年发现了发现的电磁感应现象，人们发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能。故答案为：七种色光；电磁感应。(1)太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，从上到下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象；(2)法拉第在奥斯特的启发下
22、，研究了磁场与电流的关系，最终在1831年终于发现了电磁感应现象，根据这个发现，后来发明了发电机，这个重要现象的发现使人类对电能的大规模获得和利用成为可能。本题考查了光的色散现象以及电磁感应现象等知识，是一道基础题。10.【答案】大气压 做功 斥力【解析】解：(1)挤出两个正对的吸盘内的空气后很难拉开，是因为吸盘受到大气压力的作用，该实验可说明大气压的存在；(2)弯折铁丝时，弯折处的温度升高，说明人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体的内能增大，温度才会升高，这是通过做功的方式改变铁丝的内能；(3)用注射器取水后封住前端，用力推活塞，水很难被压缩，是因为分子间存在着斥力。故答案为：大气压；做功；
23、斥力。(1)吸盘之间的空气被挤出后，两个吸盘在大气压力作用下，被紧紧地压在一起；(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；(3)物质是由分子组成的，分子间存在着相互作用的引力和斥力。本题考查了大气压的应用、改变内能的方式、分子间作用力等知识，综合性很强。11.【答案】液化 放出【解析】解：露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化放热。故答案为：液化；放出。物质由气态变为液态叫液化，液化放热。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。12.【答案
24、】空气柱 右【解析】解：用力在瓶口吹气，瓶内的空气柱振动发声，从左往右瓶内水的质量逐渐增大，依次吹每个瓶的瓶口，瓶子内空气振动越来越快(即振动频率越来越高)，所以声音的音调会越高。故答案为：空气柱；右。声音是由物体的振动产生的；音色与发声体的结构和材料有关；响度大小与振幅有关；音调与物体的振动快慢有关。本题主要考查了声音的产生、频率和音调的关系，难度不大。13.【答案】6 30 180【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2并联，电流表A、A1分别测量干路和电阻R1支路中的电流。因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以电流表A的示数为0.5A，即干路中的电流为：I
25、=0.5A，电流表A1的示数为0.2A，即通过电阻R1的电流为：I1=0.2A，通过电阻R2的电流为：I2=II1=0.5A0.2A=0.3A；电源电压：U=U2=I2R2=0.3A20=6V，(2)U1=U=6V，R1=U1R1=6V0.2A=30；(3)通电1min整个电路消耗的电能为：W=UIt=6V0.5A160s=180J。故答案为：6；30；180。由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2并联，电流表A2、A1分别测量干路和电阻R1支路中的电流。(1)已知两电流表示数大小，根据并联电路的电流规律确定干路和电阻R2支路中的电流大小，根据欧姆定律求得电阻R1两端的电压大小；(2)并联电
26、路的各支路的电压相等，利用欧姆定律求得R1的阻值；(3)根据W=UIt求得通电1min整个电路消耗的电能。本题考查欧姆定律和电功公式在并联电路中的应用计算，关键是知道并联电路的电流、电压规律，难度不大。14.【答案】水的比热容较大 利用水来作为汽车发动机的制冷剂【解析】解：利用水来作为汽车发动机的制冷剂是因为水的比热容较大，在同等情况下能够吸收较多的热量。属性比较：水的比热容较大。应用实例：利用水来作为汽车发动机的制冷剂。故答案为：水的比热容较大；利用水来作为汽车发动机的制冷剂。可从比热容的角度考虑，比热容是物质的一种特性，体现了物质的吸热和放热本领。本题考查对物质的属性的认识，属于基础题，难
27、度不大。15.【答案】解：分别作出视力表AB端点A、B关于平面镜的对称点A、B，用虚线连接圆弧A、B，即为AB在平面镜中的像。如图所示：连接眼睛C和像点A，交平面镜于O点，连接AO即入射光线，OC为反射光线。如图所示：【解析】平面镜成像的特点是：成虚像、像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，利用这一对称性作出AB的像。根据物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等，做出A点的像，A点的像是反射光线的反向延长线会聚形成的，必然有反射光线进入人的眼睛，反射光线经过眼睛和像点，两者的连线确定入射点，画出入射光线。作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点(或关键点)的像点，用虚线连接像
28、点得到物体的像。16.【答案】解：过重心作竖直向下的重力和竖直向上的拉力；图示如下：。【解析】文具袋受到重力和拉力的作用，用力的示意图表示文具袋的受力情况。会用力的示意图表示物体受力情况，基础题目。17.【答案】轻敲纸板 条形 将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端N极，指南的一端为S极 方向【解析】解：(1)周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中可以轻敲纸板减小铁屑与纸板的摩擦，使铁屑受到磁场的作用力而有规律地排列；由图中铁屑排列形状可知，通电螺线管外部磁场与条形磁体相似；(2)将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端N极，指南
29、的一端为S极；(3)对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。故答案为：(1)轻敲纸板；条形；(2)将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端N极，指南的一端为S极；(3)方向。(1)周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中轻敲纸板，根据图中铁屑排列形状分析解答；(2)地球是个大磁体，地磁场内的磁体都受到地磁场的作用，总是一端指南一端指北；(3)通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关。本题探究通电螺线管外部磁场方向，考查实验操作、判断磁极的方法和根据现象归纳结论的能
30、力。18.【答案】右 1.0 0.15 F1L1=F2L2 拉力的力臂 OB【解析】解：(1)实验前，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；(2)由图2可知，杠杆左端挂了3个钩码，钩码在两格处，右端挂了两个钩码，位置在3格处，结合表中数据可知，两格处的力臂是0.1m，因此3格处的力臂为0.15m，故为1.0，为0.15；(3)根据表中数据可知，杠杆的平衡条件为F1L1=F2L2；(4)力臂不一定是支点到力作用点的距离，用弹簧测力计斜拉可使结论更具普遍性，因为这样做改变了拉力的力臂，使力臂与杠杆不重合；从支点到动力作用
31、线的垂直距离叫动力臂，因此拉力的力臂应为OB。故答案为：(1)右；(2)1.0；0.15；(3)F1L1=F2L2；(4)拉力的力臂；OB。(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；(2)根据图2中所挂钩码的数量和位置分析解答；(3)从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂。力臂不一定是支点到力作用点的距离；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；但为得出普遍结论，用弹簧测力计拉杠杆，使力与杠杆不垂直，
32、多做几次实验，得出实验结论。此题是探究杠杆平衡实验，考查了实验操作、力臂的概念及分析数据归纳结论的能力。19.【答案】左 2.5 2.2 0.528 灯泡的亮度 越大 5【解析】解：(1)滑动变阻器与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选03V的量程，滑动变阻器采用“一上一下”的原则接线，如图所示：；(2)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的左端；(3)灯在额定电压下正常发光，因此闭合开关，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光；(4)因为电压表选用小量程，
33、由图2可知，电压表的分度值为0.1V，示数为2.2V，灯泡的实际功率：P实=U实I实=2.2V0.24A=0.528W；研究小灯泡发光情况与电功率的关系时需要比较灯泡的亮度与灯泡的电功率，因此表中还需要增加记录的内容为灯泡的亮度；(5)由表中数据可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，由P=UI可知，电压和电流都增大时，电功率增大，说明小灯泡两端的电压越高，它的实际功率越大；(6)电源为3节新干电池组成，电源电压为4.5V，灯泡正常发光时电流为I=0.26A，由串联电路的电压特点可知，定值电阻和滑动变阻器两端的总电压：U=UU额=4.5V2.5V=2V，由欧姆定律可知，定值电阻和滑动变
34、阻器的总电阻：R=UI=2V0.26A7.710，因此定值电阻R0应选5，此时定值电阻R0两端的电压：U0=IR0=0.26A5=1.3V，故R0=5能满足测量要求。故答案为：(1)如图所示；(2)左；(3)2.5；(4)2.2；0.528；灯泡的亮度；(5)越大；(1)滑动变阻器与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程，滑动变阻器采用“一上一下”的原则接线；(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；(3)灯在额定电压下正常发光，据此确定电压表的示数；(4)根据电压表选用小量程确定分度值读出示数，根据P=UI可求出灯泡的实际功率；研究小
35、灯泡发光情况与电功率的关系时需要比较灯泡的亮度与灯泡的电功率，据此分析还表中需要增加记录的内容；(5)由表中数据可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI分析灯泡实际功率与灯泡两端的电压关系；(6)为测灯泡的额定功率，必须使灯泡两端电压为2.5V，由图知，电压表分别测灯泡和定值电阻两端电压，由串联电路特点和欧姆定律通过计算定值电阻的电流得到灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算灯泡的额定功率；根据串联电路特点和欧姆定律计算定值电阻和滑动变阻器总的电阻，进而确定定值电阻R0的规格。本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、注意事项、电压表的读数、实验操作、电功率计算以及器材的选择等
36、，综合性强。20.【答案】解：(1)展品的重力：G=mg=12kg10N/kg=120N，对展品做的功：W=Gh=120N1.2m=144J；(2)展品对水平台面的压力：F=G=120N，则展品与台面的压强：p=FS=120N40104m2=3104Pa=30kPa40kPa，故台面不会被压坏；(3)因为水平方向与竖直方向垂直，所以可以利用重锤线配合直角支架检查台面是否水平。答：(1)他至少需要对展品做144J的功；(2)展品与台面的压强为30kPa40kPa，故台面不会被压坏；(3)利用重锤线配合直角支架检查台面是否水平。【解析】(1)根据G=mg求展品的重力；根据W=Gh求对展品做的功；(
37、2)展品对水平台面的压力大小等于展品的重力，根据p=FS求展品与台面的压强，进而判断台面会不会被压坏；(3)根据重力方向始终是竖直向下的分析解答。本题考查重力的计算、功的计算、固体压强的计算，重力方向始终是竖直向下的应用，难度不大。21.【答案】解：(1)洗衣机完成一次洗涤所消耗的电能为：W=Pt=0.25W3060h=0.125kWh，一度电可供该洗衣机完成洗涤的次数为：n=1kWh0.125kWh/次=8次；(2)消耗一度电水吸收的热量为：Q吸=W=3.6106J84%=3.024106J，由Q吸=cmt可知，水的质量为：m=Q吸ct=3.024106J4.2103J/(kg)(4515)
38、=24kg；(3)及时更换旧电器：旧灯管、旧电热水壶等旧电器，用久之后电阻会变大，耗电量也随之变大，所以及时更换这些旧电器可以达到省电的目的。答：(1)一度电可供该洗衣机完成8次洗涤；(2)一度电可使该电热水器将24千克的自来水加热至45；(3)及时更换旧电器：旧灯管、旧电热水壶等旧电器，用久之后电阻会变大，耗电量也随之变大，所以及时更换这些旧电器可以达到省电的目的。【解析】(1)根据W=Pt求出洗衣机完成一次洗涤所消耗的电能，从而求出一度电可供该洗衣机完成洗涤的次数；(2)根据=Q吸W求出消耗一度电水吸收的热量，根据Q吸=cmt求出可加热水的质量；(3)根据生活经验回答。本题考查了电能与热量的综合计算，涉及到电功公式、吸热公式等，计算过程要注意单位的换算。第17页，共18页