《2021_2021学年新教材高中物理第二章电磁感应2法拉第电磁感应定律检测含解析新人教版选择性必修.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021_2021学年新教材高中物理第二章电磁感应2法拉第电磁感应定律检测含解析新人教版选择性必修.doc（11页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、法拉第电磁感应定律(25分钟60分)一、选择题(本题共6小题,每小题6分,共36分)1.关于感应电动势大小的下列说法中,正确的是()A.线圈中磁通量变化越大,线圈中产生的感应电动势一定越大B.线圈中磁通量越大,产生的感应电动势一定越大C.线圈放在磁感应强度越强的地方,产生的感应电动势一定越大D.线圈中磁通量变化越快,产生的感应电动势越大【解析】选D。由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势的大小由磁通量的变化率决定。线圈中磁通量变化越大,但磁通量变化率不一定越大,所以产生的感应电动势也不一定越大,故A错误;线圈中磁通量越大,但磁通量变化率不一定越大,所以产生的感应电动势也不一定越大,故B错误;线圈
2、放在磁感应强度越强的地方,磁通量虽然较大,但变化率不一定大,所以产生的感应电动势也不一定越大,故C错误;线圈中磁通量变化越快,产生的感应电动势越大,故D正确。2.一根直导线长0.1 m,在磁感应强度为0.1 T的匀强磁场中以10 m/s的速度匀速运动,则导线中产生的感应电动势的说法错误的是()A.一定为0.1 VB.可能为零C.可能为0.01 VD.最大值为0.1 V【解析】选A。当公式E=Blv中B、l、v互相垂直而导线切割磁感线运动时感应电动势最大:Em=Blv=0.10.110 V=0.1 V,考虑到它们三者的空间位置关系,B、C、D正确,A错。3.(多选)如图所示,闭合金属线框放置在竖
3、直向上的匀强磁场中,匀强磁场的磁感应强度随时间变化。下列说法正确的是()A.当磁感应强度增加时,线框中的感应电流可能减小B.当磁感应强度增加时,线框中的感应电流一定增大C.当磁感应强度减小时,线框中的感应电流一定增大D.当磁感应强度减小时,线框中的感应电流可能不变【解析】选A、D。线框中的感应电动势E=S,设线框的电阻为R,则线框中的电流I=,因为B增大或减小时,可能减小,也可能增大,也可能不变,线框中的感应电动势的大小只和磁通量的变化率有关,和磁通量的变化量无关,故选项A、D正确。4.如图所示,闭合开关S,将条形磁铁两次插入闭合线圈,第一次用0.2 s,第二次用0.4 s,并且两次的起始和终
4、止位置相同,则()A.第一次磁通量变化较大B.第一次G的最大偏角较大C.第一次经过G的总电荷量较多D.若开关S断开,G不偏转,故两次均无感应电动势【解析】选B。因两次的起始和终止位置相同,所以磁感应强度变化量B相同,由=BS知:两次磁通量变化相同,故A错误;因磁通量变化相同,匝数n相同,t10,可知a环中感应电流为逆时针方向,根据右手螺旋定则,知感应磁场方向垂直纸面向外,图乙中原磁场增强,根据楞次定律可知原磁场方向垂直纸面向里,A项正确,B项错误;根据楞次定律可得b环中也产生逆时针方向的感应电流,UMN0,a环处于磁场中时,UMN=Ea,b环处于磁场中时,UMN=-Eb ,而=4,解得UMN=
5、-0.2 V,C项错误,D项正确。6.如图所示,PQRS为一正方形导线框,它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场,磁场方向垂直线框平面,MN线与线框的边成45角,E、F分别为PS和PQ的中点,关于线框中的感应电流,下列说法正确的是()A.当E点经过边界MN时,感应电流最大B.当P点经过边界MN时,感应电流最大C.当F点经过边界MN时,感应电流最大D.当Q点经过边界MN时,感应电流最大【解析】选B。当P点经过边界MN时,切割磁感线的有效长度最大为SR,感应电流达到最大。【补偿训练】一个电阻是R,半径为r的单匝线圈放在磁感应强度为B的匀强磁场中,如图所示,若以线圈的直径为轴旋转180,则在此过
6、程中,导线横截面上通过的电荷量为()A.0B.C.D.【解析】选C。由法拉第电磁感应定律得=,由闭合电路欧姆定律得=,导线横截面上通过的电荷量q=t,联立得q=,由于开始线圈平面与磁场垂直,现把线圈旋转180,则有=2BS=2Br2;可得:q=,故选C。二、非选择题(本题共2小题,共24分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)7.(12分)如图所示,一无限长的光滑金属平行导轨置于匀强磁场B中,磁场方向垂直导轨平面,导轨平面竖直且与地面绝缘,导轨上M、N间接一电阻R,P、Q端接一对沿水平方向的平行金属板,导体棒ab置于导轨上,其电阻为3R,导轨电阻不计,棒长为L,平行金属板间距
7、为d。今导体棒通过定滑轮在一物块拉动下开始运动,稳定后棒的速度为v,不计一切摩擦阻力。此时有一带电量为q的液滴恰能在两板间做半径为r的匀速圆周运动,且速率也为v。求:(1)速度v的大小;(2)物块的质量m。【解析】(1)设平行金属板间电压为U,液滴质量为m0。液滴在平行金属板间做匀速圆周运动,重力与电场力必定平衡,则有:q=m0g由qvB=m0得r=联立解得U=则棒产生的感应电动势为: E=(R+3R)=由E=BLv,得v=2(2)棒中电流为:I= ab棒匀速运动,外力与安培力平衡,则有F=BIL=而外力等于物块的重力,即mg=解得m=答案:(1)2(2)8.(12分)电磁轨道炮利用电流和磁场
8、的作用使炮弹获得超高速度,其原理可用来研制新武器和航天运载器。电磁轨道炮示意如图,图中直流电源电动势为E,电容器的电容为C。两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l,电阻不计。炮弹可视为一质量为m、电阻为R的金属棒MN,垂直放在两导轨间处于静止状态,并与导轨良好接触。首先开关S接1,使电容器完全充电。然后将S接至2,导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场(图中未画出),MN开始向右加速运动。当MN上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时,回路中电流为零,MN达到最大速度,之后离开导轨。问:(1)磁场的方向。(2)MN刚开始运动时加速度a的大小。(3)MN离开导轨后电容器上
9、剩余的电荷量Q是多少。【解析】(1)电容器充电后上板带正电,下板带负电,放电时通过MN的电流由M到N,欲使炮弹射出,安培力应沿导轨向右,根据左手定则可知磁场的方向垂直于导轨平面向下。(2)电容器完全充电后,两极板间电压为E,根据欧姆定律,电容器刚放电时的电流:I=炮弹受到的安培力:F=BIl根据牛顿第二定律:F=ma解得加速度a=(3)电容器放电前所带的电荷量Q1=CE开关S接2后,MN开始向右加速运动,速度达到最大值vm时,MN上的感应电动势:E=Blvm最终电容器所带电荷量Q2=CE设在此过程中MN的平均电流为,MN上受到的平均安培力:=Bl由动量定理,有:t=mvm-0又:t=Q1-Q2
10、整理得:最终电容器所带电荷量Q2=答案:(1)垂直于导轨平面向下(2)(3)【补偿训练】如图所示,竖直平面内有间距l=40 cm、足够长的平行直导轨,导轨上端连接一开关S。长度恰好等于导轨间距的导体棒ab与导轨接触良好且无摩擦,导体棒ab的电阻R=0.40 ,质量m=0.20 kg。导轨电阻不计,整个装置处于与导轨平面垂直的水平匀强磁场中,磁场的磁感应强度B=0.50 T,方向垂直纸面向里(空气阻力可忽略不计,取重力加速度g=10 m/s2)。(1)当t0=0时ab棒由静止释放,t=1.0 s时,闭合开关S。求:闭合开关S瞬间ab棒速度v的大小;当ab棒向下的加速度a=4.0 m/s2时,其速
11、度v的大小;(2)若ab棒由静止释放,经一段时间后闭合开关S,ab棒恰能沿导轨匀速下滑,求ab棒匀速下滑时电路中的电功率P。【解析】(1)导体棒做自由落体运动,根据运动学公式有:v=gt=10 m/s;设导体棒以加速度a=4.0 m/s2向下运动时其所受安培力为FA,设速度为v,根据牛顿第二定律有:mg-FA=ma,解得FA=1.2 N;因安培力大小FA=BIl,且由闭合电路欧姆定律有I=,结合法拉第电磁感应定律,有E=Blv,解得v=12 m/s;(2)设导体棒沿导轨匀速下滑时通过导体棒的电流为Im,则有mg=BIml,代入数据解得Im=10 A,此时电路中的电功率为P=R=40 W答案:(
12、1)10 m/s 12 m/s(2)40 W(15分钟40分)9.(7分)在图中,EF、GH为平行的金属导轨,其电阻不计,R为电阻,C为电容器,AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆。有匀强磁场垂直于导轨平面。若用I1和I2分别表示图中该处导线中的电流,则当横杆AB()A.匀速滑动时,I1=0,I2=0B.匀速滑动时,I10,I20C.加速滑动时,I1=0,I2=0D.加速滑动时,I10,I20【解析】选D。电容器在电路中与等效电源并联,两端电压为AB端感应电动势,所以当导体横杆匀速滑动时,电容器两端电压不变I2=0,电阻R中电流不为零,A、B错;加速滑动时,电容器两端电压随导体横杆速度的增大而
13、增加,所以充电电流不为零,通过电阻的电流也不为零,D对。10.(7分)如图甲所示,两个相邻的有界匀强磁场区,方向相反,且垂直纸面,磁感应强度的大小均为B,以磁场区左边界为y轴建立坐标系,磁场区在y轴方向足够长,在x轴方向宽度均为a。矩形导线框ABCD的CD边与y轴重合,AD边长为a。线框从图示位置水平向右匀速穿过两磁场区域,且线框平面始终保持与磁场垂直。以逆时针方向为电流的正方向,线框中感应电流i与线框移动距离x的关系图像正确的是图乙中的()【解析】选C。线框进入磁场,在进入磁场0a的过程中,E=Bav,电流I0=,方向为逆时针方向,为正。在进入磁场a2a的过程中,电动势E=2Bav,电流I1
14、=2I0,方向为顺时针方向,为负。在进入磁场2a3a的过程中,E=Bav,电流I2=I0,方向为逆时针方向,为正,故C正确,A、B、D错误。11.(7分)(多选)如图所示,一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路,虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场,方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右匀速进入磁场,直径CD始终与MN垂直。从D点到达边界开始到C点进入磁场为止,下列结论正确的是()A.感应电流方向不变B. CD段直导线始终不受安培力C.感应电动势最大值E=BavD.感应电动势平均值=Bav【解析】选A、C、D。在闭合回路进入磁场的过程中,通过闭合回路的磁通量逐渐增大,根据楞次定律可知感应电流
15、的方向为逆时针方向不变,A正确;根据左手定则可以判断,CD段直导线受安培力且方向向下,故B错误;当半圆闭合回路进入磁场一半时,等效长度最大为a,这时感应电动势最大E=Bav,C正确;由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值=Bav,故D正确。12.(19分)如图所示,矩形线圈在0.01 s内由原始位置转落至位置。已知ad=510-2 m,ab=2010-2 m,匀强磁场的磁感应强度B=2 T,R1=R3=1 ,R2=R4=3 。求:(1)平均感应电动势;(2)转落时,通过各电阻的电流。(线圈的电阻忽略不计)【解析】(1)设线圈在位置时,穿过它的磁通量为1,线圈在位置时,穿过它的磁通量为2,有:
16、1=BSsin30=110-2 Wb,2=210-2 Wb,得:=2-1=110-2 Wb根据电磁感应定律可得:E= V=1 V(2)将具有感应电动势的线圈等效为电源,其外电路的总电阻为:R=2 根据闭合电路欧姆定律得总电流为:I= A=0.5 A通过各电阻的电流均为:I=0.25 A答案:(1)1 V(2)0.25 A【补偿训练】如图所示,两金属板正对并水平放置,分别与平行金属导轨连接,、区域有垂直导轨所在平面的匀强磁场。金属杆ab与导轨垂直且接触良好,并一直向右匀速运动。某时刻ab进入区域,同时一带正电小球从O点沿板间中轴线水平射入两板间。ab在区域运动时,小球匀速运动;ab从区域右边离开
17、磁场时,小球恰好从金属板的边缘离开。已知板间距为4d,导轨间距为L,、区域的磁感应强度大小相等、宽度均为d。带电小球质量为m,电荷量为q,ab运动的速度为v0,重力加速度为g。求:(1)磁感应强度的大小;(2)ab在区域运动时,小球的加速度大小;(3)要使小球恰好从金属板的边缘离开,ab运动的速度v0要满足什么条件。【解析】(1)ab在磁场区域运动时,产生的感应电动势大小为:=BLv0金属板间产生的场强大小为:E=ab在磁场区域运动时,带电小球匀速运动,有mg=qE联立得:B=(2)ab在磁场区域运动时,设小球的加速度a,依题意,有qE+mg=ma联立得:a=2g(3)依题意:ab分别在、磁场区域运动时,小球在电场中分别做匀速、类平抛和匀速运动,设发生的竖直分位移分别为s、s、s;ab进入磁场区域时,小球的竖直分速度为v。则:s=0s=2g()2s=vv=2g又:s+s+s=2d联立可得:v0=答案:(1)(2)2g(3)- 11 -