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1、2019年黑龙江省哈尔滨市渤海中学中考物理二模试卷一选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）1（2分）物理学是一门实验性很强的基础科学，培养同学们正确使用仪器的技能是做好物理实验的基础，下列操作正确的是（）A用托盘天平测量物体质量过程中，发现横梁不平衡时可调节平衡螺母B用实验室温度计测量液体温度，应将温度计从液体中取出再读数C用弹簧测力计在杠杆平衡实验中测量拉力时，竖直调零后，倒置时不需要调零D用刻度尺测量物体长度，可让整刻度线对准被测物体的一端2（2分）如图所示，下列物态变化需要吸热的是（）A 冰雪消融B露珠的形成C霜打枝头D 冰的形成3（2分）下列生活中的现象或应用与所标注的原理不相对
2、应的是（）A树影：光的直线传播B摄影：光的折射C倒影：光的反射D日食：光的色散4（2分）如图所示的四种现象中，符合安全用电原则的是（）A在没有断开电源的情况下换灯泡B使用绝缘层破损的电线C 用湿抹布擦拭正在工作的台灯D 用绝缘棒挑开通电的裸导线5（2分）在2011年第7届亚冬会上，许多比赛项目涉及到了物理知识，下列分析中正确的是（）A速滑运动员向后用力滑冰，人就能前进，这是因为力的作用是相互的B冰壶比赛中，冰壶被运动员掷出去后，在冰面上做匀速直线运动C花样滑冰运动员单脚在冰面上滑行时，对冰面的压力与压强都变大D冰球比赛中，运动员挥杆击球时，球杆可看成省力杠杆6（2分）如图所示的四个装置，与发电
3、机工作原理相同的是（）ABCD7（2分）下列说法中，与实际不符的是（）A水坝筑成上窄下宽的形状是为了减小压强B玻璃厂用吸盘搬运玻璃利用了大气压的作用C马德堡半球实验证明了大气压的存在D托里拆利最早测出了大气压的值8（2分）下列各种现象与其涉及的物理知识之间的关系中，错误的是（）A如坐针毡压强与压力大小的关系B飞机飞行时获得升力液体压强和流速的关系C水下潜水艇能够上浮物体的浮沉条件D船闸工作过程连通器各部分容器中的液面关系9（2分）甲、乙两个完全相同的杯子盛有盐水，将同一枚鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示，则（）A甲杯底所受的液体压强较大B鸡
4、蛋在乙杯中受到的浮力较大C鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等D甲杯子对桌面的压力较大10（2分）如图所示的滑轮组，每个滑轮重50N，用这个滑轮组把质量为40kg的重物在2s内匀速提升2m，不计绳重和摩擦，下列说法中不正确的是（g10N/kg）（）A作用在绳自由端的拉力F为150NB重物的速度是1m/sC绳子自由端移动的距离为6mD绳子自由端的速度是2m/s11（2分）如图所示，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）A电流表A1的示数不变，A2的示数变大B电流表A1的示数变大，A2的示数变小C电压表的示数与A1的示数的比值不变，A2的示数变小D电压表的示数与A1的示数的比值变大，A2的
5、示数变小12（2分）如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移动到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示。则（）A定值电阻电压变化范围是 04.5VB定值电阻电功率变化了 6.75WC电路总电阻的最大值为 15D电路总功率变化范围是 1.8W6.4W二填空题（共16小题，满分48分）13（3分）2018年4月26日，在酒泉卫星发射中心，我国利用长征十一号运载火箭将五颗卫星精确送入预定轨道，“一箭五星“发射任务取得圆满成功。这是我国发射卫星数量最多的一次发射。卫星是依靠 将信息传递回地球的。14（3分）用钟锤敲击编钟，
6、编钟会因 而发出声音，轻敲或重敲编钟同一位置，所发出声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同。15（3分）汽车是常见的交通工具，其中包含卡富的物理知识；汽车驶过我们闻到汽油味儿，这是 现象，汽车发动机把热量传给水是通过 的方武使水的内能增加的。16（3分）小明用20N的水平推力推着重为50N的木箱，在水平地面上做匀速直线运动，则地面对木箱的摩擦力大小为 N若小明将推力增大到30N时，木箱受到的摩擦力大小为 。17（3分）如图所示为0.5kg某种晶体熔化过程中温度随时间变化图象，则根据图象可知：（1）该晶体的熔点是 ，熔化时处于 状态，用时 分钟。（2）用同一热源加热，则它在固态与液态时
7、的比热容之比为 。（3）若该晶体液态时的比热为2.4103J/（kg），其熔化过程中吸收的热量为 J（4）若规定“质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热”，计算出其熔化热 J/Kg。18（3分）如图所示，用力打击一摞棋子中间的一个，该棋子由静止开始沿水平方向飞出，这表明： 。上面的棋子由于具有惯性要保持原来的静止状态，同时，这些棋子因为受到 的作用，又落到下面的棋子上。19（3分）如图甲所示电路中，L1和L2是 联的，闭合开关S，电流表A1与A2指针指示的位置都如图乙所示，判断A1表的读数是 A；流过灯L1的电流大小是 A。20（3分）上海的发展日新月异，有着“世
8、博专线”之称的上海城市轨道交通十三号线全长约5000米，于世博会前就投入了使用。若一辆地铁列车全程运行约需250秒，则该车的速度为 米/秒。列车在水平轨道上匀速前进时，列车的质量 ，列车的机械能 （均选填“减少”、“不变”或“增加”）。21（3分）电动机是一种常用的动力机械，从能量转化的角度看，它主要是把电能转化为机械能，还有一部分能量在线圈中以热量的形式散失掉。现有一台电动机，其线圈电阻为0.4，当电动机两端加220V电压时，通过电动机线圈的电流为50A则1分钟内线圈产生的热量是 J，电动机所做的机械功是 J。22（3分）如图所示，某同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，误将电压表并联在滑动变
9、阻器两端。他从滑片置于最右端时开始记录第一组数据，调节滑片测得多组数据，描绘出的UI图象如图所示。已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V可求得小灯泡正常发光时的阻值为 ，额定功率为 W变阻器最大阻值为 。23（3分）如图所示，一个人在缓慢下降的吊桥上行走，某时刻人走在吊桥的中间，钢丝绳对吊桥的拉力为F，A点是人对吊桥压力的作用点，O点是支点。请画出此时人对吊桥的压力F1的示意图和钢丝绳拉力的力臂l。24（3分）根据图中通电螺线管的N极，用箭头标出磁感线的方向，并在括号内标出电源的正负极。25（3分）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。（1）小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随
10、意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是 。（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图甲所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了 （选填“镜面反射”或“漫反射”）。（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立 （选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。（4）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏
11、时，将会在光屏上看到 。A蜡烛像的下半部分 B蜡烛像的上半部分C蜡烛完整的像，像的亮度变暗 D蜡烛完整的像，像的亮度不变（5）在图甲中，小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 （填“靠近”或“远离”）透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。（6）某小组实验时对图甲中的装置进行了改进，将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸，如图乙所示，请写出改进后其中一个优点： 。26（3分）实验桌上有小蜡块（可放入量筒）、天平、量筒、足量的水和烧杯。小明想测量小蜡块的密度。他使用排水法测量小蜡块的体积时，发现小蜡块会漂浮在水上。小明向物理老师求助，老师又给了小明若
12、干小石块（也可放入量筒）和细线。请你只利用给出的器材帮助小明设计一个实验，测量小蜡块的密度。写出实验步骤，画出实验数据记录表格。27（3分）如图所示是测量“小灯泡电阻”的实验电路。电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图甲是已连接好的实物电路。（1）闭合开关前滑片P应移至滑动变阻器的 （选填“最右”或“最左”）端，起到保护作用。（2）调节滑动变阻器的滑片P在某一位置时，电流表和电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻是 若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向 移，直到小灯泡正常发光。（3）由于电流表和电压表都有内阻，通常情况下是忽略不计的。若它们的电阻不能忽略，则按如图甲所示电路
13、测量小灯泡发光时的电阻比真实值相比 。（选填“偏大”、“偏小”或“一样大”）28（3分）某新型汽车的质量为1500kg，静止时轮胎与地面的总接触面积为0.1m2某次车型测试中，汽车在一段平直公路上匀速行驶了6km，消耗汽油1kg，若行驶过程中受到的平均阻力是3000N，汽油的热值是4.6107J/kg，求在此次测试中：（1）汽车静止时对水平地面的压强是多少？（2）汽车牵引力做的功是多少？（3）汽车发动机的效率是多少？2019年黑龙江省哈尔滨市渤海中学中考物理二模试卷参考答案与试题解析一选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）1（2分）物理学是一门实验性很强的基础科学，培养同学们正确使用仪器
14、的技能是做好物理实验的基础，下列操作正确的是（）A用托盘天平测量物体质量过程中，发现横梁不平衡时可调节平衡螺母B用实验室温度计测量液体温度，应将温度计从液体中取出再读数C用弹簧测力计在杠杆平衡实验中测量拉力时，竖直调零后，倒置时不需要调零D用刻度尺测量物体长度，可让整刻度线对准被测物体的一端【分析】（1）天平的横梁不平衡有两种情况：在称量物体的质量之前，要调节天平的平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；在称量物体的过程中，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡。（2）在使用温度计时，需要注意的事项有：温度的玻璃泡要完全浸没在被测液体中；玻璃泡不能碰到容器底和容器壁；读数时，温度计的玻璃
15、泡不能离开被测液体；视线要和温度计中液面相平。（3）使用弹簧测力计前先观察指针是否在零刻度线处。（4）使用刻度尺测物体的长度时，被测物体的一端要对准刻度尺的零刻度线。【解答】解：A、称量物体质量时，若天平横梁不平衡，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡，不能调节平衡螺母，故A错误。B、温度计读数时，如果从液体中取出，其示数会受到外界温度的影响，故B错误。C、用弹簧测力计在杠杆平衡实验中测量拉力时，竖直调零后，倒置时仍然需要调零，故C错误。D、使用刻度尺测物体的长度时，物体的一端要对准刻度尺的零刻度线，故D正确。故选：D。【点评】该题考查了温度计、刻度尺、天平、测力计等测量仪器的使用要求，熟悉
16、每一种实验器材的使用特点是同学们必须掌握的一项技能。2（2分）如图所示，下列物态变化需要吸热的是（）A 冰雪消融B露珠的形成C霜打枝头D 冰的形成【分析】物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。【解答】解：A、冰雪消融，属于固态转化为液态，需要吸热。故A符合题意。B、露珠的形成，是水蒸气遇冷液化成小水珠，会放热。故B不符合题意。C、霜打枝头是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，属于凝华，要放热。故C不符合题意。D、冰的形成是由液态变成固态的过程，属于凝固，要放热。故D不符合题意。故选：A。【点评】考查了物态变化的吸热（放热）特点，要求熟练掌握。3（2分）下列生活中的现象或应用
17、与所标注的原理不相对应的是（）A树影：光的直线传播B摄影：光的折射C倒影：光的反射D日食：光的色散【分析】有些“影”是由光的直线传播形成的，有些是由光的反射形成的，有些是由光的折射形成的。分析是由哪种方式形成的，关键是看光的传播路径。照相机的镜头是一个凸透镜。【解答】解：A、树影是由光的直线传播形成的，光透不过树叶，在树叶的背后形成的一个黑暗的区域就是影子，故A正确；B、照相机的镜头是一个凸透镜，摄影利用了光的折射，故B正确；C、倒影不是影，实质是平面镜所成的虚像，平面镜成像的原理是光的反射，平面镜不透光，光反射回来进入我们的眼睛形成像，故C正确；D、日食由光的直线传播形成的，故D错误。故选：
18、D。【点评】此题是一道光学的综合题，考查了光的直线传播、平面镜成像和透镜的应用。4（2分）如图所示的四种现象中，符合安全用电原则的是（）A在没有断开电源的情况下换灯泡B使用绝缘层破损的电线C 用湿抹布擦拭正在工作的台灯D 用绝缘棒挑开通电的裸导线【分析】（1）更换灯泡时，应先切断电源；（2）绝缘层破损的电线要及时更换；（3）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；（4）发现有人触电时，可以用绝缘棒挑开通电的裸导线。【解答】解：A、不断开开关，直接更换不亮的电灯泡，由于灯泡上带电，容易引起触电事故，所以更换灯泡时先断开开关，故A不符合安全用电原则；B、电线绝缘层破损后，防止引发触电事故，故B不符合
19、安全用电原则；C、用湿布擦拭正在发光的电灯，湿布导电容易使人触电，故C不符合安全用电原则；D、用绝缘棒挑开通电的裸导线，避免发生触电事故，故D符合安全用电原则。故选：D。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，值得注意的是：生活用水是导体，金属外壳的用电器一定要接地。5（2分）在2011年第7届亚冬会上，许多比赛项目涉及到了物理知识，下列分析中正确的是（）A速滑运动员向后用力滑冰，人就能前进，这是因为力的作用是相互的B冰壶比赛中，冰壶被运动员掷出去后，在冰面上做匀速直线运动C花样滑冰运动员单脚在冰面上滑行时，对冰面的压力与压强都变大D冰球比赛中，运动员挥杆击球时，球杆可看成省力杠杆【
20、分析】物体间力的作用是相互的；力是改变物体运动状态的原因；增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆。【解答】解：A、速滑运动员向后用力滑冰时，人施加一个向后的作用力，根据物体间力的作用是相互的，人同时会受到一个向前的作用力，使人前进，故A正确；B、冰壶被掷出后，在冰面上要受到冰面的摩擦力，运动速度会逐渐减小，最后会停下来，不是做匀速直线运动。故B错误；C、花样滑冰运动员单脚在冰面上滑行时，压力等于重力，因此压力不变；受力面积减小，因此压强增大；故C错误；D、冰球比赛中，运动员挥杆击球时，阻力臂大于了动力臂，因此为费力杠杆，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了学生
21、根据比赛项目结合所学知识进行分析的能力，向学生渗透了物理知识的广泛性。6（2分）如图所示的四个装置，与发电机工作原理相同的是（）ABCD【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象，分析清楚图示实验原理，然后答题。【解答】解：发电机的工作原理是电磁感应现象。A该装置中没有电源，是探究电磁感应现象的实验，说明了闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，它与发电机的工作原理相同，故A正确；B该实验为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故B错误；C该装置中有电源，是通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置的原理制造了电动机而不是发电机，故C错误；D该装置中电流的大小一定，匝数多的线圈
22、吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故D错误。故选：A。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、影响电磁铁磁性因素、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。7（2分）下列说法中，与实际不符的是（）A水坝筑成上窄下宽的形状是为了减小压强B玻璃厂用吸盘搬运玻璃利用了大气压的作用C马德堡半球实验证明了大气压的存在D托里拆利最早测出了大气压的值【分析】（1）知道液体内部压强随着深度的增加而增大，且熟悉该性质在生活中的应用；（2）掌握有关大气压的知识在生活中的应用。知道马德堡半球实验证实了大气压的存在；托里拆
23、利实验测出了大气压值；以及利用大气压的一些生活现象。【解答】解：A、由于液体内部压强随着深度的增加而增大，故河坝筑成上窄下宽的梯形，故该选项错误，符合题意；B、玻璃厂用吸盘搬运玻璃利用了大气压的作用，故该选项正确，不符合题意；C、马德堡半球实验非常有说服力的证明了大气压的存在，故该选项正确，不符合题意；D、托里拆利最早测出了大气压的数值，故该选项正确，不符合题意；故选：A。【点评】此题主要考查了有关液体压强和大气压的知识，对于大气压强要掌握其中的两个重要实验：即马德堡半球实验和托里拆利实验。同时要注意生活中利用大气压的实例。8（2分）下列各种现象与其涉及的物理知识之间的关系中，错误的是（）A如
24、坐针毡压强与压力大小的关系B飞机飞行时获得升力液体压强和流速的关系C水下潜水艇能够上浮物体的浮沉条件D船闸工作过程连通器各部分容器中的液面关系【分析】要解答本题需掌握：固体的压强与压力和受力面积有关；流体速度大的地方压强小，流速小的地方压强大；潜水艇利用了浮沉条件来实现浮和沉；上端开口底部连通的容器属于连通器，连通器中同种液体在不流动时液面相平。【解答】解：A、针毡减小了受力面积，可增大压强，所以，如坐针毡反映了压强与受力面积的关系，而不是压强与压力大小的关系，故A错误；B、飞机飞行时获得升力应用了流体压强与流速的关系，由于机翼的形状是上凸下平，则机翼上方空气流速快、压强小，机翼下方空气流速小
25、、压强大，从而产生向上的升力，故B正确；C、水下潜水艇能够上浮是利用了物体的浮沉条件，故C正确；D、船闸是连通器的应用，连通器中同种液体在不流动时液面相平，因此，船闸利用了连通器各部分容器中的液面关系，故D正确。故选：A。【点评】本题是一道综合题，考查学生对力学一些知识的基础知识的掌握，本类型题是中考的热点。9（2分）甲、乙两个完全相同的杯子盛有盐水，将同一枚鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示，则（）A甲杯底所受的液体压强较大B鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大C鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等D甲杯子对桌面的压力较大【分析】（1）根据物体的浮沉条件判
26、断液体密度关系，根据pgh判断对杯底的压强关系；（2）根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系；（3）根据阿基米德原理F浮G排判断排开液体的质量关系；（4）先根据GmgVg判断液体的重力大小，根据杯子对桌面的压力等于杯子的总重力即可判断。【解答】解：A、由图可知，鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态，根据浮沉体积可知：液甲物，液乙物，所以，液甲液乙，由于两杯中液面相平，根据pgh可知：乙杯底所受的液体压强大于甲杯底所受的液体压强，故A错误；B、根据物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，故B错误；C、鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，根据F浮G排m排g可
27、知：鸡蛋排开液体的质量相同，故C正确。D、由于甲、乙两杯的液体体积相同，液甲液乙，根据GmgVg可知：甲液体重力小于乙杯液体的重力，由于杯子对桌面的压力等于杯子的总重力，所以，乙杯子对桌面的压力较大，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。10（2分）如图所示的滑轮组，每个滑轮重50N，用这个滑轮组把质量为40kg的重物在2s内匀速提升2m，不计绳重和摩擦，下列说法中不正确的是（g10N/kg）（）A作用在绳自由端的拉力F为150NB重物的速度是1m/sC绳子自由
28、端移动的距离为6mD绳子自由端的速度是2m/s【分析】（1）知道重物的质量，根据Gmg求出物重，由图可知滑轮组绳子的有效股数，不计绳重和摩擦，根据F（G+G动）求出作用在绳自由端的拉力；（2）知道重物在2s内匀速提升的高度，根据v求出重物的速度；（3）根据snh求出绳子自由端移动的距离；（4）利用v求出绳子自由端的速度。【解答】解：A重物的重Gmg40kg10N/kg400N，由图可知，n3，不计绳重和摩擦，作用在绳自由端的拉力：F（G+G动）（400N+50N）150N，故A正确；B重物的速度：v1m/s，故B正确；C绳子自由端移动的距离：snh32m6m，故C正确；D绳子自由端的速度：v3
29、m/s，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了重力公式和滑轮组绳子拉力公式以及速度公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。11（2分）如图所示，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）A电流表A1的示数不变，A2的示数变大B电流表A1的示数变大，A2的示数变小C电压表的示数与A1的示数的比值不变，A2的示数变小D电压表的示数与A1的示数的比值变大，A2的示数变小【分析】分析电路图，R1和R2并联，电流表A1测量通过R1电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量并联支路（电源电压）电压。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电阻变大、R1阻值不变，电源电压保持不变，根据并联
30、电路特点和欧姆定律判断通过通过R1和R2的电流；据此判断电流表A1示数变化、电压表V与电流表A2示数的比值的变化。【解答】解：如图，R1和R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量并联支路（电源电压）电压。电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，所以电压表V的示数不变；并联电路中各支路电压与电源电压相等，则：I1，因为U、R1大小不变，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2连入电阻变大，总电阻也变大，由I可知，总电流减小，即A2的示数变小。故AB错误；电压表V与电流表A1示数的比值为R1电阻的大小，所以电压表
31、V与电流表A1示数的比值不变。故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查了欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用，分析电路图确定电路连接方式、知道电压表V示数与电流表A1示数的比值为R1的阻值是本题的关键。12（2分）如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移动到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示。则（）A定值电阻电压变化范围是 04.5VB定值电阻电功率变化了 6.75WC电路总电阻的最大值为 15D电路总功率变化范围是 1.8W6.4W【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压
32、，电流表测电路中的电流。当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压：（1）根据串联电路电压的规律求出定值电阻电压的最小电压；（2）根据对应的电流变化范围，由PI2R1求出定值电阻电功率变化量；根据PUI求出电路总功率变化范围是；（3）当电路中的电流最小时，电路的总电阻最大，由欧姆定律求出电路总电阻的最大值。【解答】解：由电路图可知
33、，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流I大1.2A，由I可得，电源的电压：UI大R11.2AR1，当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R2两端的电压最大，即电压表的示数最大，由图象可知，电路中的最小电流I小0.3A，电压表的最大示数U24.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UI小R1+U20.3AR1+4.5V，因电源电压不变，则有：1.2AR10.3AR1+4.5V，解得：R15，电源的电压：UI大R11.2AR11.2A56V；（1）
34、根据串联电路电压的规律，定值电阻两端的最小电压为：U1小UU26V4.5V1.5V，当R2接入电路中的电阻为零时，定值电阻两端的最大电压为U1大U6V，所以定值电阻电压变化范围是为1.5V6V，故A错误；（2）对应的电流变化范围是：0.3A1.2A；根据PI2R1可得，定值电阻电功率变化了：PP1P1I大2R1I小2R1（1.2A）25（0.3A）256.75W，故B正确；根据PUI可得，电路的最大功率：P大UI大6V1.2A7.2W，电路的最小功率：P小UI小6V0.3A1.8W；所以电路总功率变化范围是：1.8W7.2W，故D错误；（3）当电路中的电流最小时，电路的总电阻最大，根据欧姆定律
35、可得，电路总电阻的最大值为：R大20，故C错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象读出有用的信息，求出电源电压和R1的电阻值是关键。二填空题（共16小题，满分48分）13（3分）2018年4月26日，在酒泉卫星发射中心，我国利用长征十一号运载火箭将五颗卫星精确送入预定轨道，“一箭五星“发射任务取得圆满成功。这是我国发射卫星数量最多的一次发射。卫星是依靠电磁波将信息传递回地球的。【分析】卫星信号都是通过电磁波来传递信息的。【解答】解：天空中是真空，电磁波的传播不需要介质，所以卫星是依靠电磁波将信息传递回地球的。故答案为：电磁波。【点评】本题考查了电磁
36、波的应用，属于基础性题目。14（3分）用钟锤敲击编钟，编钟会因振动而发出声音，轻敲或重敲编钟同一位置，所发出声音的响度（选填“音调”、“响度”或“音色”）不同。【分析】（1）声音是由于物体的振动产生的；（2）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。【解答】解：用钟锤敲击编钟时发出的声音是由于编钟振动产生的；用大小不同的力敲击编钟，编钟振动的幅度不同，产生的响度不同，轻敲，响度小，重敲，响度大。故答案为：振动；响度。【点评】此题考查了声音的产生、影响声音响度的因素，是一道基础题，学生易于解答。15（3分）汽车是常见的交通工具，其中包含卡富的
37、物理知识；汽车驶过我们闻到汽油味儿，这是扩散现象，汽车发动机把热量传给水是通过热传递的方武使水的内能增加的。【分析】分子都在不停地做无规则运动；做功和热传递都可以改变物体的内能，并且这两种方式是等效的，做功改变物体内能的实质是内能和机械能之间的转化，热传递改变物体内能的实质是内能在高温物体和低温物体之间的转移。【解答】解：汽车驶过我们闻到汽油味儿，这是汽油分子做无规则运动的结果，属于扩散现象；发动机把热量传给水，热量从高温的发动机转移给低温的水，使水的内能增大，温度升高，是通过热传递的方式改变了水的内能。故答案为：扩散；热传递。【点评】本题考查分子动理论和改变物体内能的方式，相对比较简单，属于
38、基础题。16（3分）小明用20N的水平推力推着重为50N的木箱，在水平地面上做匀速直线运动，则地面对木箱的摩擦力大小为20N若小明将推力增大到30N时，木箱受到的摩擦力大小为20。【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用，二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。（2）滑动摩擦力与两个因素有关，一是压力大小，二是接触面的粗糙程度。【解答】解：（1）在水平地面上做匀速直线运动的木箱，受到的是平衡力的作用：竖直方向上的重力与地面对它的支持力是一对平衡力；水平方向上的推力与摩擦力是一对平衡力，因此地面对木箱的摩擦力大小为20N。（2）若
39、小明将推力增大到30N时，木箱对地面的压力和木箱与地面间的粗糙程度没有改变，因此木箱受到的摩擦力仍然为20N。故答案为：20；20。【点评】木箱处于匀速直线运动状态，是一种平衡状态，要利用二力平衡的条件来解析木箱受到的摩擦力的大小；受到的摩擦力是否变化，就要从摩擦力的决定因素去分析。17（3分）如图所示为0.5kg某种晶体熔化过程中温度随时间变化图象，则根据图象可知：（1）该晶体的熔点是60，熔化时处于固液共存状态，用时6分钟。（2）用同一热源加热，则它在固态与液态时的比热容之比为1：4。（3）若该晶体液态时的比热为2.4103J/（kg），其熔化过程中吸收的热量为3.6104J（4）若规定“
40、质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做该物质的熔化热”，计算出其熔化热7.2104J/Kg。【分析】（1）会分析晶体的熔化图象。知道晶体熔化时的温度为熔点。要知道晶体从开始熔化到完全熔化完为晶体的熔化过程，且在熔化过程中处于固液共存态。（2）比热容之比根据比值法来解决，但要注意从图象上正确提取所需的物理量；（3）物体吸收热量的多少跟加热时间有关，根据图象计算出2min内吸收的热量，便可根据熔化过程所用时间求出吸收的热量；（4）根据概念求出每kg该种物质熔化过程中吸收的热量便可。【解答】解：（1）由图知，该物质在熔化过程中，温度保持60不变，所以该物质为晶体。并且熔点为60。该晶
41、体从第2分钟开始熔化，到第8分钟完全熔化完，所以该晶体的熔化过程经历了8min2min6min晶体熔化过程中，处于固液共存态。（2）由图象可知：此晶体固体时：2min 温度升高了40；液体时4min温度升高了20，吸收热量之比为1：2。因为Qcmt，所以c，则c1：c2：1：4；所以此晶体在固态时的比热容与它在液态时的比热容之比为1：4；（3）液体4min吸收的热量：Q吸cmt2.4103J/（kg）0.5kg（8060）2.4104J；由图象知，该晶体的熔化过程经历了6min，吸收热量Q吸6min3.6104J；（4）根据定义，7.2104J/kg。故答案为：（1）60；固液共存 6；（2）
42、1：4；（3）3.6104；（4）7.2104。【点评】本题考查了对吸热公式的应用及对新概念的接受能力，能够从图象中获取信息是关键，要理解加热时间与吸收热量的关系。18（3分）如图所示，用力打击一摞棋子中间的一个，该棋子由静止开始沿水平方向飞出，这表明：力可以改变物体运动状态。上面的棋子由于具有惯性要保持原来的静止状态，同时，这些棋子因为受到重力的作用，又落到下面的棋子上。【分析】（1）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态。运动状态的改变包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（2）抛出的物体最终落向地面，是由于受到重力作用。【解答】解：
43、（1）受到打击的棋子飞出去，棋子的运动速度和方向都发生了变化，表明力可以改变物体的运动状态；（2）上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，由于下方的棋子飞出，在重力的作用下落在下面的棋子上。故答案为：力可以改变物体的运动状态；重力。【点评】此题考查了力学的多个知识点，应用重力的概念、力的两个作用效果的理解可解答此题，属于力学基础知识的考查。19（3分）如图甲所示电路中，L1和L2是并联的，闭合开关S，电流表A1与A2指针指示的位置都如图乙所示，判断A1表的读数是2.2A；流过灯L1的电流大小是1.76A。【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电路，电流表A2测流过灯L2的电流，由并
44、联电路特点及电流表指针位置确定电流表的量程分度值，读出电流表示数，然后由并联电路特点求出通过灯L1的电流。【解答】解：由图可知：灯L1与L2有两条电流的路径，所以是并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流，即电流表A1的示数应大于电流表A2的示数，由于两电流表指针位置相同，则它们的量程不同，电流表A1的量程是03A，分度值是0.1A，电流表示数IA12.2A；电流表A2量程为00.6A，分度值是0.02A，电流表示数IA20.44A；因为IA1I1+I2，I2IA20.44A，所以通过灯L1的电流：I1IA1I22.2A0.44A1.76A。故答案为：并； 2.2；1.76；【点评】本
45、题考查了电流表的读数方法、并联电路的电流关系。做这类题时，要先分析电路图，然后利用电路的规律分析计算。20（3分）上海的发展日新月异，有着“世博专线”之称的上海城市轨道交通十三号线全长约5000米，于世博会前就投入了使用。若一辆地铁列车全程运行约需250秒，则该车的速度为20米/秒。列车在水平轨道上匀速前进时，列车的质量不变，列车的机械能不变（均选填“减少”、“不变”或“增加”）。【分析】（1）已知路程和速度求时间利用速度公式v可求；（2）列车本身质量不变，匀速运动时速度不变，所以动能不变。【解答】解：速度V20m/s；列车的质量不变，速度不变，所以机械能也不变。故答案为：20；不变；不变。【点评】本题考查速度的计算和机械能