《知识点详解人教版九年级物理第十八章电功率综合练习练习题(精选).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《知识点详解人教版九年级物理第十八章电功率综合练习练习题(精选).docx（22页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、人教版九年级物理第十八章电功率综合练习 考试时间：90分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、如图是直流电动机提升重物的示意图，电源电压为110V且保持不变，电路中的电流是5A，重500N的物体在电动机带动下以0
2、.9m/s的速度匀速上升，不计各处摩擦，则电动机线圈的电阻是（）A2B22C10D42、探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验如题图所示，两个透明容器中密封着等质量的空气，下列说法正确的是（）AU形管内液面高度变化是由管中液体热胀冷缩引起的B图甲是探究电流产生的热量与电阻关系的实验C图乙中通电一段时间后右边U形管内液面高度差比左边小D图甲中通电一段时间后左、右两个容器内电阻丝产生的热量之比为413、标有“6V 1.5W”字样的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系图像如图所示。若把这样的两只小灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只小灯泡的电阻及功率为（）A24，0.67WB24，
3、0.8WC20，0.96WD20，0.8W4、一粗细均匀的电炉丝，截取四分之一接在原来的电源上，在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（）A43B34C41D145、某调光灯电路如图所示，已知电源电压不变，不考虑灯丝电阻变化，当滑动变阻器滑片P滑至a端时，灯泡L的功率为36W；滑片P滑至b端时，灯泡L的功率为4W，则滑片P滑至ab的中点时，灯泡L的功率为（）A9WB16WC18WD27W6、在国际单位制中，电功率的单位是（）A安培B伏特C焦耳D瓦特7、小玲家有额定电压相同的电热水壶和电视机，小玲通过查看家用电器的铭牌，发现电热水壶的额定功率为1500W，电视机的额定功率为150W，当电热
4、水壶和电视机都正常工作时，下列说法中正确的是（）A电热水壶两端的电压较高B通过两用电器的电流相等C电流通过电热水壶做功较快D相同时间内，两个用电器消耗的电能一样多8、如题图甲所示，电源电压恒为3V，灯泡L标有“2.5V”，滑动变阻器R标有“10 1A”的字样，灯泡L的I-U图线如图乙所示，闭合开关S，在电路安全的情况下，下列说法不正确的是（）A滑片P向右移动的过程中，电压表示数变小B滑片P向左移动的过程中，灯丝电阻变大C滑片P处于b端时，电压表示数为1.5VD灯泡正常发光时，电路总电功率为0.75W9、一台洗衣机的电功率大约为（）A0.4mWB0.4WC0.4kWD4000W10、如图甲所示，
5、电源电压保持不变，R1是定值电阻，小灯泡L的额定电压是6V且灯丝电阻不随温度变化。当闭合开关S1、S3，断开开关S2，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数从3V变为6V的过程中，电路总功率变化了3.6W，其中电压表示数为3V时，电流表示数为0.3A，滑动变阻器R2的电功率P2与电压表示数U1的关系如图乙所示，滑动变阻器R2的滑片在a点、b点时，对应电压表示数为Ua、Ub，且UaUb=15；当闭合开关S1、S2，断开开关S3，滑动变阻器R2的滑片在中点时，小灯泡L恰好正常发光，其电功率为PL；当滑动变阻器的滑片在阻值最大处时，小灯泡L的电功率为，以下说法错误的是（）A定值电R1的阻10B电源电
6、压12VC滑动变阻器R2的滑片从a点滑到b点过程中，R2接入电路的阻值范围250D第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、已知R15、R210，当把R1、R2串联在某一电路中时，通过两电阻的电流之比I1I2_，加在两电阻两端的电压之比U1U2_，把R1、R2并联在某一电路中时，消耗电功率P1P2_。2、标有“6V 6W”和“6V 3W”字样的小灯泡甲和乙，灯丝电阻不变，串联在某电路中，则_灯较亮，灯甲和乙的实际功率之比为_。3、如题图甲所示，电源电压恒定为6V，闭合开关，将滑片P从最右端移至最左端，滑动变阻器的电功率与其接入电路阻值的关系图象如图乙所示，当滑片P
7、向左移动的过程中，电流表的示数_（选填“变大”“变小”或“不变”）；电路中电流最小为_A；定值电阻R1的阻值为_。4、华为手机的超级快充充电器最大充电电流可达5A。现有华为某一型号的电池，容量为4200mAh（其中“mA”为电流的单位“毫安”，“h”为时间的单位“小时”），假设充电器始终以最大充电电流充电，则在220V家庭电路中，经电源适配器（插头）后的输出充电电压为4.5V，则充电器对手机充电功率为_W；当手机提醒电量只剩20%后开始充电，把电池充满只需要_min。如果此电池电量只剩20%时，马上断开家里其它用电器，只给手机充电，充满后发现标有“3000r/(kWh)”字样的电能表转了60r
8、，则充电消耗的电能为_kWh。5、小芳家的电能表上标着“3000revs/(kWh)”，则她家每消耗一度电，电能表的转盘转了_转。她把家中的其它用电器都与电源断开，仅让电吹风工作，1min内电表的转盘转了15转，则电吹风消耗了_J电能，电吹风的功率是_W。三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、某品牌电动汽车，满载人员时人与车的总重量为，汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶10min，此时电机驱动的功率为50kW，汽车所受阻力为满载人员时人与车总重力的十分之一，求电动汽车：（1）求汽车匀速行驶时的牵引力；（2）匀速行驶过程中牵引力所做的功；（3）匀速行驶过程中电机驱动的效率。2
9、、如图所示，电阻R1为10，电阻R2为20。闭合开关S，电压表示数为2V。求：（1）电路中的电流；（2）电源电压；（3）整个电路通电1min消耗的电能。3、如图所示，电路中定值电阻R1和R2并联在电压为6V的电源上，当开关S闭合时，电流表A1的示数为0.6A，电流表A2的示数为0.2A。求：（1）定值电阻R1的大小；（2）通电2min，电路消耗的总电能。4、如图所示，电源电压保持不变。灯泡L标有“6V 3W”字样，不考虑灯丝电阻随温度的变化。滑动变阻器R2的规格为“20 0.6A”，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V。当闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器使其接入电路的阻值为
10、4时，灯泡L正常发光；当闭合开关S、S1，断开开关S2时，电压表的示数增大了1V。求：（1）灯泡L的额定电流；（2）定值电阻R1的阻值；（3）当闭合开关S、S2，断开开关S1时，在保证电表和灯泡正常工作的情况下，滑动变阻器R2消耗功率的变化范围。5、一款储水式“电暖宝”的性能指标如下表所示：额定电压额定电功率袋内充水量自动断电温度220V500W800g70 oC（1）如果袋内水的初温是20 oC，当加热到指示灯熄灭（自动断电）时，袋内的水吸收了多少热量？（已知水的比热容为4.2103J/(kgoC)）（2）若不计热量损失，在额定电压下需加热多少时间？-参考答案-一、单选题1、D【详解】由题意
11、可知，电源电压为U=110V，电路中的电流为I=5A，故由P=UI可知，电动机消耗的总功率为P1=UI=110V5A=550W因电动机输出的机械功率等于物体克服重力做功的功率，由P=Fv可知，电动机的输出功率为P2=Gv=500N0.9m/s=450W故由能量守恒可得电动机的热功率为P3=P1-P2=550W-450W=100W又由焦耳定律可知，电动机的发热功率为P3=IR=100W解得电动机的电阻为故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。2、D【详解】A电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U形管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电
12、阻放出热量的多少，故A错误；B图甲中两个5电阻并联后再与一个5电阻串联，容器内电阻的阻值相同，由串并联电路电流的规律可知通过两个容器内电阻的电流不同，研究电流产生的热量与电流的关系，故B错误；C在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流与通电时间相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，通电一段时间后右侧容器内电阻产生的热量较多，右边U形管内液面高度差比左边大，故C错误；D甲实验装置容器内电阻丝的阻值相同，右侧容器内电阻丝与容器外电阻丝并联，且容器内外的电阻丝的阻值相同，再与左侧电阻串联，由串并联电路电流的规律可知通过左侧电阻丝的电流与右侧容器内电阻丝的电流之比是21，由Q=I2Rt
13、可知通电一段时间后左、右两个容器内电阻丝产生的热量之比为故D正确。故选D。3、D【详解】两只灯泡串联且规格相同，通过它们的电流和它们的电阻都相同，所以这两只灯泡两端分得的电压相同。两只灯泡串联接在8V的电源两端时，每只灯泡两端的电压都为4V。由图像可知，电流为0.2A。因此小灯泡的电阻为 小灯泡的实际电功率为故选D。4、D【详解】一根电炉丝截取了四分一，则原电炉丝的阻值与这四分之一的阻值之比为RR1=41电炉丝截取前后接在相同的电源上，据得故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。5、A【详解】设电源的电压为U，当滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电路为L的简单电路；灯泡的功率为当滑片P滑至b端时，
14、电路为L与滑动变阻器的最大阻值R串联；由串联电阻的规律及欧姆定律，电路中的电流为此时灯泡的功率为 当滑片P滑至ab的中点时，电路为L与0.5R串联，此时电路中的电流为此时灯泡的功率为除以可得即R2RL；将R2RL带入式可得故选A。6、D【详解】A安培简称安，用A表示，是电流的单位，故A不符合题意；B伏特简称伏，用V表示，是电压的单位，故B不符合题意；C焦耳简称焦，用J表示，是一切功和能的单位，故C不符合题意；D瓦特简称瓦，用W表示，是所有功率的单位，也是电功率的单位，故D符合题意。故选D。7、C【详解】A电热水壶和电视机的额定电压相同，用电器正常工作时的电压和额定电压相等，电热水壶和电视机正常
15、工作时的电压相等，故A错误；BC电热水壶的额定功率大于电视机的额定功率，正常工作时的功率和额定功率相等，电热水壶的额定功率较大，所以电热水壶的实际功率较大，电功率表示电流做功快慢的物理量，所以电热水壶做功较快，两电热水壶正常工作时的电压相等，由可知，通过两用电器的电流不相等，故B错误，C正确；D电热水壶的实际功率较大，由W=Pt可知，相同时间内，电热水壶消耗的电能较大，故D错误。故选C。8、C【详解】由图甲可知，该电路为R和L的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测灯L两端的电压。A滑片P向右移动的过程中，变阻器连入电路的电阻变大，由串联分压可知变阻器两端的电压变大，由串联电路的电压的规律可
16、知灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A正确，不符合题意；B滑片P向左移动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由串联分压可知变阻器两端的电压变小，由串联电路的电压的规律可知灯泡两端的电压变大，由图乙可知，灯泡两端的电压分别为0.5V、1.5V、2.5V时，通过灯泡的电流分别为0.1A、0.2A、0.25A，由可知，灯泡的电阻依次为5、7.5、1，则滑片P向左移动的过程中，灯丝电阻变大，故B正确，不符合题意；C滑片P处于b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联；假设灯泡的阻值不变，灯泡正常发光时的电阻为因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻为R总=RL+R=10+10=20电路
17、电流为电压表的示数UL=IRL=0.15A10=1.5V此时灯泡的电压小于额定电压，灯泡的实际电阻小于灯泡正常发光时的电阻，又因为串联电路起分压作用，所以灯泡分得的电压小于1.5V，即电压表示数小于1.5V，故C错误，符合题意；D小灯泡L正常发光时的电压为2.5V，由图乙可知灯正常发光时通过的电流为0.25A，即电路中的电流为I=0.25A，则小灯泡正常发光时，电路总功率为P=UI=3V0.25A =0.75W故D正确，不符合题意。故选C。9、C【详解】洗衣机的功率大约是300W400W，即0.3kW0.4kW，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。10、D【详解】A当闭合开关、，断开开关时
18、，变阻器与串联，电压表则的电压，电流表测电路中的电流；电压表示数为3V时，电流表示数为，由欧姆定律可知故A正确，A不符合题意；B电压表示数为6V时，电路电流由欧姆定律求出电路的电流；设电源电压为U，根据，因电路总功率变化了，则故故B正确，B不符合题意；C滑动变阻器的滑片在a点、b点时，对应电压表示数为、，且由图乙知，滑片在a点、b点时变阻器的电功率相等，根据串联电路的规律及欧姆定律和知即，由得，滑片在a点时，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为根据分压原理，变阻器连入电路的电阻同理滑片在b点时滑动变阻器的滑片从a点滑到b点过程中，接入电路的阻值范围为。故C正确，C不符合题意；D当闭合开关、，
19、断开开关，滑动变阻器的滑片在中点时，变阻器与灯电阻为）串联，电压表测灯的电压，因小灯泡L恰好正常发光，故灯的电压为6V，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为由分压原理，变阻器连入电路的电阻为其电功率为；当滑动变阻器的滑片在阻值最大处时，变阻器的最大电阻为，由分压原理，灯的电压为变阻器电压的，故此时灯的实际电压为根据，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，则故D错误，D符合题意。故选D。二、填空题1、 11 12 21【解析】【详解】1把R1、R2串联在某一电路，由串联电路中电流处处相等可知I1I2112由I=UR可得，加在两电阻两端的电压之比U1U2I1R1I2R2R1R2510123R1
20、、R2并联时，加在它们两端的电压相等，由P=U2R可得P1P2=U2R1U2R2=R2R1=105=212、 乙 12【解析】【详解】12两个灯泡的电阻R甲=U甲2P甲=(6V)26W=6 R乙=U乙2P乙=(6V)23W=12两灯泡串联时，通过两灯泡的电流相等，根据P=I2R可得实际功率之比P甲P乙=R甲R乙=612=12所以乙灯泡的实际功率较大，乙灯泡较亮。3、 变大 0.2 10【解析】【详解】1由图甲可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电路的总电阻等于二电阻之和，当滑片P向左滑动时，滑动变阻器的阻值变小，故总电阻也变小，电源总电压不变，根据I=UR可知，通过电流表的电流变大，即电流表示
21、数变大。23由图乙可知，滑动变阻器的阻值范围为020，最大阻值为R2max=20，此时电路中的电阻最大，电流最小；滑动变阻器的功率有图可得P=Imin2R2max=Imin220=0.8W解得Imin=0.2A。再由公式P=UI可得，此时滑动变阻器两端的电压U2=PImin=0.8W0.2A=4V根据串联电路的分压原理可知，此时R1两端的电压U1=U-U2=6V-4V=2V由欧姆定律I=UR可得R1=U1Imin=2V0.2A=104、 22.5 40.32 0.02【解析】【详解】1充电器对手机充电功率PUI4.5V5A22.5W2已知I5A5103mA，由I=Qt可得充电时间t=QI=(1
22、-20%)4200mAh5103mA=0.672h40.32min3“3000r/(kWh)”表示电路中的用电器每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，则电能表转盘转动60r消耗的电能W=603000kWh=0.02kWh5、 3000 1.8104 300【解析】【详解】1“3000revs/(kWh)”表示每消耗1kWh的电能（即消耗一度电），电能表的转盘转3000转。2转盘转15转时，消耗的电能W=15r3000r/kWh=0.005kWh=0.053.6106J=1.8104J3电吹风的电功率P=Wt=0.005kWh160h=0.3kW=300W三、计算题1、（1）；（2）；
23、（3）80%【详解】解：（1）由题意可得汽车所受阻力因汽车做匀速直线运动，所有行驶过程中牵引力的大小等于阻力，即（2）由可知，汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶10min所行驶的路程匀速行驶过程中牵引力所做的功（3）由可知，电机驱动做的总功电机驱动的效率答：（1）汽车匀速行驶时的牵引力为；（2）匀速行驶过程中牵引力所做的功为；（3）匀速行驶过程中电机驱动的效率为80%。2、（1）0.2A；（2）6V；（3）72J【详解】解：（1）电压表测R1两端电压，则由欧姆定律可求电路电流为（2）由串联分压可求电源电压为（3）整个电路通电1min消耗的电能Q=I2R总t=(0.2A)2(10+20)
24、60s=72J答：（1）电路中电流为0.2A；（2）电源电压为6V；（3）整个电路通电1min消耗的电能为72J。3、（1）10；（2）576J【详解】解：（1）由图知，电阻R1和电阻R2并联，电流表A1测R1支路的电流，即电流表A2测R2支路的电流，即因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，即则由欧姆定律可知，定值电阻R1的阻值为（2）根据并联电路的电流特点可知，电流中的总电流为通电2min内，电路消耗的总电能为答：（1）定值电阻R1的阻值为10；（2）通电2min，电路消耗的总电能为576J。4、（1）0.5A；（2）7.2；（3）1W1.25W【详解】解：（1）由于灯泡L标有“6V
25、3W”字样，所以，由知道，灯泡L的额定电流由知道，灯泡的电阻（2）根据题意知道，当闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器使其接入电路的阻值为4时，灯泡L正常发光；由图知道，此时灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电路电流是0.5A，由欧姆定律知道，电源的电压根据串联分压的原理知道，电压表的示数是由图知道，当闭合开关S、S1，断开开关S2时，此时灯泡与R1串联，电压表测量滑定值电阻两端的电压，又因为此时电压表的示数增大了1V，即此时电压表的示数是根据欧姆定律知道，定值电阻R1的阻值（3）当闭合开关S、S2，断开开关S1时，根据题意知道，当滑动变阻器使其接入电路的阻值为4
26、，灯泡L正常发光时，滑动变阻器的最小功率为P滑小=UR2小I=2V0.5A=1W由于电压表量程为03V，所以，当电压表的示数UR大=3V时，滑动变阻器的取值最大，电路中的电流最小；由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压UL小=U-UR大=8V-3V=5V此时电流为滑动变阻器的最大功率为所以滑动变阻器的功率变化范围为1W1.25W。答：（1）灯泡L的额定电流0.5A；（2）定值电阻R1的阻值7.2；（3）当闭合开关S、S2，断开开关S1时，在保证电表和灯泡正常工作的情况下，滑动变阻器R2消耗功率的变化范围是1W1.25W。5、（1）1.68104J；（2）33.6s【详解】解：（1）由表中数据可知，当加热到指示灯熄灭时，水的温度为：70，温度从20加热到指示灯熄灭（自动断电）时，水吸收的热量Q吸=cmt=4.2103J/(kg)0.8kg(70-20)=1.68104J（2）不计热量损失，则有W=Q吸=1.68104J由可知，加热时间答：（1）袋内的水吸收了多少热量为1.68104J；（2）若不计热量损失，在额定电压下需加热33.6s。