《2019-2020学年物理教科版必修1检测：第4章 2.共点力平衡条件的应用 3.平衡的稳定性（选学） .docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019-2020学年物理教科版必修1检测：第4章 2.共点力平衡条件的应用 3.平衡的稳定性（选学） .docx（6页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2.共点力平衡条件的应用3.平衡的稳定性(选学)课时过关能力提升一、基础巩固1.如图所示,物体A在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上,则关于A受力的个数,下列说法正确的是()A.A一定是受两个力作用B.A一定是受四个力作用C.A可能受三个力作用D.A不是受两个力作用就是受四个力作用解析:若F等于重力,A受重力和拉力两个力作用;若F小于重力,A受重力、拉力F、支持力和摩擦力四个力作用,选项D正确.答案:D2.如图所示,光滑斜面的倾角为,质量为m的物体在平行于斜面的轻质弹簧的作用下处于静止状态,则弹簧的弹力大小为()A.mgB.mgsin C.mgcos D.mgtan 解析:对物体m进行受力
2、分析,如图所示,根据平衡条件,弹力F=mgsin ,故选项B正确.答案:B3.如图所示,“马踏飞燕”是汉代艺术家高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超艺术技巧的结晶,是我国古代雕塑艺术的稀世之宝.飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上,是因为()A.马跑得快的缘故B.马蹄大的缘故C.马的重心没在飞燕上D.马的重心位置和飞燕在一条竖直线上解析:对马受力分析可知,马只受到重力和飞燕对马的支持力作用.马在两个力的作用下处于平衡状态,因此马处于二力平衡状态,所以马的重心位置一定在飞燕的正上方,故选项D正确.答案:D4.长方体木块静止在倾角为的斜面上,那么木块对斜面作用力的方向()A.沿斜面向下B.
3、垂直斜面向下C.沿斜面向上D.竖直向下解析:木块受力如图所示,其中N、f分别为斜面对木块的支持力和摩擦力,木块受到三个力的作用处于平衡状态,则N、f的合力与G等大、反向,即方向竖直向上,由牛顿第三定律可知,木块对斜面的作用力与N、f的合力等大、反向,方向竖直向下,故选项D正确.答案:D5.如图所示,用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上的球,当细绳由水平方向缓慢向上偏移至竖直方向的过程中,细绳上的拉力将()A.逐渐增大B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大解析:球的重力有两个效果,即拉细绳和压斜面,用图解法分析,作出力的分解图示如图所示,由图可知,当细绳由水平方向逐渐向上偏移至竖直方向时,细绳
4、上的拉力F将先减小后增大,当F和N的方向垂直时,F有极小值;而球对斜面的压力N逐渐减小,故选项D正确.答案:D6.如图所示,半径很小的两个球A和B用轻绳相连静止在光滑的半径较大的固定圆柱面上,则A、B两球的质量之比mAmB为()A.43B.54C.34D.53解析:当球A、B的半径很小时,可认为连接A、B的绳对A、B的作用力方向都是沿圆柱面的切线方向,且绳的张力大小处处相同.隔离A,分析A球受力,有重力mAg、支持力NA、绳子的拉力FA.把重力沿圆柱面的切线方向和垂直圆柱面的方向分解.FA=mAgsin 37隔离B,同理有FB=mBgsin 53=mBgcos 37FA=FB由式解得mAmB=
5、43.答案:A7.如图所示,质量为m的物体,与竖直墙间动摩擦因数为,推力F与竖直方向夹角为,要使物体沿墙壁向上匀速滑动,推力F应为多大?解析:先进行受力分析(如图所示),物体受到重力G、外力F、墙壁对物体的弹力N、竖直向下的滑动摩擦力f共四个力的作用,在这四个力的作用下处于平衡状态.我们采用正交分解法(四个以上的力).物体在水平和竖直方向上的合力分别为0,所以有水平方向:N=Fsin 竖直方向:f +G=Fcos 根据滑动摩擦力的公式:f=N由以上三式可以得到F=mgcos-sin.答案:mgcos-sin二、能力提升1.如图所示,物块A放在倾斜的木板上,已知木板的倾角分别为30和45时物块所
6、受摩擦力的大小恰好相同,则物块和木板间的动摩擦因数为()A.12B.32C.22D.52解析:因为最大静摩擦力一般要大于滑动摩擦力,所以根据题目中倾角分别为30和45时物块所受摩擦力的大小恰好相同可以判断:=30时为静摩擦力f1=mgsin 30;=45时为滑动摩擦力f2=mgcos 45,又因为f1=f2,解得=22,故选项C正确.答案:C2.(多选)同一物块在不同情况下处于静止状态时受力情况如图所示,下列对各力的关系说法正确的是()A.图甲中的F0是图乙中F1、F2的合力B.图丙中的N1、f1是物块重力G的两个分力C.图丁中的N2、F3的合力大小等于G,方向竖直向上D.图乙中F1、F2的大
7、小随角的变化而变化,其合力不变解析:由题意知,F0与F1、F2作用效果相同,F0是F1、F2的合力,选项A正确;N1、f1分别是斜面对物块的支持力和静摩擦力,不是重力G的分力,选项B错误;根据力的平衡条件,N2、F3的合力与G等值反向,选项C正确;根据力的平衡条件,F1、F2的合力与G等值反向,F1、F2随角的减小而减小,随角的增大而增大,其大小可以小于G、等于G、大于G,选项D正确.答案:ACD3.如图所示,一个半球形的碗放在桌面上,碗口水平,O点为其球心,碗的内表面及碗口是光滑的.一根细线跨在碗口上,线的两端分别系有质量为m1和m2的小球,当它们处于平衡状态时,质量为m1的小球与O点的连线
8、与水平线的夹角为=60.两小球的质量比m2m1为()A.33B. 23C. 32D. 22解析:以质量为m1的小球为研究对象,总共受到三个力的作用:方向竖直向下的重力m1g、碗底的支持力N(方向指向圆心O)以及线的拉力F1,在此三个力的作用下处于平衡状态,这三个力的合力为零.如果将碗底的支持力N及线的拉力F1合成,这两个力的合力F一定与重力m1g大小相等、方向相反,如图所示.既然F的方向竖直向上,它就与碗口水平线垂直,由于=60,不难断定,所作的平行四边形是一个菱形,根据菱形对角线垂直且平分的性质有F2F1=32,由于F1=m2g,F=m1g.所以,两小球的质量之比m2m1=33.选项A正确.
9、答案:A4.如图所示,粗糙的水平地面上有一斜劈,斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑,斜劈保持静止,则地面对斜劈的摩擦力()A.等于零B.不为零,方向向右C.不为零,方向向左D.不为零,v0较大时方向向左,v0较小时方向向右解析:选物块为研究对象,受力情况如图甲所示,由于物块匀速运动,故fcos =Nsin .选斜劈为研究对象,受力情况如图乙所示,假设地面对斜劈的摩擦力为f向右,则根据平衡条件,得f+Nsin =fcos ,且fcos =Nsin ,N=N,f=f,所以f=fcos -fcos =0.故A正确.答案:A5.如图所示,物体B叠放在物体A上,A、B的质量均为m,且上、下表面均与
10、斜面平行,它们以共同速度沿倾角为的固定斜面C匀速下滑,则()A.A、B间没有静摩擦力B.A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C.A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsin D.A与B间的动摩擦因数=tan 解析:它们以共同速度沿倾角为的固定斜面C匀速下滑,A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsin ,A对B的摩擦力大小等于B重力沿斜面方向的分力大小,选项A错误,C正确;A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下,选项B错误;A与B间的摩擦力是静摩擦力,不能确定A、B之间的动摩擦因数,选项D错误.答案:C6.(2016全国卷)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上.用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O,如图所示.用
11、T表示绳OA段拉力的大小,在O点向左移动的过程中()A.F逐渐变大,T逐渐变大B.F逐渐变大,T逐渐变小C.F逐渐变小,T逐渐变大D.F逐渐变小,T逐渐变小解析:由于是缓慢移动,O点所受力处于动态平衡,设任意时刻绳子与竖直方向的夹角为,移动过程中增大,如图所示.将拉力F与重力合成后,合力与绳子拉力等大反向.根据几何关系,可知F=Gtan , T=F合=Gcos,随增大,F和T都增大.答案:A7.如图所示,在一个V形槽中有一个重为G=100 N的粗细均匀的圆柱体,槽两侧底角均为=60,圆柱体与槽之间的动摩擦因数=0.2.要使圆柱体沿水平轴线方向匀速运动,沿水平轴线方向的水平推力F应为多大?解析:把圆柱体的重力沿垂直两侧槽面分解,得压力N1=N2=G2cos,匀速推动时的推力F=N1+N2=Gcos=0.210012 N=40 N.答案:40 N