《2022年苏教版九年级物理下册第十六章电磁转换章节训练试题(无超纲).docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《2022年苏教版九年级物理下册第十六章电磁转换章节训练试题(无超纲).docx(20页珍藏版)》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、苏教版九年级物理下册第十六章电磁转换章节训练 考试时间:90分钟;命题人:物理教研组考生注意:1、本卷分第I卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分,满分100分,考试时间90分钟2、答卷前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置,如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用涂改液、胶带纸、修正带,不按以上要求作答的答案无效。第I卷(选择题 30分)一、单选题(10小题,每小题3分,共计30分)1、有位意大利物理学家通过反复实验,发现了摆的等时性原理,这位物理学家是()A牛顿B伽利略C法拉第D奥斯特2、关于如
2、图所示的奥斯特实验,以下结论正确的是()该实验证明了电磁感应现象甲、乙两图的实验说明电流的周围存在着磁场该实验证明了磁极间的相互作用规律甲、丙两图的实验说明电流的磁场方向与电流的方向有关ABCD3、如图所示,学校的饭卡的内部其实是一组线圈与一个信息芯片相连,卡中没有电池。当饭卡接触感应器时,线圈给芯片供电使芯片工作,下列说法正确的是()A线圈就是一个电磁铁B线圈相当于用电器C线圈工作原理与电动机原理类似D线圈工作原理属于电磁感应4、如图所示关于下列四个实验的认识,正确的是()A甲实验中通电螺线管左端是S极B乙实验说明导线的周围存在磁场C丙实验与发电机的原理相同D丁实验与电动机的原理相同5、如图
3、所示的实验装置中,能说明电动机工作原理的是()ABCD6、下列电器中,利用法拉第电磁感应原理工作的是()A电磁起重机B电磁继电器C电动机D发电机7、如图所示是生活中常见的动圈式话筒。对着话筒说话时,声音使膜片振动,与膜片相连的线圈也一起振动,线圈在磁场中的运动能产生随着声音变化而变化的电流。动圈式话筒的工作原理是下列四幅图中的( )ABCD8、已知,电磁铁的磁性随电流的增大而增强。如图所示,电源电压保持不变,弹簧秤下挂着一块铁。现在盛有硫酸铜溶液的烧杯中,逐渐滴入氢氧化钡溶液,可发现弹簧测力计的示数()A逐渐变小,最后趋于稳定B一直保持不变C先变小,后变大,最后趋于稳定D先变大,后变小,最后趋
4、于稳定9、我国是世界上最早使用指南针的国家,东汉学者王充在论衡中记载到:“司南之杓,投之于地,其柢指南”。如图所示的司南放在水平光滑的“地盘”上,静止时它的长柄指向南方。关于指南针(司南),下列说法中正确的是()A指南针只有一个磁极B指南针的指向不会受到附近磁铁的干扰C可自由转动的指南针,静止时指南北是由于地磁场的作用D指南针周围不存在磁场10、将条形磁铁周围附近摆放几个可以自由转动的小磁针(涂黑的一端表示小磁针的N极),仅考虑小磁针跟磁铁之间的相互作用,图中能正确反映小磁针静止时跟磁铁之间相对位置关系的是()ABCD第卷(非选择题 70分)二、填空题(5小题,每小题4分,共计20分)1、(1
5、)如图甲所示的电能表示数为_度。(2)如图乙是一个条形磁体及周围铁屑的分布情况,以及两个可自由转动的小磁针静止时的指向。请在图中小磁针左端的空白处填写小磁针左端的磁极名称(选填“N”或“S”)_。2、十九大报告中指出“绿水青山就是金山银山”,为了减少大气污染。电动汽车正在逐渐替代燃油汽车,电动汽车的动力源是电动机,其原理是通电线圈在_中受力转动。它工作时把电能转化为_。3、英国物理学家 _ 经10年探索,终于在1831年取得突破,发现了利用磁场产生电流的条件和规律,进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系,使人类大规模用电成为可能,电气化的时代从此开始。如图所示为一种实验室用的手摇发电机,其工作原
6、理是 _ (选填“电流的磁效应”或“电磁感应”)。4、1820年丹麦物理学家_发现了通电导体周围存在磁场。利用通电导体在磁场中受到力的作用原理制成了_(选填“电磁铁”或“电动机”)。5、做图示实验时的观察对象是_(小磁针/小灯泡),为了使实验现象明显,导线应_(东西/南北/任意方向)放置,利用此实验的结论制造出了_(电磁铁/电动机/发电机)。三、计算题(5小题,每小题10分,共计50分)1、如图电磁继电器和热敏电阻R1等组成了恒温箱控制电路,R1处于恒温箱内电源电压U=6v,继电器线圈的电阻可不计如图为热敏电阻的R1-t图象,且已知在50150范围内,热敏电阻的阻值随温度的变化规律是:R1t=
7、常数;电阻R2是可变电阻当线圈中的电流达到20mA时,继电器的衔铁被吸合已知此时可变电阻R2=225,恒温箱保持60恒温图中的“交流电源”是恒温箱加热器的电源(1)60时,热敏电阻R1的阻值是多少? (2)应该把恒温箱的加热器接在A、B端还是C、D端? (3)如果要使恒温箱内的温度保持100,可变电阻R2的阻值应调为多少?2、热带鱼需要在一定的温度范围才能正常的生长,如图甲是某同学家的水族箱工作原理图,水族箱内安装的电热丝R1上标有“220V 200W”的字样,Rx为热敏电阻,R2为滑动变阻器,当水面到达图中所示的位置,接触开关S1就会导通,水温由22升高到设定值28,开关S2断开,水温自然冷
8、却到22时开关S2闭合,再次使水升温,水族箱循环工作使箱内水温稳定在热带鱼正常的生长范围之内,水温随时间变化图像如图乙所示求:(1)热敏电阻Rx随温度的升高而_(选填“增大”或“减小”),理由是:_;(2)水族箱正常加热时,通过电热丝的电流是多少?_(3)该水族箱一天消耗的电能;_(4)若要将水族箱内的最高温度调至30,滑动变阻器R2的滑片应向_(选填“左”或“右”)移动。3、小明家的饮水机具有自动加水和加热两种功能,烧水时,先按一下加水按钮,自吸泵把水从水桶抽到壶内,当壶内水位达到规定容量时,自吸泵自动停止抽水;再按一下加热按钮,加热装置将对壶内的水加热如图所示“控制电路”中的热敏电阻R1的
9、阻值随温度变化的曲线如图所示电磁铁线圈电阻可忽略不计,“饮水机”共安装有2根加热电热丝和一根保温电热丝,当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作当线圈中的电流小于或等于40mA时,继电器的衔铁被释放,使加热电路闭合电磁继电器的电源两端电压 U=6V,饮水机的参数如表所示已知水的比热容c水=4.2103 J/(kg ),水的密度水=1.0103 kg/m3,g取10 N/kg,电热水机的铭牌数据如表.(1)电磁继电器的接线柱 _ (M/N)应与家庭电路的火线相连(2)如果自吸泵抽水效率为60%,求自吸泵将1.2 L水提升0.5 m消耗的电能 _ .
10、 (3)加热电路中2根“220V 600W”电热丝的合理连接方式是 _ ( 并联/串联) (4)为了实现温度控制,饮水机加热电热丝(图中未画出)应该选择接在以下的 _ AAD端 BBC端 CAB端 DCD端(5)假设饮水机内水温达到90时,温控电路就将电路切换到保温状态,此时滑动变阻器的阻值为 _ (6)现将滑动变阻器R2的阻值适当调小,则该饮水机的保温范围将比原来 _ (大/小).4、如图甲是小明制作的防盗报警装置示意图,其中工作电路电源电压U16V,指示灯L的额定电压UL2.5V,定值电阻R0350;控制电路电源电压U21.5V,磁敏电阻Rx的阻值随其所处位置磁场强度的变化如图乙所示,D、
11、E、F为动静触点上的三个接线柱,当含有内置小磁铁的窗户分别处在轨道A、B、C处时,磁敏电阻Rx所处位置的磁场强度分别为a、b、c,闭合开关S1和S2后,当窗户关闭时,指示灯亮,蜂鸣器不工作;当窗户打开一定程度时,指示灯熄灭,蜂呜器发出警报声。(1)按要求连接好电路;(2)将窗户移到A点时,窗户关闭,闭合开关S1,指示灯L正常发光,求此时指示灯L消耗的电功率;(写下计算过程)(3)已知电磁铁线圈中的电流达到3mA时,电磁铁的衔铁刚好被吸下,指示灯L熄灭,蜂鸣器开始报警,现移动滑动变阻器的滑片,使其接入电路的阻值为其最大阻值的,当窗户移至轨道B点位置时,蜂鸣器恰好开始报警,若要求窗户移至轨道C点位
12、置时才开始报警,此时能否通过调节滑动变阻器来实现?请通过计算加以说明。(写出计算过程,电磁铁线圈阻值忽略不计)5、为保证润扬大桥以及过桥车辆的安全,工作人员在桥的入口处安装了“超载检测报警系统”检测时,当车辆重量小于1105N时,绿灯亮、红灯灭,表示可以通行;当车辆重量大于等于1105N时,红灯亮、绿灯灭,表示禁止通行系统中的电路元件如图甲所示,其中压敏电阻Rx在检测时承受车辆的全部重量,它的阻值随所受压力F变化的图像如图乙所示;R0为定值电阻;电磁继电器线圈上标有“1040mA”当流过线圈的电流大于等于30mA时,通电线圈的作用效果大于弹簧的作用效果,衔铁被吸下,动触点P和静触点M断开并和静
13、触点N接通;电池组的电压为6V;绿灯规格为“220V 40W”,红灯规格为“220V 60W” (1)请在图甲中用笔画线代替导线完成电路连接(2)根据分析可以知道:_(A/B)灯是红灯(3)定值电阻R0的阻值为多大?(4)一辆大型货车停在检测装置上5分钟,因其严重超载导致电磁继电器线圈中电流太大而被烧坏,超载车辆的总重至少是多大?这段时间内指示灯消耗的电能是多少?-参考答案-一、单选题1、B【解析】【详解】A牛顿在伽利略笛卡儿、开普勒等人研究的基础上,采用归纳与演绎综合与分析的方法,总结出了普遍适用的力学运动规律,故A不符合题意;B伽利略是杰出的意大利科学家,年轻时,他通过观察教堂里吊灯的来回
14、摆动,进而反复进行实验,发现了摆的等时性原理,故B符合题意;C法拉第发现了电磁感应现象,故C不符合题意;D丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场,揭示了电与磁之间的联系,故D不符合题意。故选B。2、D【解析】【详解】小磁针在磁场中受磁场力的作用而偏转;甲图导线中有电流,小磁针偏转,乙图导线中无电流小磁针不偏转;比较甲、乙两图说明:通电导体周围存在磁场。甲、丙两图导线电流方向不同,小磁针偏转方向不同,说明小磁针受力方向不同,磁场方向不同,比较甲、丙两图说明:通电导体产生的磁场方向与电流方向有关。根据以上分析,结论错误,正确。故ABC错误,D正确。故选D。3、D【解析】【分析】【详
15、解】当饭卡接触感应器时,线圈在磁场中做切割磁感线运动,线圈中有感应电流产生,线圈给芯片供电使芯片工作,这是电磁感应现象,线圈相当于电源,故D正确,ABC错误。故选D。4、C【解析】【详解】A电源右端是正极,电流从右端流入,左端流出,根据安培定则,将右手四指方向顺着电流方向握住通电螺线管,大拇指所指方向为通电螺线管N极,即左边为N极,故A错误;B如图是奥斯特实验,导线通电时小磁针发生偏转,表明通电导线周围存在磁场,这里的磁场是因为电流产生的,而不是导线,故B错误;C如图当线圈在磁场中做切割磁感线的运动时,由于电磁感应,线圈中产生电流,灯泡可以发光,是将机械能转化成了电能,属于发电机的原理,故C正
16、确;D如图是电磁感应现象的实验,是将机械能转化为电能,所以是发电机的原理图,故D错误。故选C。5、D【解析】【详解】电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的;A磁极间的相互作用,同名磁极相互排斥,故A不合题意;B奥斯特实验,说明了通电导体周围存在磁场,故B不合题意;C当导体在磁场中做切割磁感线运动时,检流计的指针会发生偏转,说明会产生感应电流,这是电磁感应现象,是发电机的原理,故C不合题意;D当闭合开关后,通电导体在磁场中受力运动,是电动机的原理,故D符合题意。故选D。6、D【解析】【分析】【详解】A电磁起重机的主要构件是电磁铁,电磁铁是利用电流的磁效应的原理工作的,故A不符
17、合题意;B电磁继电器是利用电流的磁效应,即利用衔铁是否被吸动而改变电路的闭合、断开情况进行工作,故B不符合题意;C电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的,故C不符合题意;D发电机是利用闭合线圈在磁场中做切割磁感线运动时,产生感应电流的原理工作的,即利用电磁感应现象原理工作,故D符合题意。故选D。7、D【解析】【详解】动圈式话筒工作过程是:声波振动引起膜片振动带动线圈振动线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。A此装置中有电源,即通电后,小磁针会偏转,说明通电导线周围存在磁场,是电流的磁效应,故A不符合题意;B该装置是研究电磁铁的磁性强弱的
18、影响因素,利用电流的磁效应,故B不符合题意;C该装置是研究磁场对通电导体的作用,故C不符合题意;D此图中没有电源,当部分导体做切割磁感线运动时,电路中会产生感应电流,即电磁感应现象,故D符合题意。故选D。8、C【解析】【详解】图中电磁铁通电后具有磁性,对弹簧秤下方的铁块有向下的吸引力;在线圈匝数不变时,电磁铁的磁性强弱跟电流的大小有关,电流越大,则电磁铁的磁性越强。当向硫酸铜中逐渐滴入氢氧化钡溶液时,由于硫酸铜与氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜沉淀,使溶液的导电能力减弱,电流变小,从而电磁铁的磁性变弱,对铁块的吸引力变小,则测力计示数变小;当氢氧化钡与硫酸铜完全反应后,再向里加入氢氧化钡溶
19、液,则会使溶液的导电性能增强,电流变大,电磁铁的磁性变强,对铁块的吸引力变大,则测力计的示数变大;最后氢氧化钡溶液过量(即氢氧化钡溶液饱和),电路中的电流趋于稳定,则弹簧秤示数趋于稳定,所以测力计的示数先变小,后变大,最后趋于稳定,故C符合题意。故选C。9、C【解析】【详解】A任何磁体都有两个磁极,指南针是磁体,所以有2个磁极,故A错误;B指南针的磁极有磁性,指向会受到附近磁铁的干扰,故B错误;CD地球是一个大磁体,地球周围存在的磁场叫地磁场,自由转动的指南针,其静止时指南北是由于地磁场的作用,故C正确,D错误。故选C。10、C【解析】【详解】由条形磁铁的磁感线分布可知,条形磁铁的磁感线在外部
20、从N极出发回到S极,小磁针的N极的指向为该处磁感线的方向,故可知ABD不符合题意,C符合题意。故选C。二、填空题1、 1962.0#1962 S,N【解析】【详解】(1)1电能表五位数中,最后一位是小数位,故读数为1962.0度。(2)2根据磁场的相互作用,即同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,磁体的左端是N极,故中间的小磁针的左端是S极,而乙图中靠近S极的小磁针,因为异名磁极相互吸引,故小磁针的左端是N极。2、 磁场 机械能【解析】【分析】【详解】1放在磁场中的线圈通电时,通电导线周围产生磁场,电流的磁场与电动机的磁场相互作用,使线圈受到力的作用而发生转动,电动机就是利用通电导线在磁场中受力
21、的作用而转动的。2电动机在工作时消耗电能,使线圈转动,将电能转化为线圈的机械能。3、 法拉第 电磁感应【解析】【详解】1英国物理学家法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律,磁可以生电。2发电机就是利用电磁感应原理,利用闭合线圈的部分导体在磁场中切割磁感线时,会产生感应电流。4、 奥斯特 电动机【解析】【详解】11820年丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,称为电流的磁效应。2电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。5、 小磁针 南北 电磁铁【解析】【详解】1从图中可以看到,闭合开关后,电路中有电流,小磁针会转动起来,这是因为通电导线周围存在磁场,这是验证奥斯特实验,而小灯泡的发
22、光,不能得知相应结论,所以做图示实验时的观察对象是小磁针。2因为小磁针受到地磁场的作用,会指南北方向,为了让这个偏转现象更加明显,应使电流产生的磁场方向是东西方向,这样只有通电导线南北放置,才能做到。3这个实验是电流的磁效应,利用这个实验的结论制造了电磁铁。三、计算题1、 75 由图2可知,当恒温箱内的温度升高时,热敏电阻的阻值随之减小,电路中的电流增大,当电流达到20mA时,电磁铁能够吸引下衔铁,使动触点与C、D所在的电路接通若把加热器接在此电路中,会使恒温箱内的温度持续升高相应的,热敏电阻的阻值继续减小,电流持续增大,电磁铁的磁性继续增强,使CD这个电路始终接通,加热器永远工作达不到控制温
23、度的目的所以,要把恒温箱的加热器应接在A、B端 255【解析】【详解】 (1)60时,控制电路I20mA0.02A,R总300,R1R总R230022575;(2)由图2可知,当恒温箱内的温度升高时,热敏电阻的阻值随之减小,电路中的电流增大,当电流达到20mA时,电磁铁能够吸引下衔铁,使动触点与C. D所在的电路接通若把加热器接在此电路中,会使恒温箱内的温度持续升高相应的,热敏电阻的阻值继续减小,电流持续增大,电磁铁的磁性继续增强,使CD这个电路始终接通,加热器永远工作达不到控制温度的目的所以,要把恒温箱的加热器应接在A. B端(3)设100热敏电阻的阻值为,R1t常数,7560100,解得4
24、5,R总300,30045255.点睛:(1)要求R1的阻值,由电路图可知,R1、R2串联后接在6V的电源上,电源电压已知,此时电路中的电流也知道,可用电源电压与电流求出总电阻,然后减去R2,即可解得R1(2)恒温箱的加热器接在A、B端还是C、D端,主要是由热敏电阻随温度的变化趋势来决定的(3)要求电阻R2此时的阻值应调为多少,首先要知道此时热敏电阻R1的阻值是多少,而R1t常数是一个非常关键的突破口2、 增大 Rx增大,总电阻增大,总电流减小 电磁铁磁性减弱,S2断开 0.91A 4.8106 J 左【解析】【详解】(1)1由图可知,热敏电阻Rx与滑动变阻器R2和通电螺线管串联后接在5V的电
25、源上:若热敏电阻Rx 随温度的升高而减小,根据电阻的串联,总电阻减小,由欧姆定律,电路的总电流变大,通电螺线管的磁性增强,衔铁S2被吸引,则R1所在加热电路连通,水厢内水温升高,因热敏电阻Rx 随温度的升高而减小,重复上面的过程,加热电路一直工作,不符合题意;若热敏电阻Rx 随温度的升高(当温度从22升高到28)而增大,根据电阻的串联,总电阻减大,由欧姆定律,电路的总电流变小,通电螺线管的磁性减弱,衔铁S2在弹力的作用下切断路加热电路,加热电路停止工作,符合题意。(2)2正常工作时电热丝的电流:I= 0.91A(3)3由图乙可知,水族 箱 一个 循 环用 时 400 min,工 作一天,即24
26、h,包含的工作循环=3.6个循环,前三个工作循环,每个工作时间(加热时间)为 100 min,第四个工作循环 所用时间为0.6400 min=240min故加热的工作时间仍为 100 min,总工作时间t=3100 min+100 min=400min消耗的电能W=Pt=200 W40060s=4.8106 J (4)4水温提高会使热敏电阻的阻值增大,根据I=在电路中电流一定时,故需减小滑动变阻器电阻,因此应将滑片向左移。3、 M 10J 并联 C 70 小【解析】【详解】(1)由于开关控制火线,而电磁继电器衔铁相当于开关,所以,电磁继电器的接线柱M应与家庭电路的火线相连;(2)由知道,1.2
27、L水的质量是:m=水 V=1.0103 kg/m3 1.210-3m3 =1.2kg,如果自吸泵抽水效率为60%,则=,所以,自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能是:=10J;(3)根据题意知道,当继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作;当继电器的衔铁被释放,使加热电路闭合,所以,加热电路与保温电路是并联关系,而安装的2根加热电热丝工作时为了互不影响,也应是并联关系(4)当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作,由图1知道CD端接保温电热丝;当线圈中的电流小于或等于40mA时,继电器的衔铁被释放,使加热电路闭合,由图1知道AB端应接
28、2根“220V 600W”的电热丝(表示其额定电压为220V),又由表中数据知道,加热功率为1200W,故每根电热丝正常工作的功率为600W; (5)由图2知道,当饮水机内水温达到90时,热敏电阻R1 =50,由于当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时,继电器的衔铁被吸合,使加热电路断开,保温电路工作,由电阻的串联和欧姆定律知道,此时电路的电流是:=0.05A,解得此时滑动变阻器的阻值是:R滑 =70;(6)现将滑动变阻器R2 的阻值适当调小,由于加热和保温切换时的电流大小均不变,由欧姆定律知道,总阻值R不变,由串联电路的电阻规律知道,R=R2 +R1,所以,当R2 增小时,加热和保温切换时的
29、R1均增大,但两状态之间R1的变化量相等,由图2知道保温范围变小了4、 (1)见解析;(2)0.025W;(3)不能通过调节滑动变阻器的阻值来实现【解析】【分析】(1)因为小灯泡的额定电压小于电源电压,所以需要将电阻R0与灯泡串联,又因为电灯泡和蜂鸣器能够独立工作,所以电灯泡和蜂鸣器并联,根据磁敏电阻的性质以及电磁继电器的工作原理判断出电灯泡和蜂鸣器的位置。(2)工作电路中灯泡和R0串联,灯泡正常发光,根据串联电路的分压特点求出R0两端的电压,根据欧姆定律求出电流,再根据求出灯泡的额定功率。(3)由图象读出窗户移至B点和C点时,磁敏电阻的电阻值,根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值,进而得
30、出滑动变阻器的最大阻值,再判断是否能通过调节滑动变阻器的阻值来实现报警。【详解】解:(1)因为小灯泡的额定电压小于电源电压,所以需要将电阻R0与灯泡串联,又因为电灯泡和蜂鸣器能够独立工作,所以电灯泡和蜂鸣器并联;闭合开关S1和S2后,当窗户关闭时,磁敏电阻距离磁铁近,磁铁的磁性强,根据右图知磁敏电阻的电阻大,电路的电流小,电磁铁的磁性弱,不能把衔铁吸引下来,指示灯亮,蜂鸣器不工作,所以小灯泡和电阻串联后接在上静触点上;当窗户打开一定程度时,磁敏电阻距离磁铁远,磁铁的磁性弱,根据右图知磁敏电阻的电阻小,电路的电流大,电磁铁的磁性强,把衔铁吸引下来,指示灯不亮,蜂鸣器工作,所以蜂鸣器接在上静触点上
31、,如下图所示:(2)闭合开关S1,灯泡和R0串联,灯泡正常发光,其两端的电压为UL2.5V,R0两端的电压电路中的电流为灯泡的额定功率 (3)由图象乙可知,窗户移至B点和C点时,磁敏电阻的电阻值分别为400和300,由欧姆定律可得,当窗户移至轨道B点位置时,蜂鸣器恰好开始报警,控制电路中的总电阻为此时滑动变阻器接入电路的阻值此时滑动变阻器接入电路的阻值为其最大阻值的,所以滑动变阻器的最大阻值为150,当窗户移至轨道C点位置时,滑动变阻器接入电路的阻值应该为但是滑动变阻器的最大阻值为150,所以若要求窗户移至轨道C点位置时蜂鸣器才开始报警,此时不能通过调节滑动变阻器的阻值来实现。答:(1)见上图
32、;(2)此时指示灯L消耗的电功率0.025W;(3)不能通过调节滑动变阻器的阻值来实现。5、 B 90 2105 N 1.8104J【解析】【详解】(1)用导线将左侧电源、压敏电阻、定值电阻和电磁继电器顺次连接起来即可,如下图所示:(2)由题意可知超载时红灯亮,由乙图可知压力越大时压敏电阻的阻值越小,此时线圈中的电流增大,电磁铁的磁性增强,衔铁被吸下来,B灯泡发光,则B灯泡为红灯;(3) 从图象乙中可知,当压力为1105N时,压敏电阻的阻值为100,由I可得,电路中的总电阻:R200,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,定值电阻R0的阻值:R0RRxR线2001001090;(4)电磁继电器线圈被烧坏时电路中的最小电流为40mA,此时电路中的总电阻:R150,此时压敏电阻的阻值:RxRR0R线150901050,由图乙可知,压敏电阻受到的最小压力F2105N,因水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以,超载车辆的最小总重力为2105N,此时红色知识点发光,则5min消耗的电能:W红P红t60W560s1.8104J.