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1、苏教版九年级物理下册第十五章电功和电热章节测评 考试时间：90分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、关于如图所示的实验，下列说法中错误的是（）A该实验研究的是电流的热效应，实验中要控制两烧瓶中煤油的质量相同B实
2、验中串联的目的是为了控制通过两电阻丝的电流相同C该装置是探究电流产生的热量与电流大小的关系D实验中是通过观察温度计示数的高低来判断电流通过导体时产生热量的多少2、某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器的电阻大小，测量并记录了多组电压表和电流表的读数，根据表格中记录的数据分析，他所连接的电路可能的是：（）（图中L为实验室用小灯泡，R为实验室用定值电阻）U/V11.522.533.5I/A0.200.240.260.280.300.34ABCD3、下列选项中，正确的是（）A人体安全电压不高于36VB手电筒正常工作时电流约10AC新能源汽车的效率可达100%D家用台灯正常工作电流大约2A4、即热式电热
3、水器具有即开即用，不用提前预热，没有预热时的热量散失等特点，相比传统储水式电热水器平均可以省电15%30%，因此被国家划归为节能产品。某型号即热式电热水器和传统储水式电热水器的铭牌如图所示。下列说法中正确的是（）即热式电热水器额定电压220V频率50Hz额定功率8500W设定温度3055储水式电热水器额定电压220V频率50Hz额定功率2200W设定温度75A两台电热水器均可直接在110V的电源上正常工作B正常工作时，即热式电热水器比储水式电热水器消耗电能多C正常工作时，即热式电热水器比储水式电热水器消耗电能快D正常工作时，即热式电热水器比储水式电热水器通过的电流小5、在东京奥运会的男子百米决
4、赛中，和苏炳添同时参赛的英国选手因抢跑被红牌罚下，这精准度记录是因为赛道起点装有电子起跑器，图甲是电子起跑器的简化电路图，电源电压恒定，圆圈处为电表，R0为定值电阻，压敏电阻Rx安装在踏板上，其电阻与所受压力的关系如图乙。下列分析正确的是（）A圆圈处的电表为电压表B运动员起跑时，用力踩踏板，R0两端电压变小CR0电阻可与Rx并联D运动员没有踩踏板时，电路消耗的总功率最小6、在伏安法测小灯泡额定功率的实验中，下列做法错误的是（）A连接线路的过程中，开关应处于断开状态B实验前滑动变阻器的滑片要放在阻值最大端C电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联D为了减小误差，进行多次测量，取平均值7、下列家用电器中
5、，利用电流热效应工作的是（）A电饭锅B电视机C抽油烟机D电冰箱8、 “珍爱生命，注意安全”是每个公民应具备的安全意识！下列做法符合安全用电原则的是（）A同一个插座同时使用几个大功率用电器B用湿布擦拭工作中的家用电器C更换电路设备时断开总开关D将三脚插头改为两脚插头9、如图所示的电路中，电源电压为220V。灯泡L1和L2的铭牌上分别有“220V 40W”和“220V 60W”字样。闭合开关S，下列判断中正确的是（）AL1和L2都恰好能正常发光BL1和L2的功率一定相等CL1和L2两端的电压一定相等D通过L1和L2的电流一定相等10、关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A控制家用电器的开关
6、应安装在零线上B发生触电事故时应先切断电源，再实施救人C使用试电笔时，可以用手去接触笔尖的金属部分D空气开关“跳闸”时，一定是由于电路中发生短路引起的第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、图的电路中电源电压为6V，当S闭合时，电压表的读数是4V，则灯L1两端的电压是_V，灯L2的电压是_V，如果两盏灯都正常发光，则_灯的额定电压大。2、上海地区家庭电路中，冰箱与电饭煲等家用电器正常工作的电压为_伏；如图所示，“拖线板”上每个插座之间是_连接的（选填“申联”“并联”），如果这个拖线板同时给多个家用电器供电，会使_过大造成安全隐患。3、甲灯标有“110V 22W”
7、字样，忽略灯泡电阻变化，它正常发光的电流为_A，10小时内消耗的电能为_度；乙灯标有“220V 11W”字样，甲、乙均正常发光时，_（选填“甲”或“乙”）灯更亮。4、图所示电能表的示数为_kWh。5、如图所示是电阻甲和乙的IU图像，由图可知：当乙两端电压为2V时，R乙_，若甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为_V；若甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总功率为_W。三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 1.5W”字样，定值电阻R2的阻值为10，R1为滑动变阻器，当开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1
8、.1A。求：（1）小灯泡正常发光时的电阻；（2）开关S1、S2都闭合时，R1消耗的电功率；（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率。2、如图所示，电源电压保持不变，小灯泡标有“6V 3W”字样，滑动变阻器的铭牌上标有“20 1A”字样，通过灯泡的电流I与灯泡两端的电压U的关系如图乙所示。闭合开关S，求：（1）只闭合S3，当滑动变阻器的滑片P滑到中点时，灯泡恰好正常发光，求此时灯泡的电阻和电源电压。（2）移动滑动变阻器的滑片，当灯泡两端的电压为4V时，小灯泡的实际功率。3、如图所示，电源电压保持不变，灯泡上标有“12V 6W”，定值电阻R1=120，滑动变
9、阻器R2上标有“50、1A”，电压表的量程选用03V，断开S2，闭合S和S1，滑片P移到B端，灯泡刚好正常发光。（不考虑灯丝电阻变化）（1）求灯泡的电阻？（2）将滑片P移到B端，三个开关都闭合，lmin内电路消耗的电能是多少？（3）断开S1，闭合S和S2，在安全前提下，调节滑片P的过程中，电路消耗的最小功率是多少？4、如图所示电路中，小灯泡L标有“6V 3W”字样，R2为3，当S1、S2都闭合时，电流表示数为0.7A，这时小灯泡L正常发光。灯的电阻不变，求：（1）电源电压U；（2）电阻R1的阻值；（3）当S1、S2都断开时，小灯泡L消耗的功率。5、如图所示为某电热饮水机的电路原理图，饮水机有加
10、热和保温两种工作状态，饮水机热水箱内水温达到时开关S1自动断开，处于保温状态；当水温降至一定温度时，S1又闭合重新加热。已知电源电压保持220V不变，饮水机的额定电压是220V，加热功率是440W，保温功率是40W。（1）求：当饮水机处于加热状态时电阻R2的电功率；（2）求：饮水机处于加热状态时，电路中的总电流是多少？（3）求：电阻R1和R2的阻值。-参考答案-一、单选题1、C【解析】【详解】A该实验探究的是电流产生热量多少的影响因素，探究的是电流的热效应，由于电流产生的热量无法直接观察，需要借助观察煤油吸收的热量，则根据Q=cmt结合控制变量法可知，需要控制煤油的质量相同，故A正确，不符合题
11、意；BC如图装置中，两电阻丝串联，即通过的电流和通电时间相同，电阻不同，从而研究电流产生的热量与导体的电阻的关系，故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；D实验中通过观察温度计示数的高低来判断电流通过导体时产生热量的多少，采用的是转换法，故D正确，不符合题意。故选C。2、A【解析】【详解】AC由知道，每次实验与电压表并联的电阻分别为5、6.25、7.7、8.9、10、10.3，说明此电阻随电流、电压的增大而增大，即与电压表并联的电阻是变化的，由于灯泡的电阻随电压的增大而增大，所以，说明电压表是并联在小灯泡的两端，电流表测量电路的电流，故A符合题意，C不符合题意；BD图中电压表测量的是电源电压，
12、随着滑动变阻器的电阻大小改变，电压表示数不变，故BD不符合题意。故选A。3、A【解析】【详解】A因为人体有电阻，微弱的电流通过人体时不会造成伤害，所以人体可以承受一定的电压，人体安全电压不高于36V，故A正确；B手电筒使用干电池，正常工作时电流约0.2A，故B错误；C新能源汽车使用电能工作，由于电流的热效应，在工作时会产生热量散失掉，所以新能源汽车的效率不可达100%，故C错误；D家用台灯的工作电压为220V，功率大概12W左右，因此家用台灯正常工作电流不是2A，故D错误。故选A。4、C【解析】【详解】两台电热水器的额定电压都是220V，接在110V的电源上时，所以，用电器不能正常工作；BC正
13、常工作时，即热式电热水器的额定功率大于储水式电热水器的额定功率，即热式电热水器比储水式电热水器消耗电能快；由公式可知消耗的电能由功率和时间共同决定，虽然即热式电热水器的额定功率大于储水式电热水器的额定功率，但是不知道工作时间，所以无法判断它们两个谁消耗电能多；故B错误，C正确；D根据表格得出即热式电热水器正常工作时的额定功率，储水式电热水器的额定功率，额定电压都是，则由公式可知，故D错误。故选C。5、D【解析】【详解】A由图可知，电阻R0与Rx串联，圆圈处的电表串联在电路中，则为电流表，故A错误；B运动员起跑时，用力踩踏板（即F增大），由图知，压敏电阻Rx的阻值变小，则串联电路的总电阻变小，根
14、据可知电路中的电流变大，由U=IR0可知R0两端的电压变大，故B错误；C电阻R0串联在电路中可以保护电路，如果R0与Rx并联，电流表测量干路中的电流，当压敏电阻Rx较小时，电路的总电阻较小，根据可知电路中的电流较大，可能会烧坏电流表，故C错误；D运动员没有踩踏板时，F=0，由图知，压敏电阻的阻值最大，由电阻的串联可知电路的总电阻最大，根据可知电路消耗的总功率最小，故D正确。故选D。6、D【解析】【详解】A连接线路的过程中，为防止连接错误，电路中电流过大，保护电路元件，开关应断开，故A正确，不符合题意；B连接线路过程中，为了保护电路，滑动变阻器处于最大阻值的位置，故B正确，不符合题意；C电流表串
15、联在被测电路中，电压表并联在被测灯泡两端，故C正确，不符合题意；D伏安法测小灯泡额定功率，测量出不同电压下的电功率，并分析灯泡亮暗与实际功率的关系，不取平均值，故D错误，符合题意。故选D。7、A【解析】【详解】A电饭锅主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故A符合题意；B电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；C抽油烟机是利用电动机来工作的，将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故C不符合题意；D电冰箱利用电动机带动压缩机来工作，将电能主要转化为机械能，故D不符合题意。故选A。8、C【解析】【详解】A同一个插座同时使用几个大功率用电
16、器，会引起引起电路中的电流过大，容易引起火灾，故A不符合安全用电原则；B生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的电视机易造成触电，故B不符合安全用电原则；C更换电路设备时，为了用电安全，需要断开总开关，故C符合安全用电原则；D把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电原则。故选C。9、D【解析】【分析】【详解】由题意可知，两个灯泡的规格不同，由可得，两个灯泡的电阻大小关系为R1R2，由电路图可知，两个灯泡串联，根据串联电路中电流处处相等可得，通过L1和L2的电流一定相等；由U=IR可知，两灯泡通过的电流相等，而两灯
17、泡的电阻不相等，则L1和L2两端的电压一定不相等；由P=UI可知，灯泡两端的电压不相等，通过两灯泡的电流相等，则两个灯泡的电功率一定不相等；由串联电路中的电压规律可得U=U1+U2，即两个灯泡的电压之和等于电源电压220V，则每个灯泡两端的实际电压都小于额定电压220V，则L1和L2都不能正常发光。故ABC错误，D正确。故选D。10、B【解析】【详解】A为了在检修电路时切断电路，保证人员的安全，控制家用电器的开关必须安装在火线上，故A错误；B发生触电事故时应先切断电源，再实施救人，因为人体是导体，如果直接接触触电的人，施救者也可能会触电，故B正确；C测电时，如果直接接触笔尖的金属部分，电流并没
18、有通过电笔内的电阻，相当于电流直接通过人体，会触电，使用测电笔测电时，只能用手接触笔尾的金属部分，故C错误；D家庭电路中空气开关“跳闸”可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。故选B。二、填空题1、 2 4 L2【解析】【详解】123由电路图可知，两灯串联，电压表测L2两端电压，所以灯L2的电压是4V，由串联电路的电压特点可得灯L1两端的电压为灯泡正常发光时两端电压等于额定电压，如果两盏灯都正常发光，则灯L2的额定电压大。2、 220 并联 电流【解析】【详解】1我国家庭电路电压220V，冰箱与电饭煲等家用电器并联接入电路正常工作，所以电压为220伏。2 如图所示，每个插座之间
19、是并列接入电路，所以每个插座之间是并联连接。3 如果这个拖线板同时给多个家用电器供电，会使这个拖线板过载，导致电流过大引起火灾，造成安全隐患。3、 0.2 0.22 甲【解析】【详解】1由于甲灯标有“110V 22W”字样，说明灯泡的额定功率为P22W0.022kW灯泡的额定电压为U110V由PUI知道，灯泡正常发光的电流为2由 知道，10小时内消耗的电能为WPt0.022kW10h0.22kWh0.22度3乙灯标有“220V 11W”字样，说明乙灯正常发光时的实际功率为11W，而甲灯正常发光时的实际功率是22W，由于甲灯的实际功率大于乙灯的实际功率，所以，甲灯更亮。4、2035.8【解析】【
20、详解】电能表盘上数字的最后一位为小数，单位为kWh，故电能表的读数为2035.8kWh。5、 10 3 1.2【解析】【详解】1由图像可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.2A，由可得，此时乙的阻值为2甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，由图像可知，U甲1V，U乙2V，因串联电路中总电压等于各部分电压之和，所以电源电压UU甲+U乙1V+2V3V3甲、乙并联在2V的电路中时，因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以两个电阻两端的电压均为2V，由图像可知，I甲0.4A，I乙0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流II甲+I乙0.4A+0.2A0.6A电路总功率
21、PUI2V0.6A1.2W三、计算题1、（1）6；（2）1.8W；（3）0.4W【解析】【详解】解：（1）小灯泡正常发光时的电阻为（2）当开关S1、S2都闭合时，R2被短路，灯L与R1并联，L恰好正常发光，电流表测干路电流且示数为1.1A，由并联电路电压的规律可知电源电压U=U1=UL=3V灯L正常发光时的电流通过R1的电流为I1=I-IL=1.1A-0.5A=0.6AR1消耗的电功率为P1=U1I1=3V0.6A=1.8W（3）当S1、S2都断开时，R1与R2串联，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍，串联电路中各处的电流相等，则R1与R2电功率之比变阻器R1的阻值电路中的电流R2的电功
22、率P2=I2R2=(0.2A)210=0.4W答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为6；（2）开关S1、S2都闭合时，R1消耗的电功率为1.8W；（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率为0.4W。2、（1）12，11V；（2）1.6W【解析】【详解】（1）灯泡正常发光时，灯泡两端电压U灯=6V，灯泡的电流灯泡正常发光时电阻滑动变阻器两端电压电源电压U=U灯+U滑=6V+5V=11V（2）由图像可知，当灯泡两端的电压为4V时，灯泡电流为0.4A，则灯泡的功率P=UI=4V0.4A=1.6W答：（1）灯泡的电阻12，电源电压11V；（2）灯泡的电功率1.6W。
23、3、（1）24；（2）432J；（3）0.9W【解析】【详解】解：（1）由公式P=UI推导得，所以小灯泡得电阻为（2）将滑片P移到B端，三个开关都闭合，此时小灯泡L和定值电阻R1并联，此时灯泡刚好正常发光，说明电源电压为12V，则小灯泡和定值电阻R1的电流分别为则电路中的总电流为I=IL+I1=0.5A+0.1A=0.6A因此，lmin内电路消耗的电能是W=UIt=12V0.6A160s=432J（3）断开S1，闭合S和S2，此时R1和R2串联，根据公式P=UI可知，当电路中的电流最小时，电路消耗的功率最小，所以滑动变阻器要向左移，阻值增大，为了不烧坏电压表，当电压表示数达到3V时，滑动变阻器
24、接入电阻达到最大，电流达到最小值，此时R1两端的电压为U1=U-U2=12V-3V=9V此时电路中的电流为所以电路中的最小功率为Pmin=UImin=12V0.075A=0.9W答：（1）灯泡的电阻为24；（2）lmin内电路消耗的电能是432J；（3）电路消耗的最小功率是0.9W。4、（1）6V；（2）30；（3）1.92W【解析】【详解】解：（1）当S1、S2都闭合时，R2短路，R1与L并联接入电源两端，因为L正常发光，所以电源电压U=UL=6 V（2）由PL=ILUL变形得小灯泡正常发光时的电流根据并联电路电流特点可知此时定值电阻R1中通过的电流为I1=I-IL=0.7A-0.5A=0.
25、2A由欧姆定律变形可得，因此（3）当S1、S2都断开时，R2与L串联在此电路中，小灯泡的电阻为此时电路中的电流根据串联电路中电流各处相等的特点可知小灯泡中通过的电流IL=I=0.4A由公式P=UI推导可得，因此小灯泡L消耗的功率答：（1）电源电压U为6 V；（2）电阻R1的阻值为30 ；（3）当S1、S2都断开时，小灯泡L消耗的功率是1.92 W。5、（1）400W；（2）2A；（3）1210，121【解析】【详解】解：（1）当开关S闭合，S1断开时，该电路为只含有R1的简单电路，此时是保温状态，已知保温功率是P保温=40W，即电阻R1的电功率为P1=40W；当开关S和S1均闭合时，该电路为R1和R2的并联电路，此时是加热状态，已知加热功率P加热=440W，则电阻R2的电功率为P2=P加热-P1=440W-40W=400W（2）由P=UI可知，饮水机处于加热状态时，电路中的总电流为（3）由可知电阻R1的阻值为电阻R2的阻值为答：（1）当饮水机处于加热状态时电阻R2的电功率为400W；（2）饮水机处于加热状态时，电路中的总电流是2A；（3）电阻R1和R2的阻值分别为1210和121。