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1、中考试题汇编精选精析电功率中考h的标准收费，他家本月应缴纳电费_元。假设电能表的转盘在l0min内转过400转，那么接在该电能表上的用电器总功率为_W。 【答案】42 1200【评析】此题主要考查电能表，电功、电功率的知识。本月用电量应为电能表上月末的示数减去月初的示数，h-1385.5 KWh =84 KWh，所以本月应交电费为84 KWh元KWh=42元。由电能表名牌r KWh可知，电能表转r消耗1 KWh电能，那么转盘转过400r消耗的电能W=(400)106J,那么10min内用电器的总功率:P=Wt=1200W。中考15.如图8所示，在四个相同水槽中盛有质量和温度都相同的纯水，现将阻
2、值为R1、R2的电阻丝(R1R2)，分别按以下图的四种方式连接放人水槽，并接人相同电源。通电相同时间后，水温最高的是【 】【答案】D【评析】此题主要考查电热的知识。相同电压下，电阻越小，产生的热量越多。并联后的总电阻小于其中任何一个电阻的大小，肯定小于串联后的总电阻，所以D正确。中考“测量小灯泡的额定功率实验中，灯泡上标有“字样，电源电压恒定。 (1)请你用笔画线代替导线，将图12中的实物电路连接完整。 (2)连接完实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近电源电压，其故障原因可能是:_.(3)故障排除后，开始实验，在移动变阻器滑片的过程中，眼睛应注视的_示数，直至灯
3、泡正常发光，此时电流表的示数如图13所示，那么灯泡的额定功率为_W。 (4)完成上述实验后，小聪向要了一个阻值为R0的电阻和一个单刀双掷开关，借助局部现有的实验器材，设计了如图14所示的电路，也测出了灯泡的额定功率。请完成以下实验步骤:闭合开关S1，将S2拨到触点_(选填“1或“2) ，移动滑片，使电压表的示数为_V;再将开关S2拨到触点_(选填“1或“2)，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数U;灯泡额定功率的表达式为P额=_(用量和测量量表示)。【答案】(1)(2分)如图3所示 (2) (1分)灯泡处断路(或灯泡的灯丝断路、灯泡与底座接触不良等) (3)(2分)电压表 1.52 (4)(4
4、分)2 3.8 1【评析】此题考查了伏安法测灯泡的额定功率，涉及了电路连接，仪器使用的考前须知，故障电路判断，特殊法测功率等，这些内容比拟根本。在做第4小题问时不能直接写公式P=UI,应根据上面所得数据导入公式。123分 在如图的电路中，灯泡L上标有“6V 4W的字样，当S、S1均闭合时，灯泡正常发光，电压表示数为12V；假设再断开S1，灯泡的实际功率变为原来的，那么以下选项正确的选项是A电路中电源电压为24VB电阻R1的阻值为27C断开S1后，电压表的示数变大D断开S1前后，电流表的示数之比为4：1考点：电路的动态分析；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算专题：计
5、算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：1当S、S1均闭合时，灯泡与电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；根据P=UI求出电路中的电流，利用欧姆定律求出灯泡和R2的电阻；2假设再断开S1时，灯泡与两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据灯泡的实际功率变为原来的和P=I2R求出电路中的电流，进一步得出断开S1前后电流表的示数之比，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用串联电路的电阻特点求出R1的阻值，再利用欧姆定律求出电压表的示数解答：解：1当S、S1均闭合时，
6、灯泡与电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电压为6V，功率为4W，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压U=UL+U2=6V+12V=18V，故A不正确；串联电路中各处的电流相等，根据P=UI可得，电路中的电流：I=IL=A，根据欧姆定律可得：RL=9，R2=18；2假设再断开S1时，灯泡与两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡的实际功率变为原来的，根据P=I2R可得，此时电路中的电流即电流表的示数：I=A，断开S1前后，电流表的示数之比：I：I=A： A=2：1，故D不正确；电路中的总电阻：R=54，串联电路中总电阻等于各
7、分电阻之和，R1=RRLR2=54918=27，故B正确；电压表的示数：U2=IR2=A18=6V12V，即电压表的示数变小，故C不正确应选B点评：此题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的区分和公式及规律的灵活应用216分小英在测量小灯泡的电功率实验中，所用小灯泡的额定电压为3.8V，电源电压为3V1请你用笔画线代替导线，将如图中的实物电路图连接完整2小英在实验中连接好电路，并移动滑片P，依次得出以下数据：灯泡两端电压U/V电路中的电流I/A123分析上面表格中数据，此实验操作有何不标准之处？没有测出小灯泡的额定功率3请帮小英计算第2次实验中小
8、灯泡的实际功率P=0.625W；并通过以上实验数据间接计算小灯泡的额定功率，P额=W考点：电功率的测量专题：测量型实验综合题分析：1根据题目要求确定电流表的接法，把电流表串联接入电路2要想测量小灯泡的电功率，电源电压必须到达或超过其额定电压，才能测量小灯泡的额定功率；3根据P=UI求出第2次的实际功率；根据表中数据结合欧姆定律求出小灯泡的电阻，根据P=求出其额定功率解答：解：1把电流表串联接入电路，实物电路图如以下图所示：2小灯泡的额定电压为3.8V，而测量数据中灯泡两端的电压中没有额定电压，所以求出的功率值中没有额定功率，所以此实验操作中的不标准之处是：没有测出小灯泡的额定功率；3第2次实验
9、中小灯泡的实际功率P=UI=2.5V=0.625W；I=灯泡的电阻：R=10，所以灯泡的额定功率：P额=1.444W故答案为：1电路图如上图；2没有测出小灯泡的额定功率；30.625；1.444点评：连接实物电路图时要注意按题意要求确定电流表的接法；能够根据电功率公式求出电功率；能够正确的分析和处理数据是解决此题的关键246分小刚设计了一种小鸡孵化器的电路模型，如下图，在一般情况下，只需灯光照明，温度较低时，那么需要加热电源电压为72V，R1为定值电阻，R2为发热电阻丝改成的滑动变阻器，其上标有“200 3A的字样，电流表A1的量程为0，电流表A2的量程为03A，灯泡上标有“12V 3W的字样
10、1灯泡正常工作时的电流是多大？2闭合S，断开S1、S2，灯泡正常工作，求R1的阻值3S、S1、S2均闭合时，求R2上消耗电功率的最小值和最大值考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算专题：计算题；欧姆定律分析：1根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，可利用公式I=计算出灯泡L正常工作时的电流2闭合S，断开S1、S2，灯泡L与电阻R1串联，而此时灯泡正常工作，从而可以判断出灯泡两端的电压，知道电源电压，利用串联电路电压的特点计算出电阻R1两端的电压，又知道此时通过灯泡的电流，再利用公式R=计算出R1的阻值 电流表测干路电流；由灯泡正常发光时电
11、压和额定电压相等可知电源的电压，根据欧姆定律分别求出各支路的电流，再利用并联电路的电流特点求出电流表的示数3S、S1、S2均闭合时，电阻R1和滑动变阻器R2串联，灯泡被短路，电流表A1测通过电阻R1的电流，电流表A2测干路中的总电流知道电源电压，利用并联电路电压的特点判断出电阻R1和滑动变阻器R2两端的电压，知道滑动变阻器的最大电阻，可利用公式P=计算出R2上消耗电功率的最小值知道定值电阻R1两端的电压和R1的阻值，可利用公式I=计算出此时通过R1的电流，又知道电流表A2量程为03A，从而可以判断出干路中的最大电流，再利用并联电路电流的特点计算出通过R2的最大电流，再利用公式P=UI计算出求R
12、2上消耗电功率的最大值解答：解：1UL=12V，PL=3W，灯泡L正常工作时的电流为：IL=2闭合S，断开S1、S2，灯泡L与电阻R1串联，而此时灯泡正常工作，那么此时灯泡两端的电压为UL=12V，而电源电压为U=72V，电阻R1两端的电压为：U1=UUL=72V12V=60V，灯泡L灯泡L正常工作时的电流为，此时电路中的电流为，电阻R1的阻值为：R1=2403S、S1、S2均闭合时，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电源电压为U=72V，那么U1=U2=U=72V，而滑动变阻器的最大电阻为R大=200，R2消耗电功率的最小值为：P小=25.92W电阻R1的阻值为240，而U1=U2=U=72V，
13、此时通过R1的电流为：I1=，电流表A1测通过电阻R1的电流，电流表A2测干路中的总电流，电流表A1的量程为0，电流表A2的量程为03A，通过R2的最大电流为：I2=II1=3A=，R2消耗电功率的最大值为：P大=UI2=72V=194.4W答：1灯泡正常工作时的电流是2闭合S，断开S1、S2，灯泡正常工作，电阻R1的阻值为2403S、S1、S2均闭合时，R2上消耗电功率的最小值为25.93W、最大值为194.4W点评：此题综合性较强，考查的内容较多会区分串、并联，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路的电压规律，电流规律关键是公式及其变形的灵活运用，难点是开关断开闭合过程中对
14、电路连接情况的影响252分如下图，电子式电能表表盘上标有“3200imp/kWh字样“3200imp/kWh指的是，接在这个电能表上的用电器，每消耗1kWh的电能，电表上的指示灯闪烁3200次将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了320次，该用电器的额定功率是0.2kW考点：电功率的测量专题：电能和电功率分析：首先掌握“3200imp/kWh的含义，计算出电能表指示灯闪烁320次所消耗的电能，从而根据公式P=计算出功率解答：解：电能表指示灯闪烁320次所消耗的电能为：W=0.1kWhP=0.2kW故答案为： 0.2点评：此题考查了学生根据电能表的参数测量用电器电功率
15、的方法，首先理解参数的真正含义，根据灯闪烁的次数计算出用电器消耗的电能，根据电能和时间计算出功率在计算过程中注意单位的统一298分在测量电阻约为10的定值电阻Rx的实验中，小明和小亮用如下图的器材进行实验1用笔画线代替导线在甲图中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时连入电路的电阻变小2小明把最后一根导线连接完毕后，看到电压表和电流表立即有较大示数小亮认为在实验操作中有两处错误，其中一处是滑动变阻器的滑片没有滑到电阻最大的位置，还有一处是连接电路时开关没有断开3改正错误后，小明改变Rx两端的电压和电流，两次测得的电阻值分别为R1=10.1，R2=10.2，第三次测量时，电流表的示数为
16、，电压表的示数如图乙所示根据以上三次实验数据，最后得出Rx=10.14测量结束后，小亮提出利用这个电路还可以测量小灯泡的电功率，于是小明把定值电阻换成额定电压为2.5V、电阻约为10的小灯泡进行实验闭合开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，使电压表的示数为2.5V时，此时灯泡的电功率等于填“大于、“小于或“等于它的额定功率考点：伏安法测电阻的探究实验；电流表的使用；电压表的读数方法；滑动变阻器的使用；额定功率专题：实验题；作图题；欧姆定律；探究型实验综合题分析：1当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流确定电流表的量程且与定值电阻串联，滑动变阻器按一上
17、一下的原那么串联在电路中，滑片向右滑动时连入电路的电阻变小说明右下方接线柱必须接入电路中；2接完最后一根导线，电表有示数说明开关闭和；电流表示数较大，说明电路电阻较小，滑动变阻器滑片没有置于阻值最大位置；3根据电压表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出第三次测量时的电阻值，取三次电阻的平均值即为定值电阻的阻值；4额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等解答：解：1电源的电压为4.5V，根据欧姆定律可得，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的最大电流I=，所以电流表的量程为0，且与定值电阻Rx串联；滑动变阻器的右下方接线柱与开关的右接线柱相连时，滑片向右滑动时连入电路的电阻变小，如以下图所
18、示：2接完最后一根导线，电表有示数说明开关闭和；电流表示数较大，说明电路电阻较小，滑动变阻器滑片没有置于阻值最大位置因此实验操作中的两处错误是：连接电路时开关没有断开；没有把滑动变阻器的滑片置于阻值最大的位置；3由图乙可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.6V，根据欧姆定律可得，第三次测量时定值电阻的阻值：R3=10，那么定值电阻的阻值：Rx=10.1；4改变滑动变阻器滑片P的位置，使电压表的示数为2.5V即灯泡两端的电压为2.5V时，此时灯泡的电功率和额定功率相等故答案为：1如上图所示；2连接电路时开关没有断开；310.1；4等于点评：此题考查了电流表和滑动变阻器的连接、电
19、路现象的判断、电压表的读数、欧姆定律的应用等，关键是知道为减小误差测定值电阻的阻值时应屡次测量求平均值和知道额定电压下灯泡的实际功率与额定功率相等183分州小红家中的电能表在月初的示数是0468.6kWh月底示数是0520.8kWh，小红家这个月用电52.2kWh考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：根本仪器的使用专题分析：电能表是用来测量消耗电能的仪表，每月用电等于电能表月底的示数减去月初的示数解答：解：月初电能表的示数：0468.6kWh，月底电能表的示数是：0520.8kWh，本月用电：W=0520.8kWh0468.6kWh=52.2kWh故答案为：52.2点评：电能表的读数要注意：
20、月末的减去月初的示数，最后一位是小数，单位是kWh239分如下图的电路中，电源电压恒为6V1当开关S1闭合，S2，S3断开时，电流表示数为，求R的阻值；2闭合开关S1，S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为，求通电10s灯泡消耗的电能；3只闭合开关S2，断开S1，S3，求小灯泡实际的电功率假设小灯泡的电阻不变考点：电功的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的变形公式；电阻的串联专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：1当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；2闭合开关S1，S3，
21、断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，利用W=UIt求出通电10s灯泡消耗的电能；3只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出小灯泡实际的电功率解答：解：1当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得：R=20；2闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路独立工作、互不影响，此时通过R的
22、电流不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，IL=IIR=，并联电路中各支路两端的电压相等，灯泡的电阻：RL=10，通电10s灯泡消耗的电能：WL=UILt=6V10s=36J；3只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，此时电路中的电流：I=，灯泡的实际功率：PL=I2RL=210=0.4W答：1R的阻值为20；2闭合开关S1，S3，断开S2时，通电10s灯泡消耗的电能为36J；3只闭合开关S2，断开S1，S3时，小灯泡实际的电功率为0.4W点评：此题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的区分，难度不大
23、，只要按部就班的解答即可解决问题266分某型号的家用电饭煲有两档，其原理如下图“1”档是保温焖饭，“2”档是高温烧煮假设电阻R0=44，R=2156，求：1当开关S置于“1”档时，电路中的电流I1和R0两端的电压U0；2当开关S置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率P考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：1由电路图可知，开关置于1时，两电阻串联，由串联电路特点及欧姆定律可以求出电路电流、电阻R0两端的电压U0；2由电路图可知，开关置于2挡时，只有电阻R0接入电路，由电功率公式可以求出电饭煲高温烧煮的功率解答：解：1开关置于1时，两电阻串联，电路电流I1=，R0两端的电压U0=I1R0
24、=44=4.4V；2开关置于2挡时，只有电阻R0接入电路，电饭煲高温烧煮的功率P=1100W；答：1当开关S置于“1”档时，电路中的电流I1和R0两端的电压U0为4.4V；2当开关S置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率为1100W点评：分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题213分在“怎样使两个灯泡都亮起来的活动中，小明采用如下图的方法连接，结果两个灯泡都亮了这时，两灯的连接方式是串联假设电源电压为3V，灯泡的规格均为“2.2V ，那么每个灯泡的电阻是10，每个灯泡的实际功率是0.225W考点：欧姆定律的应用；实际功率专题：欧姆定律分析：1串联电流中电流只有一
25、条路径，并联电路中电流有两条或多条路径，根据电流路径确定电路的连接方式；2灯泡的额定电压和额定电流，利用R=即可求电阻值3根据串联电路的特点求出灯泡的实际电压即可利用P=求功率解答：解：1如下图的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联；2U额=2.2V，I额=，根据欧姆定律得：RL=103电源电压U=3V，两个相同的灯泡串联连接；根据串联电路的特点可知UL实=U=3V=1.5V，那么灯泡的实际功率P实=0.225W故答案为：串联；10；0.225点评：解决此类电路问题的关键是知道电流流向，根据电流路径的电路的连接方式，熟练掌握欧姆定律的应用和串联电路的特点247分如图1所示是一种电
26、热水龙头，图2是它的电路简图旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水、温水或热水R1、R2是电热丝，R2=55，温水档的电功率是2.2kW试答复或求解以下问题：1S旋到2位置时，水龙头流出温水；S旋到3位置时，水龙头流出热水选填“1”、“2”或“3”2电热丝R1的阻值是多大？3S旋到热水档时，电路中的总电流是多大？考点：欧姆定律的变形公式；电功率与电压、电流的关系专题：计算题；欧姆定律；电能和电功率分析：1根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=UI=判断功率的大小，由此可知热水或温水的档位；2知道温水功率，利用P=UI=求R1的阻值；3知道R2=55，
27、温水档的电功率是2.2kW利用I=分别求出通过电阻的电流，然后根据串联电路的电流特点求总电流解答：解：1当开关处于位置2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大，根据P=可知：此时功率最小，可见此时放出的是温水；当开关处于位置3时，电阻R1和R2并联接入电路，电路电阻最变小，根据P=可知：此时功率最小，所以此时放出的是热水；2P=UI=可知，温水功率P温水=2.2kW=2200W，R1=22；3S旋到热水档时，电阻R1和R2并联接入电路，根据欧姆定律得：I1=10A，I2=4A，所以，I=I1+I2=10A+4A=14A答：12；3；2电热丝R1的阻值22；3S旋到热水档时，电路中的总电流是14
28、A点评：1此题考查电路分析、效率公式、欧姆定律和电功率公式的应用，解题时要注意隐含条件，电路电压是220V2大局部家用电热器都是用改变电路电阻的阻值来实现功率的改变，电阻阻值的改变由三种方法：用开关使几个电阻串联，到达增大电阻，减小功率的目的；用开关使几个电阻并联，到达减小电阻，增大功率的目的；用一个开关和电阻并联，开关的闭合可用短路电阻，到达减小电阻，增大功率的目的112分LED灯具有节能、环保特点“220V 8.5WLED灯泡和“220V 60W白炽灯泡正常发光时的亮度相当与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约A14.2%B85.8%C16.5%D83.5%考点：电功的计算专题：电能和电功率分
29、析：设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比解答：解：P=，设两种灯泡正常发光的时间为t，LED消耗的电能为W1=P1t=8.5Wt白炽灯消耗的电能为W2=P2t=60WtLED灯可以节约85.8%应选B点评：LED灯具有节能、环保、对人眼无危害等特点，是替代白炽灯的开展方向中考213分小华发现家中空调每制冷工作10分钟后，就转变成送风状态工作5分钟，再转变为制冷状态，如此反复为了测量空调制冷时电功率，他在空调插座处接入一个电能表用于测量空调消耗的电能相关数据见表空调送风10分钟所消耗的电能为0.03kWh，30分钟内空
30、调消耗的电能为0.5kWh，空调制冷时的电功率为1.41kW考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：1由表中数据可知送风状态的功率，知道送风时间，利用W=Pt求空调送风10分钟所消耗的电能；2由30分钟前后电能表示数变化可知30分钟内空调消耗的电能，注意最后一位是小数点后面一位，单位是kWh；3上面求出了30分钟内空调消耗的电能两个循环消耗的电能，可求15分钟内空调消耗的电能一个循环，即制冷一次、送风一次消耗的电能；上面求出了空调送风10分钟所消耗的电能，可求空调送风5分钟所消耗的电能一次送风消耗的电能；空调一次制冷消耗的电能等于一个循环消耗的电能减去一次送风消
31、耗的电能，知道一次制冷时间，利用功率公式求空调制冷时的电功率解答：解：1P=，空调送风10分钟所消耗的电能：W1=Pt=0.18kWh=0.03kWh；230分钟内空调消耗的电能：W=1700.5kWh1700.0kWh=0.5kWh；3由可得15分钟内空调消耗的电能：W=W0.5kWh=0.25kWh，由可得空调送风5分钟所消耗的电能：W1=W1=0.03kWh=0.015kWh，空调一次制冷消耗的电能：W2=WW1=0.25kWh0.015kWh=0.235kWh，空调制冷时的电功率：P2=1.41kW故答案为：0.03；0.5；1.41点评：此题考查了电能表的读数、电能和电功率的计算，知
32、道空调一个循环，制冷一次、送风一次，以及相应的时间是此题的关键中考295分在“测量小电灯功率的实验中，小电灯的测定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为101请你用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整2连接好电源，闭合开关，小电灯发光，但电压表示数为0，经检查，图中a，b，c，d四根导线有一根断了，那么该导线是_填写字母 3排除故障后，闭合开关，测量小电灯额定功率，移动变阻滑的滑片P，眼睛应先注视_表的示数，然后读出另一电表示数，当小电灯正常发光时，电流表的示数如图乙所示，那么小电灯的额定功率为_W。4在小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到另一位置，那么小电灯的实际功率_选填“大于、“小
33、于或“等于额定功率 考点：电功率的测量；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；实际功率专题：图析法；测量型实验综合题分析：1根据滑动变阻器的正确使用将图甲中实物电路连接完整2小灯泡发光，说明小灯泡与电源连通的导线无断路现象，电压表示数又为0，那么将电压表并联在灯泡两端的导线断路3根据“灯泡两端的电压为额定电压时，灯泡的功率为额定功率，灯泡正常发光解决此题；根据灯泡的额定电压和正常发光的电阻估算灯泡中的电流，选择电流表的量程，读出电流表的示数；利用电功率公式计算额定功率P=UI4根据滑动变阻器的连接方式，判断滑片P向B端移动时电阻的变化，那么知灯泡两端实际电压的变化，进一步知道
34、其功率的变化解答：解：1滑动变阻器按一上一下的原那么串联在所控制的电路中；如以下图所示： 2由图可知导线a、c、d将小灯泡与电源连通，小灯泡发光，所以导线a、c、d无 断 路现象；导线b、c将电压表并联在灯泡两端，电压表示数为0，所以导线b断路3测量小电灯额定功率时，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，眼睛应先注视电压表的示数，当小灯泡的电压为额定电压2.5V时，读出电流表示数；小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光的电阻为10，灯泡中电流大约为I=U / R=2.5V /10=，所以电流表应选0量程，那么图乙中电流表示数为：；所以小电灯的额定功率为P=UI=2.5V=0.6W4滑动变阻器下面接的
35、是A，所以滑片向B端移动时，电阻变大，滑动变阻器两端的电 压变大，灯泡两端的电压变小，小灯泡的功率变小故答案为：1如上图2b；3电压；0.6；4小于点评：此题综合性较强，考查了学生连接电路和读数的技能，同时考查了学生运用电学公式计算的能力，还要弄清小灯泡的工作状态以求出额定功率，训练了学生对知识的活用中考326分小明按如下图的电路进行实验，电源电压不变，闭合开关，改变a、b之间的电阻箱R的阻值，得到一组电压表的示数UR的图象如图乙所示。 1随着电阻箱接入电路中的阻值增大，定值电阻R0两端的电压_选填“增大、“减小或“不变 2将a、b间的电阻箱换成未知电阻Rx，读得电压表示数为4.5V，那么Rx
36、=_，此时电路中电流为_ A。 3取下Rx，分别将电阻RA和RB接入a、b之间，读得对应的电压表示数为1V和3V，在这两种情况下，R0上消耗的电功率变化了多少？考点：控制变量法与探究性实验方案专题：探究型实验综合题分析：根据电路图可知，电阻箱与定值电阻串联，电压表测量电阻箱两端电压；1串联电路起分压作用，电阻越大，分得的电压越大；2根据U-R图象读出，当电压表示数为4.5V时的电阻值，由于定值电阻不变，那么Rx等于电压表示数等于4.5V时电阻箱对于的阻值；根据欧姆定律可求出此时电路中的电流；3根据U-R图象分别读出，当电压表示数为1V和3V时的电阻值，根据欧姆定律分别求出电路中的电流，由P=U
37、I可分别求出电功率，两次功率差即为变化量解答：解：1随着电阻箱接入电路中的阻值增大，电阻箱两端电压随之增大，根据串联电路电压特点可知，定值电阻Ra两端的电压将减小；2根据U-R图象可知，当电压表示数为4.5V时，电阻箱接入电路的电阻为14，因此Rx=14，此时电路中的电流：I=U / R=4.5V /14=；3根据U-R图象可知，当电压表示数为1V时，电阻箱接入电路的电阻为1，因此RA=1，此时电路中的电流：IA=U / R=1V /1=1A，因此RB，此时电路中的电流：IB=U / RB=；因为电源电压不变，所以可得：IARA+R0=IBRB+R01A1+R0=+R0R0，RO上消耗的电功率
38、变化了：P=PA-PB=IA2R0-IB2R0=1A2-2=3.06W故答案为：1减小；214；0.32；3RO上消耗的电功率变化了3.06W点评：此题考查欧姆定律和电功率计算公式的应用，会从图象中读出相关信息是解答此题的关键所在161分某养鸡场新购进一台电热孵卵器，其电阻为110不变，在额定电压下工作时通过孵卵器的电压是2A，那么该孵卵器正常工作10s所产生的热量为4400J考点：焦耳定律的计算公式及其应用专题：电与热、生活用电分析：根据Q=W=I2Rt求出孵化器产生的热量解答：解：该孵卵器正常工作10s所产生的热量：Q=W=I2Rt=2A211010s=4400J故答案为：4400点评：此
39、题主要考查的是学生对焦耳定律计算公式的理解和掌握，根底性题目245分如图甲所示，额定电压为20V的灯泡L与滑动变阻器R串联接入点路，电源电压为24V灯泡L的IU图象如图乙所示，当灯泡正常发光时，求：1通过灯泡的电流和灯泡所消耗的电功率2滑动变阻器接入电路的阻值考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：1灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，由图乙读出通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡所消耗的电功率；2根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值解答：解
40、：1灯泡正常发光时的电压UL=20V，由图乙可知此时通过灯泡的电流IL=，灯泡所消耗的电功率：PL=ULIL=20V=8W；2串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压：UR=UUL=24V20V=4V，串联电路中各处的电流相等，滑动变阻器接入电路中的电阻：R=10答：1通过灯泡的电流为，灯泡所消耗的电功率为8W；2滑动变阻器接入电路的阻值为10点评：此题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等并能从图象中得出对于的电流132分白炽灯是根据电流的热 效应工作的灯丝做成螺旋状是为了减少 选填“增大或“减少散热，以便更好地发光考点：
41、电流的热效应、化学效应和磁效应专题：电与热、生活用电分析：电流通过导体时电能转化成内能，把这种现象叫做电流热效应解答：解：白炽灯是将电能转化为内能的，其工作原理是：电流通过灯丝时产生热量，螺旋状的灯丝可以减小热量散失，并不断将热量聚集，使得灯丝的温度达摄氏度以上，灯丝在处于白炽状态时，就象烧红了的铁能发光一样而发出光来故答案为：热；减少点评：此题主要考查的使学生对电流热效应的理解和掌握，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力2410分某品牌家用电熨斗的电路如图甲所示，额定电压为220V、最大功率为440W，发热局部由调温电阻R和定值电阻R0组成，调温电阻R是可变电阻，其最大阻值为110电阻值
42、均不受温度影响1定值电阻R0的阻值是多大？2该电熨斗工作时的最小功率多大？此时通过电路的电流是多大？3假设电熨斗每秒钟散发的热量Q跟电熨斗温度t的关系如图乙所示，请分析得出电熨斗工作时温度的调节范围考点：电功与热量的综合计算；欧姆定律的应用；电功率的计算专题：计算题；简答题；电能和电功率；电和热综合题分析：1当调温电阻R=0时电熨斗的电功率最大，根据P=求出定值电阻R0的阻值；2当调温电阻R=110时电熨斗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出通过电路的电流，再根据P=UI求出该电熨斗工作时的最小功率；3由乙图可知散热功率分别为440W和220W到达的最高温度即可得出电熨斗工作时温度的调节范围解答：解：1当调温电阻R=0时，电熨斗的电功率最大，根据P=可得：R0=110；2当调温电阻R=110时，电熨斗的电功率最小，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，此时通过电路的电流：I=1A，电熨斗的最小电功率：P=UI=220V1A=220W；3由图乙可知：当电熨斗功率是440W时，温