《2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练专题4.15竖直面内或斜面内的圆周运动的杆模型基础篇含.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练专题4.15竖直面内或斜面内的圆周运动的杆模型基础篇含.doc（10页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、专题4.15竖直面内或斜面内的圆周运动的杆模型（基础篇）一选择题1. （2018北京密云质检）如图所示甲、乙、丙、丁是游乐场中比较常见的过山车，甲、乙两图的轨道车在轨道的外侧做圆周运动，丙、丁两图的轨道车在轨道的内侧做圆周运动，两种过山车都有安全锁(由上、下、侧三个轮子组成)把轨道车套在了轨道上，四个图中轨道的半径都为R，下列说法正确的是() A甲图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最高点时，座椅一定给人向上的力 B乙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，安全带一定给人向上的力 C丙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，座椅一定给人向上的力 D丁图中，轨道车过最高点的最小速度为【参考
2、答案】.BC【名师解析】甲图中，由mg=m可知，当轨道车以一定的速度v=通过轨道最高点时，座椅给人向上的力为零，选项A错误；乙图中，由F-mg=m可知，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，安全带一定给人向上的力F= mg+m，选项B正确；丙图中，由F-mg=m可知，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，座椅一定给人向上的力F= mg+m，选项C正确；由于过山车都有安全锁(由上、下、侧三个轮子组成)把轨道车套在了轨道上，丁图中，轨道车过最高点的最小速度可以为零，选项D错误。2. （2019安徽蚌埠二中最后一卷）如图所示，长为l的轻杆两端各固定一个质量均为m的小球a、b，系统置于倾角为的光滑斜面
3、上，且杄可绕位于中点的转轴平行于斜面转动，当小球a位于最低点时给系统一初始角速度0，不计一切阻力，则（）A在轻杆转过的过程中，角速度逐渐减小B. 只有大于某临界值，系统才能做完整的圆周运动C. 轻杆受到转轴的力的大小始终为D. 轻杆受到转轴的力的方向始终在变化【参考答案】C【名师解析】质量均为m的小球a、b，系统置于倾角为的光滑斜面上，且杄可绕位于中点的转轴平行于斜面转动，当系统一初始角速度，在转动过程中，系统的重力势能不变，那么系统的动能也不变，因此系统始终匀速转动，故AB错误； 选两球，及杆，作为系统，根据牛顿第二定律，则有：F-2mgsin=man+m（-an），解得：F=2mgsin，
4、而轻杆受到转轴的力的方向始终沿着斜面向上，故C正确，D错误。【关键点拨】根据质量相等，判定各自重力势能变化，从而确定小球转动速度； 对整体分析，结合牛顿第二定律，及向心力表达式，即可求解。考查重力势能与动能的转化，注意质量相等，且转轴在杆的中点是解题的关键，同时掌握牛顿第二定律的应用。3.(2017山东青岛期末) (多选)如图所示，内壁光滑的大圆管，用一细轻杆固定在竖直平面内；在管内有一小球(可视为质点)做圆周运动。下列说法正确的是()A.小球通过最低点时，小球对圆管的压力向下B.小球通过最高点时，小球对圆管可能无压力C.细杆对圆管的作用力一定大于圆管的重力大小D.细杆对圆管的作用力可能会大于
5、圆管和小球的总重力大小【参考答案】ABD【名师解析】小球通过最低点时，小球受到重力、圆管向上的支持力，合力指向圆心，根据牛顿第三定律，小球对圆管的压力向下，选项A正确；当小球通过最高点时，若速度为，圆管对小球的弹力为零，小球对圆管无压力，选项B正确；对圆管和球组成的整体为研究对象，当小球的向心加速度向上(或分量向上)时，细杆对圆管的作用力会大于圆管和小球的总重力大小；当小球的向心加速度向下(或分量向下)时，细杆对圆管的作用力小于圆管和小球的总重力大小，选项C错误，D正确。4.（2018合肥八中质检）如图所示，A和B两个小球固定在一根轻杆的两端，A球的质量为m，B球的质量为2m，此杆可绕穿过O点
6、的水平轴无摩擦地转动。现使轻杆从水平位置由静止释放，则在杆从释放到转过90的过程中，下列说法正确的是()AA球的机械能增加B杆对A球始终不做功CB球重力势能的减少量等于B球动能的增加量DA球和B球组成系统的总机械能守恒【参考答案】AD【名师解析】杆从释放到转过90的过程中，A球“拖累”B球的运动，杆对A球做正功，A球的机械能增加，选项A正确，B错误；杆对B球做负功，B球的机械能减少，总的机械能守恒，选项D正确，C错误。5. （2018河南名校联考）太阳神车由四脚的支架吊着一个巨大的摆锤摆动，游客被固定在摆下方的大圆盘A上，如图所示摆锤的摆动幅度每边可达120。6台大功率的异步驱动电机同时启动，
7、为游客创造4.3 g的加速度，最高可飞跃至15层楼高的高空。如果不考虑圆盘A的自转，根据以上信息，以下说法中正确的是A当摆锤摆至最高点的瞬间，游客受力平衡B当摆锤摆至最高点时，游客可体验最大的加速度C当摆锤在下摆的过程中，摆锤的机械能一定不守恒D当摆锤上下摆动摆至最低点的过程中，游客一定处于超重体验中【参考答案】.D【名师解析】当摆锤摆至最高点的瞬间，游客有斜向下的加速度，加速度不是最大，受力不平衡，选项A错误；当摆锤在下摆的过程中，若驱动电机做功正好等于克服摩擦力做功，则摆锤的机械能守恒，选项C错误；当摆锤上下摆动摆至最低点的过程中，旅客的加速度方向一定向上，游客一定处于超重体验中，选项D正
8、确。6.(2016河南洛阳高三月考)如图所示，螺旋形光滑轨道竖直放置，P、Q为对应的轨道最高点，一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，且能过轨道最高点P，则下列说法正确的是()A小球恰能过轨道最高点P的速度为零B轨道对小球不做功，小球在P点的角速度大于在Q点的角速度C小球在Q点的向心加速度大于在P点的向心加速度D小球在Q点对轨道的压力大于在P点对轨道的压力【参考答案】CD【名师解析】小球在P点做圆周运动，至少重力提供向心力，故mg，故P点速度不为零，A错误；由于支持力始终与速度方向垂直，所以支持力不做功即轨道对小球不做功，仅有重力做功，小球机械能守恒，则P点的速度小于Q点速度，且P点的半径
9、大于Q点的半径，所以小球通过P点的角速度小于通过Q点的，B错误；根据a得，小球在P点的向心加速度小于Q点的，故C正确；根据牛顿第二定律可知，小球在P点的向心力小于Q点的，而向心力是由重力与轨道对它的支持力提供，因此小球在P点的支持力小于Q点的，即小球对轨道的压力P点小于Q点的，故D正确。7.如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为FN，小球在最高点的速度大小为v，其FNv2图象如图乙所示。则()A.小球在质量为B.当地的重力加速度大小为C.v2c时，在最高点杆对小球的弹力方向向上D.v22b时，在最高点
10、杆对小球的弹力大小为2a【参考答案】 A【名师解析】由图乙可知当小球运动到最高点时，若v2b，则FN0，轻杆既不向上推小球也不向下拉小球，这时由小球受到的重力提供向心力，即mg，得v2gRb，故g，B错误；当v2b时，轻杆向下拉小球，C错误；当v20时，轻杆对小球弹力的大小等于小球重力，即amg，代入g得小球的质量m，A正确；当v22b时，由向心力公式得Fmg得杆的拉力大小Fmg，故Fa，D错误。8.(2016东城区模拟)长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内做圆周运动，关于小球在最高点的速度v，下列说法中正确的是()A.当v的值为时，杆对小球的弹力为零
11、B.当v由逐渐增大时，杆对小球的拉力逐渐增大C.当v由逐渐减小时，杆对小球的支持力逐渐减小D.当v由零逐渐增大时，向心力也逐渐增大【参考答案】 ABD【名师解析】在最高点球对杆的作用力为0时，由牛顿第二定律得：mg，v，A正确；当v时，轻杆对球有拉力，则Fmg，v增大，F增大，B正确；当v时，轻杆对球有支持力，则mgF，v减小，F增大，C错误；由F向知，v增大，向心力增大，D正确。9.(2016山西吕梁模拟)如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是()A.小球通过最高点时的最小速度vminB.小球通过最高点时的最小速度vmin0C.小
12、球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D.小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力【参考答案】 BC【名师解析】在最高点，由于外管或内管都可以对小球产生弹力作用，当小球的速度等于0时，内管对小球产生弹力，大小为mg，故最小速度为0，故A错误，B正确；小球在水平线ab以下管道运动时，由于沿半径方向的合力提供小球做圆周运动的向心力，所以外侧管壁对小球一定有作用力，而内侧管壁对小球一定无作用力，故C正确；小球在水平线ab以上管道运动时，由于沿半径方向的合力提供小球做圆周运动的向心力，可能外侧壁对小球有作用力，也可能内侧壁对小球有作用力，故D错误。10.(2
13、016安徽芜湖高三月考)如图所示，长为L的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动。设小球在最高点的速度为v，则()Av的最小值为Bv若增大，此时所需的向心力将减小C当v由逐渐增大时，杆对球的弹力也逐渐增大D当v由逐渐减小时，杆对球的弹力也逐渐减小【参考答案】C【名师解析】由于杆能支撑小球，因此v的最小值为零，故A错误；根据向心力公式Fnm知，若速度v增大，则向心力增大，B错误；当v时，杆对球没有作用力，v由逐渐增大，杆对球有向下的拉力，根据牛顿第二定律得，Fmgm，有Fmmg，v增大，F增大，C正确；v由逐渐减小时，杆对球有向上的支持力，有mgFm，解得F
14、mgm，速度v减小，则杆对球的弹力增大，D错误。11(2016连云港六校联考)如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M，长杆的一端放在地面上通过铰链连接形成转动轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处，在杆的中点C处拴一细绳，通过滑轮后挂上重物M，C点与O点的距离为L，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度缓慢转至水平(转过了90角)下列有关此过程的说法中正确的是()A重物M做匀速直线运动 B重物M做变速直线运动C重物M的最大速度是L D重物M的速度先减小后增大【参考答案】BC【名师解析】设C点线速度方向与绳子的夹角为(锐角)由题知C点的线速度为L，该线速度在绳
15、子方向上的分速度就为Lcos ，的变化规律是开始最大(90)，然后逐渐变小，所以Lcos 逐渐变大，直至绳子和杆垂直，变为0，绳子的速度变为最大，为L，然后，又逐渐增大，Lcos 逐渐变小，绳子的速度变小，所以重物的速度先增大后减小，最大速度为L，故选项BC正确12. 如图所示，在竖直放置的离心浇铸装置中，电动机带动两个支撑轮同向转动，管状模型放在这两个支承轮上靠摩擦带动，支承轮与管状模型间不打滑铁水注入之后，由于离心作用，铁水紧紧靠在模型的内壁上，从而可得到密实的铸件，浇铸时支承轮转速不能过低，否则，铁水会脱离模型内壁，产生次品已知管状模型内壁半径为R，支承轮的半径为r，重力加速度为g，则支承轮转动的最小角速度为（ ）A B C D【参考答案】B【名师解析】经过最高点的铁水要紧压模型内壁，临界情况是重力恰好提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m,解得：v=.支承轮与模型是同缘传动，边缘点线速度相等，故支承轮边缘点的线速度也为v=.故支承轮转动的最小角速度为：=v/r=，选项B正确。