《2022年物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-唐山市高考一模试卷物理试题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-唐山市高考一模试卷物理试题.docx（30页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精选学习资料 - - - - - - - - - 2022 年河北省唐山市高考物理一模试卷一、挑选题：此题共8 小题,每题6 分在每题给出的四个选项中,第15 题只有一项符合韪目要求, 6-8 题有多项符合题目要求全部选对的得6 分,选对但不全的得3 分,有错选的得 0 分1为了熟悉复杂的事物规律,我们往往肌事物的等同成效动身,将其转化为简洁的、易于讨论的事物, 这种方法称为等效替代,以下哪个物理概念的建立没有使用等效替代思想A惯性 B重心 C平均速度 D 合力与分力2一旅客在站台8 号车厢候车线处候车,假设动车一节车厢长25 米,动车进站时可以看做匀减速直线运动他发觉第6 节车厢经过他时用了
2、4s 钟,动车停下时旅客刚好在8 号车厢门口,如下图就该动车的加速度大小约为A2m/s 2B1m/s2C2D23一木箱放在水平地面上,木箱质量为 小保持不变,方向改为与水平方向成m,用水平推力,即可使物体做匀速直线运动,大 60角斜向上拉物体,也能使它做匀速直线运动如下图就木箱与水平地面的动摩擦因数为ABCD4美国航天局与欧洲航天局合作,发射的火星探测器已经胜利登录火星荷兰企业家巴斯名师归纳总结 兰斯多普发起的“ 火星一号 ” 方案准备将总共24 人送上火星,创建一块长期殖民地假设已第 1 页,共 21 页知万有引力常量G,那么在以下给出的各种情形中,能依据测量的数据求出火星密度的是A在火星外
3、表使一个小球作自由落体运动,测出落下的高度H 和时间 t B火星探测器贴近火星外表做匀速圆周运动,测出运行周期T - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - C火里探测器在高空绕火星做匀速圆周运动,测出距火星外表的高度H 和运行周期T D观看火星绕太阳的匀速圆周运动,测出火星的直径 D 和运行周期 T 5如下图,一出现半正弦外形的闭合线框 abc,ac=l,匀速穿过边界宽度也为 l 的相邻磁感应强度大小相同的匀强磁场区域,整个过程中线框中感应电流图象为取顺时针方向为正方向CDAB6如下图, ABC 为外表光滑的斜劈,D 为 AC 中点,质量为m 带正电的小滑块沿
4、AB 面由A 点静止释放,滑到斜面底端 B 点时速度为 v 0,假设空间加一与 ABC 平行的匀强电场,滑块仍由静止释放,沿 AB 面滑下, 滑到斜面底端 B 点时速度为 v0,假设滑块由静止沿 AC面滑下,滑到斜面底端 C 点时速度为 v 0,就以下说法正确的选项是A电场方向与 BC 垂直B滑块滑到D 时机械能增加了2 mv 0CB 点电势是 C 点电势 2 倍DB 点电势与 D 点电势相等7套圈嬉戏是一项很受欢送的群众运动,要求每次从同一位置水平抛出圆环,套住与圆环名师归纳总结 前端水平距离为3m 的 20cm 高的竖直细杆,即为获胜一身高儿童从距地面1m 高度水平第 2 页,共 21 页
5、抛出圆环, 圆环半径为10cm：要想套住细杆, 他水平抛出的速度可能为g=10m/s2- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - A7.4 m/s B7.6 m/s C7.8 m/s D8.2 m/s 8如下图内壁光滑的环形槽半径为R固定在竖直平面内,质量均为m 的小球 A、B 以等大的速率 v0 从圆心等高处向上、 向下滑入环形槽, 假设在运动过程中两球均未脱离环形槽,设当地重力加速度为g就以下表达正确A两球再次相遇时,速率仍旧相等B小球 v0 的最小值为C小球 A 通过最高点时的机械能小于小球B 通过最低点时的机械能D小球 A 通过最高点和小球B 通过最低点
6、时对环形槽的压力差值为6mg 三、非挑选题：包括必考题和选考题两部分第9 题第 12 题为必考题,每个小题考生都必需作答第 13 题第 18 题为选考题,考生依据要求作答一必考题9某同学利用铁架台、弹簧、刻度尺及钩码探究“弹力和弹簧伸长的关系”,如图 1 所示：1试验中,以下操作正确的选项是A弹簧水平放置在桌面上,稳固后测出原始长度B弹簧竖直悬挂在铁架台上,稳固后测出原始长度名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - C每次悬挂钩码后应保持弹簧竖直位置且处于平稳状态 D用刻度尺测出弹簧的长度即为弹簧的伸长量2表是该同学试验中
7、所测的几组数据,请你在图2 中的坐标纸上作出F x 图线弹力 F/N 0 k=N/m保留三位有效弹簧总长度l/cm 3由 2中的 F x 图线可求得,弹簧的劲度系数数字10某同学欲将电流表改装成电压表,需要测量电流表的内阻,可供挑选的试验器材有：A待测电流表 G1；B一个标准电流表 G2G2 的量程大于 G 的量程：C电阻箱 R ；D滑动变阻器 R；E电池组、导线、开关采纳如图 1 所示的电路测定电流表内阻时,该同学的试验步骤为：按电路图接好电路,将滑动变阻器 R 调至最大；闭合 S1,断开 S2,调剂滑动变阻器 R,使电流表 G1表头指针满偏；再闭合 S2,保持滑动变阻器 R 不变,调剂电阻
8、箱 R ,使表头指针半偏读出此时电阻箱 R的示数,就电流表内阻可看做此示数1用上述方法得到的电流到G1内阻的测量值与真实值相比2为了使涮量更精确,请你利用上述试验器材重新设计试验,从设计原理上看可以排除名师归纳总结 上述试验中的系统误差,请你在给定图2 中完成试验电路图Rg=说第 4 页,共 21 页3使用重新设计的试验电路的测量数据,写出电流表G1 内阻表达式明各测量值的意义- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 11如下图,质量为,的弹性小球A、B 穿过一绕过定滑轮的轻绳,绳子末端与地面距离,小球距离绳子末端,小球 A 、B 与轻绳的滑动摩擦力都为重力的
9、倍,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力, 现由静止同时释放 g=10m/s 2,求：A、B 两个小球, 不计绳子质量, 忽视与定滑轮相关的摩擦力,1释放 A 、B 两个小球后, A、 B 的各自加速度？2小球 B 从静止释放经多长时间落到地面？12如图甲所示, 在 xoy 平面内存在半径为R=16cm 的圆形有界磁场区域,有界磁场边界和x 轴相切于 O 点, y 轴上的 P 点为圆心,与y 轴成 60角的 MN 为圆形有界场的一条直径,MN 将磁场区域分成、两部分 x 轴下方为随时间变化的电场,电场强度大小为 E=8 10 3V/m ,E t 图象如图乙所示,周期 T=1.2 10 2s当 t= 时
10、,第三象限的粒子源 S 沿 y 轴正方向发射比荷为 108C/kg 的粒子, 粒子经坐标原点 O 由 y 轴左侧进入磁场区域,一次经P、M 两点垂坠 MN 离开磁场测得粒子在磁场中运动时间 t=10 4s,重力不计求：1有界磁场区域中磁感应强度的大小；2粒子源 S 的可能坐标【物理 -选修 3-3】名师归纳总结 13以下说法正确的选项是第 5 页,共 21 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - A液晶具有液体的流淌性,同时具有晶体的光学各向异性特点B其次类永动机违反了能量守恒定律,所以它是制造不出来的C肯定质量的抱负气体,假如压强不变,体积增大,那么它肯
11、定从外界吸热D悬浮在液体中的固体微粒越小,布朗运动越明显E空气的相对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示14如下图,一圆柱形绝热气缸竖直放置,通过绝热活塞封闭着肯定质量的抱负气体已知外界大气压强为 p0,活塞的横截面积为 S,质量为 m=,与容器底部相距 h,此时封闭气体的温度为 T 0,现在活塞上放置一质量与活塞质量相等的物块,再次平稳后活塞与容器底部相距 h,接下来通过电热丝缓慢加热气体,气体吸取热量 Q 时,活塞再次回到原初始位置重力加速度为 g,不计活塞与气缸的摩擦求：1活塞上放置物块再次平稳后,气体的温度2加热过程中气体的内能增加量【物理 -选修 3-4】15一列简谐横波沿 x 轴正方向
12、传播,t=0 时,波恰好传播到 x 2=2m 的 B 点如下图,在时,x1=1 m 的质点 A 恰好第一次显现在正最大位移处,就A该波的传播周期为名师归纳总结 B该波的传播速度为5m/s 第 6 页,共 21 页C时,质点C 在平稳位置处且向上运动D当波传播到质点C 时,质点 B 在平稳位置处且向上运动- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - E当波传播到质点C 时,质点 A 在运动的路程为60cm 16如下图是一个透亮的玻璃圆柱体的横截面,其半径R 20cm,AB 是过圆心的一条水平直径有一激光源 S,发射出一条很细的水平激光束,恰好沿玻璃圆柱体顶部过去现将
13、激光源 S 沿竖直方向缓慢向下移动时,水平激光束第一次从 速度为 3108m/s,试求：玻璃的折射率：B 点射出光在真空中的传播经 B 点反射的光束在玻璃圆柱体中的传播时间从进入玻璃圆柱体开头计时【物理 -选修 3-5】17以下关于近代物理学问的描述中,正确的选项是A康普顿效应试验说明白光具有粒子性,不但具有能量,也具有动量 B处于 n=3 能级状态的大量氢原子自发跃迁时,能发出 3 种频率的光子 C结合能越大,原子核越稳固 D玻尔认为,原子中原子轨道是量子化的,能量也是量子化的 E 衰变中产生的 射线实际上是原子核外电子摆脱原子核形成的18如下图,一质量为 2m 的 L 形长木板静止在光滑的
14、水平面上,木板右端竖起部分内侧有 粘性物质,当有其它物体与之接触时即会粘在一起某一时刻有一质量为 m 的物块,以水 平速度 v 0 从 L 形长木板的左端滑上木板已知物块与 L 形长木板上外表的动摩擦因数为 ,当它刚要与 L 形成长木板右端竖起部分相碰时,速度减为,碰后即粘在一起求：1物块在 L 形长木板上的滑行时间及此时木板在地面上滑行的距离？2物块与 L 形长木板右端竖起部分相碰过程中,长木板受到的冲量大小2022 年河北省唐山市高考物理一模试卷名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - 参考答案与试题解析一、挑选题：此
15、题共8 小题,每题6 分在每题给出的四个选项中,第15 题只有一项符合韪目要求, 6-8 题有多项符合题目要求全部选对的得6 分,选对但不全的得3 分,有错选的得 0 分1【考点】重心【分析】惯性、 平均速度、 力的合成与分解都是一种等效替代方法,法获得定义的加速度是通过比值定义【解答】解：重心、力的合成与分解都是一种等效替代方法,平均速度用来粗略描述这一段 位移的运动快慢,等效替代瞬时速度；而惯性是物体固有的性质,不是等效替代,故 A 正 确, BCD 错误此题选没有使用等效替代的,应选：A【点评】此题主要考查了力的合成、分解,平均速度、惯性,重心等物理量的基本概念,难 度不大,属于基础题2
16、【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】依据x=v 0t+at2 和 v=2ax 列式求解a 6 节车厢时,车厢速度为v0,加速度为【解答】解：开头经过第就由 L=v 0t+2 at即 25=4v 0从 6 节到第 8 节车厢 x=2L 依据速度位移关系知0=2a.2L即 0=100a联立解得2应选： C 名师归纳总结 【点评】此题考查x=v 0t+at 2 和 v=2ax,留意挑选合适的运动过程第 8 页,共 21 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 3【考点】共点力平稳的条件及其应用【专题】共点力作用下物体平稳专题【
17、分析】用水平推力 F 即可使物体做匀速直线运动,依据共点力平稳列式,改用与水平方向成 角的斜向上的拉力 F 去拉物体, 也使它做匀速直线运动,依据共点力平稳联立列式可求解【解答】解：用水平推力 F 即可使物体做匀速直线运动,知摩擦力 f=F= mg当改用与水平方向成 角的斜向上的拉力 F 去拉物体,就有：Fcos60 =f f mg Fsin60 联立解得：应选： C 【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析,运用共点力平均进行求解4【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】 求火星的密度就是要求出火星的质量和体积,求火星的质量可以依据万有引力供应圆周运动向心力及万有引
18、力与重力相等来求,再依据密度公式求解火星的密度【解答】 解：A、依据 H 和 t 可以求得火星外表的重力加速度 g=,据 可得依据密度公式,仅知道重力加速度而不知火星的半径不能求出火星名师归纳总结 的密度,故A 错误；第 9 页,共 21 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - B、令火星半径为R,就依据万有引力供应圆周运动向心力有可得火星的质量 M=,依据密度公式可知,故可以测出贴近外表飞行的卫星周期来求得火星的密度,故 B 正确；C、依据万有引力供应圆周运动向心力,由于不知道火星的半径从而无法求得火星的密度,故 C 错误；D、依据万有引力供应圆周运动向
19、心力可以运算中心天体的质量,而火星绕太阳圆周运动不能求得火星的质量,故无法运算火星的密度,所以 D 错误应选： B【点评】把握万有引力供应圆周运动向心力和万有引力等于重力这两种运算中心天体质量的方法是解决问题的关键5【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【专题】电磁感应与图像结合【分析】线框刚进入磁场时,只有bc 边切割磁感线,全部进入磁场后,有两条边切割磁感线,依据 E=BLv 求出感应电动势,从而求出感应电流的大小依据右手定就判定出感应电 流的方向【解答】解：线框刚进入磁场时,只有bc 边切割磁感线,由楞次定律知感应电流沿顺时针方向,为正由e=Byv ,y 作正弦式变化,
20、感应电动势e 作正弦式变化,就感应电流i 也作正弦式变化；当线圈的位移在 l 2l 内, ab 与 bc 都切割磁感线,产生感应电动势,且方向相同,所以感应电动势大小为 e=2Byv ,可知 i 也作正弦式变化感应电流方向沿逆时针,为负当线圈的位移在 2l 3l 内,由楞次定律知感应电流沿顺时针方向,为正感应电动势大小为 e=Byv ,可知 i 作正弦式变化故 B 正确应选： B【点评】解决此题的关键把握导体切割磁感线产生感应电动势 或右手定就判定感应电流的方向E=BLv ,以及会用楞次定律名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - -
21、- - - 6【考点】电势能；电势差与电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】由动能定理确定出由A 到 B 电场力做的功和由A 到 C 电场力做的功,确定出AC与 AB 间的电势差, 从而确定出BC 的电势的大小关系由动能定理可求现到D 点的机械能的增加量【解答】解：无电场时由A 到 B： mgh=又=U ACq 就有电场时由A 到 B：mgh+W E=有电场时由A 到 C：mgh+=由可得W E=W E=U ABq 就 D 点与 B 点电势相等,A 、B,C 不时等电势点,就电场线不与 BC 垂直,就 A 错误B、因 D 为 AC 的中点,就滑到 D 点电场力做功为到 C 点的一
22、半,为 mv 02,就机械能增加了 mv 02,就 B 正确C、,但不能确定 B 点电势是 C 点电势 2 倍,就 C 错误D、因就 D 点与 B 点电势相等,就 D 正确应选： BD 【点评】通过对做功的分析,要抓住小球在运动的过程中,重力做功,电场力就做正功,由动能定理确定功的值7【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】 依据高度差求出平抛运动的时间,度范畴结合水平位移的关系和时间求出平抛运动的初速名师归纳总结 【解答】解：依据得, t=第 11 页,共 21 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 就平抛运动的最大速度,最小速度,就 v8m/s应
23、选： BC【点评】 解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,抓住水平位移的范畴得出速度的范畴,难度不大8【考点】机械能守恒定律；向心力【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】 两个小球在光滑的圆轨道内运动,机械能守恒, 据机械能守恒定律分析它们再次相遇时速率关系A 球要到最高点,在最高点的速度 v 必需满意 mmg依据机械能守恒和牛顿其次定律求解轨道对两球的支持力之差,得到压力之差【解答】解： A、两个小球在光滑的圆轨道内运动,只有重力做功,机械能守恒,开头动身时机械能相等,就再次相遇时机械能守恒也相等,速率必定相等故 A 正确B、设 A 球刚好到最高点时的速率为 v,就 m
24、g=m,从动身到最高点的过程,有 mgR+=,联立解得： v0=,即小球 v0的最小值为,故 B 错误C、依据机械能守恒定律知,小球 A 通过最高点时的机械能等于小球 B 通过最低点时的机械能,故 C 错误D、小球 A 通过最高点时,有mg+N A=m,小球 B 通过最低点时,有N B mg=m又由机械能守恒得：对 A 球,有mgR+=,对 B 球,有mgR+=联立解得, N B N A=6mg,就小球 A 通过最高点和小球 值为 6mg,故 D 正确应选： AD 【点评】 此题的关键要把握机械能守恒和向心力学问,B 通过最低点时对环形槽的压力差要精确把握小球到达最高点的临界条件,娴熟运用机械
25、能守恒定律和牛顿运动定律处理这类问题名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - 三、非挑选题：包括必考题和选考题两部分第9 题第 12 题为必考题,每个小题考生都必需作答第 13 题第 18 题为选考题,考生依据要求作答一必考题9【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【专题】试验题【分析】 1先组装器材,然后进行试验,最终数据处理2以纵轴表示弹簧的弹力,横轴表示弹簧的伸长量,描点作图让尽量多的点落在直线 上或分居直线两侧3依据 F 与 x 成正比关系,写出表达式表达式中的常数表示弹簧的劲度系数【解答】解： 1AB 、弹簧自身有重
26、力,竖直放置时由于自身的重力必定就会有肯定的伸长故弹簧应当竖直悬挂在铁架台上,稳固后测出的长度才为弹簧的原始长度,故 A 错误、B 正确C、每次悬挂钩码后应保持弹簧竖直位置且处于平稳状态,此时测量的长度才精确故 C 正 确D、用刻度尺测出弹簧的长度即为弹簧的总长度,减去原先的长度才为弹簧的伸长量,故 D 错误应选： C2依据表中数据作F x 如下图：8cm,即弹簧的原长为8cm,3依据数据,有图象可知,弹力为零时弹簧的长度为名师归纳总结 在直线上取较远的1 点,第 13 页,共 21 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 依据胡克定律可知弹簧的劲度系数为
27、故答案为： 1C； 2如下图； 3【点评】 解决此题的关键把握弹力与弹簧伸长关系的试验步骤,法会从图象中分析数据10【考点】把电流表改装成电压表【专题】试验题会描点作图, 把握作图的方【分析】 1明确试验原理,依据试验原理分析试验中的误差；2依据误差原理,明确解决方法,从而得出正确试验原理图；3明确试验原理,依据欧姆定律及串并联关系可求得内阻的测量表达式【解答】 解：1本试验采纳的是半偏法测量内阻,但在并联电阻箱时,总电阻发生减小；就总电流偏大,故使电流表达半偏时,所并联的电阻应比真实电阻偏小；2为了减小误差,应保证干路电流保持不为；故可以在干路中接入电流表 2,接入 R后调剂 R 使电流表
28、G2 达满偏即可；故正确原理图如下图；3I 1 为 G1 的电流表示数,I2 为 G2 的电流表示数,R 为电阻箱电阻；由串并联电路规律可知R=；I1 为 G1 的电流表示数,I2故答案为： 1偏小； 2如下图； 3为 G2 的电流表示数,R 为电阻箱电阻要留意明确试验原理,通过原理结合电学中的物理规【点评】 此题考查半偏法的正确应用,律分析数据并能进行正确的受力分析11【考点】牛顿其次定律【专题】牛顿运动定律综合专题名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【分析】依据牛顿其次定律分别求出A 、B 的加速度,结合A、B
29、 的位移之和等于求出B 离开绳子的时间以及B 的速度,再依据位移时间公式求出B 离开绳子到落地的时间,从而求出总时间【解答】解：1对 B 分析,依据牛顿其次定律有：对 A 有： mA g km Bg=mAaA ,代入数据解得h1,获得速度为v,2设经过时间t1 小球 B 脱离绳子,小球B 下落高度为就有：,代入数据解得t1=1s小球 B 下降的高度此时 B 球的速度 v=aBt=5 1m/s=5m/s,小球 B 脱离绳子后在重力作用下匀加速下落,此时距离高度为 h2依据,代入数据解得t2就 t 总=t1+t 2h2,经过 t2 时间落到地面,答： 1释放 A、B 两个小球后, A 、B 的各自
30、加速度分别为 8m/s2、5m/s22小球 B 从静止释放经时间落到地面【点评】解决此题的关键理清A、B 两球在整个过程中的运动规律,结合牛顿其次定律和运动学公式综合求解,知道加速度是联系力学和运动学的桥梁12【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】 1依据题意画出带电粒子在圆形有界磁场区域内运动轨迹,依据几何关系结合洛伦兹力供应向心力公式及周期公式求解 B；2依据洛伦兹力供应向心力求出速度,将速度沿x 轴负向和 y 轴正向分解,就带电粒子从 s 发射运动到O 点的过程,可分解为沿y 轴正向匀速直线运动和沿x 轴的变加速直线运动
31、,分两种情形,依据运动学基本公式结合牛顿其次定律求解名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【解答】解：1带电粒子在圆形有界磁场区域内运动轨迹如下图：由几何关系可知,在区域内轨迹半径t=R1=R ,在区域内轨迹半径2R 2=R,由可知 B 2=2B 1,由周期公式得：、就粒子在圆形有界磁场内运动时间解得：2由 得：与 y 轴正方向夹角 30,将速度沿 x 轴负向和 y 轴正向分解：带电粒子从 s 发射运动到 O 点的过程,可分解为沿 y 轴正向匀速直线运动和沿 x 轴的变加速直线运动,粒子沿 x 轴运动的第一种情形如图
32、,粒子在反向加速过程到达 O 点,加速度 a=,由于运动的周期性,粒子到达 O 点的时间,m 粒子沿 x 轴运动的其次种情形如下图,粒子在反向减速过程到达 O 点,就由于运动的周期性,粒子到达 O 点的时间,所以粒子元的坐标可能是 ,m或 ,m答： 1有界磁场区域中磁感应强度的大小为2.5 10 4T；m或 ,2粒子源 S 的可能坐标可能是 ,m名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页,共 21 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【点评】 此题关键是明确粒子的受力情形和运动规律,几何关系分析解答,难度较大,属于难题【物理 -选修 3-3】画出临界轨迹, 结合牛顿其
33、次定律和13【考点】晶体和非晶体；布朗运动；热力学其次定律【分析】液晶具有液体的流淌性,同时具有晶体的各向异性特点其次类永动机不违反能量守恒定律,违反了物理过程的方向性肯定质量抱负气体内能由温度打算；布朗运动猛烈程度与颗粒大小,温度等有关；相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水蒸汽的饱和压强之比【解答】解：A 正确A、液晶具有液体的流淌性,同时具有晶体的各向异性特点,故 B、其次类永动机不违反能量守恒定律,违反了物理过程的方向性故 B 错误C、对于肯定量的气体,假如压强不变,体积增大,温度上升,内能增大,那么它肯定从外名师归纳总结 界吸热,故C 正确；第 17 页,共 21 页- - - -
34、 - - -精选学习资料 - - - - - - - - - D、布朗运动猛烈程度与颗粒大小,温度等有关,固体微粒越小,布朗运动越明显,故 D 正 确；E、空气的相对湿度定义为相同温度时空气中所含水蒸气的压强与水的饱和蒸汽压之比,故 E 错误；应选： ACD 【点评】此题考查的学问点较多,我们在学习选修时要全面把握学问点要在平常多加积存,留意易错点在抱负气体内能的打算因素,相对湿度和肯定湿度的定义14【考点】抱负气体的状态方程【专题】抱负气体状态方程专题【分析】 1对活塞依据平稳求出放物块前后封闭气体的压强,依据抱负气体状态方程列 式求解即可；2加热过程气体对外做功,依据 可W=P V 求解,
35、然后再依据热力学第肯定律列式求解即【解答】解：1对活塞由平稳条件可知封闭气体的压强为：00T1=T 0V1=hS 活塞上放物块后依据平稳得封闭气体的压强为：由抱负气体方程得解得：00=Q0hS =0hS 2加热过程气体对外做功为：W=由热力学第肯定律E=W+Q 得：加热过程中气体的内能增加量：答： 1活塞上放置物块再次平稳后,气体的温度为2加热过程中气体的内能增加量为Q0hS【点评】 1对活塞正确地进行受力分析,利用平稳求得两个状态的压强是解题的关键；2求解气体内能变化明确做功与热量的正负是解题的关键【物理 -选修 3-4】名师归纳总结 - - - - - - -第 18 页,共 21 页精选
36、学习资料 - - - - - - - - - 15【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】由题意,在时,质点 A 第一次显现在正最大位移处,可求出周期 =t,依据与周期 T 的关系,分析质点 C 的位置和速度方向 波从 B 传到 C 的时间为,分析质点 B 的状态由图读出波长,由 v= 求出波速【解答】解： A 、由题意,在时,质点 A 第一次显现在正最大位移处,就得,周期由图知,波长 =2m,就波速,故 A 错误, B 正确；C、t=0 时, B 质点处于平稳位置且向上振动,振动传到 C 点的时间,当时,质点 C 又运动了一个周期,此时 C 在平稳位置
37、处且向上运动,故 C 正确；D、,此时 B 在平稳位置处且向下运动,故 D 错误；E、当波传播到质点 C 时,质点 A 运动的路程 x=,故 E 正确应选： BCE 【点评】此题抓住波在同一介质中匀速传播的特点,能依据两点间的距离判定传播的时间,由时间与周期的关系,分析质点的位置和速度16【考点】光的折射定律【专题】光的折射专题【分析】 作出光路图,由几何学问分析得到入射角等于折射角的 2 倍,由折射定律求出入射角即可求得折射率 由数学学问求出光在玻璃中传播的路程,由公式 v=求出光在玻璃中的速度,即可求得时间【解答】解：光线SC 经折射后经过B 点,光路如下图由折射定律有：名师归纳总结 由几
38、何关系有： =2,第 19 页,共 21 页联立解得n=光线SC 折射后经 B 点反射出玻璃的光路如图- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 由数学学问得：CB=BD=2Rcos =由 得光在玻璃中的传播时间为答：玻璃的折射率为经 B 点反射的光束在玻璃圆柱体中的传播时间为 4 10 9 s【点评】 此题是折射定律与 v= 的综合应用, 关键是画出光路图,运用几何学问求解入射角与折射角【物理 -选修 3-5】17【考点】原子核的结合能；玻尔模型和氢原子的能级结构【分析】光电效应、康普顿效应说明光具有粒子性；由可判定处于n=3 能级状态的大量氢原子自发跃迁时产
39、生的光子频率数；原子核的结合能越大表示该原子核越稳固；依据波尔量子化观点判定 D； 射线实际上是原子核中的中子放出来电子；【解答】解：A、康普顿效应说明光具有粒子性,故 A 正确；B、由 可得, 处于 n=3 能级状态的大量氢原子自发跃迁时产生的光子频率数为 3,故 B 正确；C、原子核的比结合能越大表示该原子核越稳固,故 C 错误；D、玻尔认为,原子中原子轨道是量子化的,能量也是量子化的,故 D 正确；E、 衰变中产生的 射线实际上是原子的核中的一个中子转化为质子同时生成一个电子,故 E 错误；名师归纳总结 - - - - - - -第 20 页,共 21 页精选学习资料 - - - - -
40、 - - - - 应选： ABD 【点评】 该题的易错点在于 衰变中产生的 射线详细是什么缘由显现的,以及射线中包含的是什么粒子18【考点】动量守恒定律；动量定理【专题】动量定理应用专题【分析】 1对物块在滑行的过程中运用动量定理,求出物块在木板上运动的时间,物块 与 L 形长木板右端竖起部分相碰前系统动量守恒,结合动量守恒定律求出物块与长木板碰 撞前木板的速度,依据动能定理求出滑行的距离2依据动量守恒定律求出碰后的速度,结合动量定理求出长木板受到的冲量大小【解答】 解：1物块在 L 形长木板上的滑行时间,由动量定理得：得物块与 L 形长木板右端竖起部分相碰前系统动量守恒,规定向右为正方向：由动能定理解得2物块与 L 形长木板右端竖起部分相碰系统动量守恒,规定向右为正方向,mv0=3mv 2对长木板由动量定理得：答： 1物块在 L 形长木板上的滑行时间及此时木板在地面上滑行的距离为2物块与 L 形长木板右端竖起部分相碰过程中,长木板受到的冲量大小为【点评】此题考查了动量守恒定律、动量定理、动能定理的综合运用,综合性较强,对同学