《2020届高三物理一轮复习专题分类练习卷：动量与动量定理.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高三物理一轮复习专题分类练习卷：动量与动量定理.docx（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、动量与动量定理题型一 对动量定理的理解和基本应用【例1】(2019北京西城区模拟)1966年，在地球的上空完成了用动力学方法测质量的实验实验时，用“双子星号”宇宙飞船去接触正在轨道上运行的火箭组(后者的发动机已熄火)，接触以后，开动“双子星号”飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速推进器的平均推力F895 N，推进器开动时间t7 s测出飞船和火箭组的速度变化v0.91 m/s.已知“双子星号”飞船的质量m13 400 kg.由以上实验数据可测出火箭组的质量m2为()A3 400 kg B3 485 kg C6 265 kg D6 885 kg【变式1】在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F作用
2、下，经过时间t后，动量为p，动能为Ek；若该物体在此光滑水平面上由静止出发，仍在水平力F的作用下，则经过时间2t后物体的()A动量为4p B动量为p C动能为4Ek D动能为2Ek【变式2】(多选)质量为m的物体， 以v0的初速度沿斜面上滑，到达最高点后返回原处的速度大小为vt，且vt0.5v0，则()A上滑过程中重力的冲量比下滑时小 B上滑时和下滑时支持力的冲量都等于零C合力的冲量在整个过程中大小为mv0 D整个过程中物体的动量变化量为mv0题型二 动量定理的综合应用1应用动量定理解释的两类物理现象【例2】有关实际中的现象，下列说法正确的是()A火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度B体操运
3、动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力C用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响D为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度，发动机舱越坚固越好【变式1】如图所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以足够大的速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点若以2v速度抽出纸条，则铁块落地点为()A仍在P点 B在P点左边C在P点右边不远处 D在P点右边原水平位移的两倍处【变式2】从同样高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，下列说法正确的是()A掉在水泥地上的玻璃杯动量小，而掉在草地上的玻璃杯动量大B掉在水泥地上的玻璃杯动量改变小，掉在草地上的玻璃杯动量改变大C掉在水泥地上的玻
4、璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小D掉在水泥地上的玻璃杯动量改变量与掉在草地上的玻璃杯动量改变量相等2.应用动量定理解决两类问题(1)应用动量定理解决微粒类问题微粒及其特点通常电子流、光子流、尘埃等被广义地视为“微粒”，质量具有独立性，通常给出单位体积内粒子数n分析步骤1建立“柱体”模型，沿运动的方向选取一段微元，柱体的横截面积为S2微元研究，作用时间t内一段柱形流体的长度为l，对应的体积为VSv0t，则微元内的粒子数Nnv0St3先应用动量定理研究单个粒子，建立方程，再乘以N计算【例3】航天器离子发动机原理如图所示，首先电子枪发射出的高速电子将中性推进剂离子化(即电离出正离子)，正
5、离子被正、负极栅板间的电场加速后从喷口喷出，从而使航天器获得推进或调整姿态的反冲力已知单个正离子的质量为m，电荷量为q，正、负栅板间加速电压为U，从喷口喷出的正离子所形成的电流为I.忽略离子间的相互作用力，忽略离子喷射对航天器质量的影响该发动机产生的平均推力F的大小为()AI BI CI D2I【变式】正方体密闭容器中有大量运动粒子，每个粒子质量为m，单位体积内粒子数量n为恒量为简化问题，我们假定：粒子大小可以忽略；其速率均为v，且与器壁各面碰撞的机会均等；与器壁碰撞前后瞬间，粒子速度方向都与器壁垂直，且速率不变利用所学力学知识，导出器壁单位面积所受粒子压力f与m、n和v的关系(注意：解题过程
6、中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明)(2)应用动量定理解决流体类问题【例4】(2019合肥一模)质量为0.2 kg的小球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面上，再以4 m/s的速度反向弹回取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量p和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是()Ap2 kgm/sW2 J Bp2 kgm/sW2 JCp0.4 kgm/sW2 J Dp0.4 kgm/sW2 J【变式】(2019山东淄博一中质检)如图所示是一种弹射装置，弹丸的质量为m，底座的质量M3m，开始时均处于静止状态，当弹簧释放将弹丸以对地速度v向左发射出去后，底
7、座反冲速度的大小为 v，则摩擦力对底座的冲量为 ()A0 Bmv，方向向左 Cmv，方向向右 Dmv，方向向左【变式2】一艘帆船在湖面上顺风航行，在风力的推动下做速度为v04 m/s的匀速直线运动已知帆船在该运动状态下突然失去风的推力的作用，此后帆船在湖面上做匀减速直线运动，经过t8 s静止；该帆船的帆面正对风的有效面积为S10 m2，帆船的总质量约为M936 kg，若帆船在行驶过程中受到的阻力恒定不变，空气的密度为1.3 kg/m3，下列说法正确的是()A 风停止后帆船的加速度大小是1 m/s B帆船在湖面上顺风航行所受水的阻力大小为468 NC帆船匀速运动受到风的推力的大小为936 D风速
8、的大小为10 m/s题型三动量定理在多过程问题中的应用【例5】一高空作业的工人重为600 N，系一条长为L5 m的安全带，若工人不慎跌落时安全带的缓冲时间t1 s(工人最终悬挂在空中)，则缓冲过程中安全带受的平均冲力是多少？(g取10 m/s2，忽略空气阻力的影响)【变式1】如图所示，自动称米机已在许多大粮店广泛使用买者认为：因为米流落到容器中时对容器有向下的冲力而不划算；卖者则认为：当预定米的质量达到要求时，自动装置即刻切断米流，此刻有一些米仍在空中，这些米是多给买者的，因而双方争执起来下列说法正确的是()A买者说的对 B卖者说的对 C公平交易 D具有随机性，无法判断【变式2】一质量为0.5
9、 kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点5 m的位置B处是一面墙，如图所示一物块以v09 m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7 m/s，碰后以6 m/s的速度反向运动直至静止，g取10 m/s2.(1)求物块与地面间的动摩擦因数；(2)若碰撞时间为0.05 s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力F的大小；(3)求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W.参考答案题型一 对动量定理的理解和基本应用【例1】(2019北京西城区模拟)1966年，在地球的上空完成了用动力学方法测质量的实验实验时，用“双子星号”宇宙飞船去接触正在轨道上运行的火箭组(后者的发动机已熄火)，接
10、触以后，开动“双子星号”飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速推进器的平均推力F895 N，推进器开动时间t7 s测出飞船和火箭组的速度变化v0.91 m/s.已知“双子星号”飞船的质量m13 400 kg.由以上实验数据可测出火箭组的质量m2为()A3 400 kg B3 485 kg C6 265 kg D6 885 kg【答案】选B.【解析】根据动量定理得Ft(m1m2)v，代入数据解得m23 485 kg，B选项正确【变式1】在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F作用下，经过时间t后，动量为p，动能为Ek；若该物体在此光滑水平面上由静止出发，仍在水平力F的作用下，则经过时间2t后物体的
11、()A动量为4p B动量为p C动能为4Ek D动能为2Ek【答案】C【解析】根据动量定理得，Ftp，F2tp1，解得p12p，故A、B错误；根据牛顿第二定律得Fma，解得a，因为水平力F不变，则加速度不变，根据xat2知，时间变为原来的2倍，则位移变为原来的4倍，根据动能定理得Ek14Ek，故C正确，D错误【变式2】(多选)质量为m的物体， 以v0的初速度沿斜面上滑，到达最高点后返回原处的速度大小为vt，且vt0.5v0，则()A上滑过程中重力的冲量比下滑时小 B上滑时和下滑时支持力的冲量都等于零C合力的冲量在整个过程中大小为mv0 D整个过程中物体的动量变化量为mv0【答案】AC【解析】以
12、v0的初速度沿斜面上滑，返回原处时速度为vt0.5v0，说明斜面不光滑设斜面长为l，则上滑过程所需时间t1，下滑过程所需时间t2，t1t2，根据冲量的定义可知，上滑过程中重力的冲量比下滑时小，A正确上滑和下滑时支持力的冲量都不等于零，B错误对全过程应用动量定理，则I合pmvtmv0mv0，C正确，D错误题型二 动量定理的综合应用1应用动量定理解释的两类物理现象【例2】有关实际中的现象，下列说法正确的是()A火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度B体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力C用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响D为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度，发动机舱越坚
13、固越好【答案】ABC【解析】.火箭升空时，内能减小，转化为机械能，火箭向后喷出气流，火箭对气流有向后的力，由于力的作用是相互的，气流对火箭有向前的力的作用，从而推动火箭前进，故选项A正确；体操运动员在落地的过程中，动量变化一定，由动量定理可知，运动员受到的冲量I一定，着地时屈腿是延长时间t，由IFt可知，延长时间t可以减小运动员所受到的平均冲力F，故B正确；用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响，故选项C正确；为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度，就要延长碰撞时间，由IFt可知，车体前部的发动机舱不能太坚固，故选项D错误【变式1】如图所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以足够大的速度
14、v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点若以2v速度抽出纸条，则铁块落地点为()A仍在P点 B在P点左边C在P点右边不远处 D在P点右边原水平位移的两倍处【答案】B.【解析】纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以v的速度抽出纸条，铁块所受滑动摩擦力的作用时间较长，即加速时间较长，由IFftmv得铁块获得速度较大，平抛运动的水平位移较大，以2v的速度抽出纸条的过程，铁块所受滑动摩擦力作用时间较短，即加速时间较短，铁块获得速度较小，平抛运动的位移较小，故B选项正确【变式2】从同样高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，下列说法正确的是()A掉在水泥地上的玻璃杯动量小，而掉在草
15、地上的玻璃杯动量大B掉在水泥地上的玻璃杯动量改变小，掉在草地上的玻璃杯动量改变大C掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小D掉在水泥地上的玻璃杯动量改变量与掉在草地上的玻璃杯动量改变量相等【答案】D.【解析】玻璃杯从同样高度落下，到达地面时具有相同的速度，即具有相同的动量，与地面相互作用后都静止所以两种地面的情况中玻璃杯动量的改变量相同，故A、B、C错误，D正确2.应用动量定理解决两类问题(1)应用动量定理解决微粒类问题【例3】航天器离子发动机原理如图所示，首先电子枪发射出的高速电子将中性推进剂离子化(即电离出正离子)，正离子被正、负极栅板间的电场加速后从喷口喷出，从而使航
16、天器获得推进或调整姿态的反冲力已知单个正离子的质量为m，电荷量为q，正、负栅板间加速电压为U，从喷口喷出的正离子所形成的电流为I.忽略离子间的相互作用力，忽略离子喷射对航天器质量的影响该发动机产生的平均推力F的大小为()AI BI CI D2I【答案】A【解析】.以正离子为研究对象，由动能定理可得qUmv2，t时间内通过的总电荷量为QIt，喷出的总质量mmm.由动量定理可知Ftmv，联立以上各式求解可得FI，选项A正确【变式】正方体密闭容器中有大量运动粒子，每个粒子质量为m，单位体积内粒子数量n为恒量为简化问题，我们假定：粒子大小可以忽略；其速率均为v，且与器壁各面碰撞的机会均等；与器壁碰撞前
17、后瞬间，粒子速度方向都与器壁垂直，且速率不变利用所学力学知识，导出器壁单位面积所受粒子压力f与m、n和v的关系(注意：解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明)【答案】fnmv2【解析】一个粒子每与器壁碰撞一次给器壁的冲量I2mv，如图所示，以器壁上面积为S的部分为底、vt为高构成柱体，由题设可知，其内有的粒子在t时间内与器壁上面积为S的部分发生碰撞，碰壁粒子总数NnSvtt时间内粒子给器壁的冲量INInSmv2t器壁上面积为S的部分受到粒子的压力F则器壁单位面积所受粒子的压力fnmv2(2)应用动量定理解决流体类问题【例4】(2019合肥一模)质量为0.2 kg的小
18、球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面上，再以4 m/s的速度反向弹回取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量p和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是()Ap2 kgm/sW2 J Bp2 kgm/sW2 JCp0.4 kgm/sW2 J Dp0.4 kgm/sW2 J【答案】A【解析】取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化量：pmv2mv10.24 kgm/s0.2(6) kgm/s2 kgm/s，方向竖直向上由动能定理，合外力做的功：Wmvmv0.242J0.262 J2 J，故A正确【变式】(2019山东淄博一中质检)如图所示是一种弹射装置，弹丸的
19、质量为m，底座的质量M3m，开始时均处于静止状态，当弹簧释放将弹丸以对地速度v向左发射出去后，底座反冲速度的大小为 v，则摩擦力对底座的冲量为 ()A0 Bmv，方向向左 Cmv，方向向右 Dmv，方向向左【答案】B.【解析】设向左为正方向，对弹丸，根据动量定理：Imv；则弹丸对底座的作用力的冲量为mv，对底座根据动量定理：If(mv)3m 得：If ，正号表示正方向，向左【变式2】一艘帆船在湖面上顺风航行，在风力的推动下做速度为v04 m/s的匀速直线运动已知帆船在该运动状态下突然失去风的推力的作用，此后帆船在湖面上做匀减速直线运动，经过t8 s静止；该帆船的帆面正对风的有效面积为S10 m
20、2，帆船的总质量约为M936 kg，若帆船在行驶过程中受到的阻力恒定不变，空气的密度为1.3 kg/m3，下列说法正确的是()B 风停止后帆船的加速度大小是1 m/s B帆船在湖面上顺风航行所受水的阻力大小为468 NC帆船匀速运动受到风的推力的大小为936 D风速的大小为10 m/s【答案】BD.【解析】求解风停止后帆船的加速度时要选择帆船作为研究对象，求解风速时要选择在时间t内正对帆面且吹向帆面的空气作为研究对象，风突然停止，帆船只受到水的阻力f的作用，做匀减速直线运动，设帆船的加速度大小为a，则a0.5 m/s2，选项A错误；由牛顿第二定律可得fMa，代入数据解得f468 N，选项B正确
21、；设帆船匀速运动时受到风的推力大小为F，根据平衡条件得Ff0，解得F468 N，选项C错误；设在时间t内，正对帆面且吹向帆面的空气的质量为m，则mS(vv0)t，根据动量定理有Ftmv0mv，解得v10 m/s，选项D正确题型三动量定理在多过程问题中的应用应用动量定理解决多过程问题的方法与动能定理类似，有分段列式和全程列式两种思路【例5】一高空作业的工人重为600 N，系一条长为L5 m的安全带，若工人不慎跌落时安全带的缓冲时间t1 s(工人最终悬挂在空中)，则缓冲过程中安全带受的平均冲力是多少？(g取10 m/s2，忽略空气阻力的影响)【答案】1 200 N【解析】法一分段列式法：依题意作图
22、，如图所示设工人刚要拉紧安全带时的速度为v1，v2gL，得v1经缓冲时间t1 s后速度变为0，取向下为正方向，对工人由动量定理知，工人受两个力作用，即拉力F和重力mg，所以(mgF)t0mv1，F将数值代入得F1 200 N.由牛顿第三定律，工人给安全带的平均冲力F为1 200 N，方向竖直向下法二全程列式法：在整个下落过程中对工人应用动量定理，重力的冲量大小为mg( t)，拉力F的冲量大小为Ft.初、末动量都是零，取向下为正方向，由动量定理知mg( t)Ft0解得F1 200 N由牛顿第三定律知工人给安全带的平均冲力FF1 200 N，方向竖直向下【变式1】如图所示，自动称米机已在许多大粮店
23、广泛使用买者认为：因为米流落到容器中时对容器有向下的冲力而不划算；卖者则认为：当预定米的质量达到要求时，自动装置即刻切断米流，此刻有一些米仍在空中，这些米是多给买者的，因而双方争执起来下列说法正确的是()A买者说的对 B卖者说的对 C公平交易 D具有随机性，无法判断【答案】C.【解析】设米流的流量为d，它是恒定的，米流在出口处速度很小可视为零，若切断米流后，设盛米的容器中静止的那部分米的质量为m1，空中还在下落的米的质量为m2，落到已静止的米堆上的一小部分米的质量为m.在极短时间t内，取m为研究对象，这部分米很少，mdt，设其落到米堆上之前的速度为v，经t时间静止，如图所示，取竖直向上为正方向
24、，由动量定理得(Fmg)tmv即Fdvdtg，因t很小，故Fdv根据牛顿第三定律知FF，称米机的读数应为Mm1d因切断米流后空中尚有t时间内对应的米流在空中，故dm2【变式2】一质量为0.5 kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点5 m的位置B处是一面墙，如图所示一物块以v09 m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7 m/s，碰后以6 m/s的速度反向运动直至静止，g取10 m/s2.(1)求物块与地面间的动摩擦因数；(2)若碰撞时间为0.05 s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力F的大小；(3)求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W.【答案】(1)0.32(2)130 N(3)9 J【解析】(1)由动能定理有mgxmv2mv可得0.32.(2)由动量定理有Ftmvmv可得F130 N.(3)由能量守恒定律有Wmv29 J.