《2022年高考物理二轮《相互作用与牛顿运动定律》专题训练 .pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理二轮《相互作用与牛顿运动定律》专题训练 .pdf（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、学习必备欢迎下载20XX届高考物理二轮相互作用与牛顿运动定律专题训练1(2011浙江高考 ) 如图 215 所示，甲、乙两人在冰面上“拔河”。两人中间位置处有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢。若绳子质量不计，冰面可看成光滑，则下列说法正确的是( ) A甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力图 215 B甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力C若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D若乙收绳的速度比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利解析：根据牛顿第三定律可知甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对作用力与反作用力，选项 A 错；因为甲和乙的力作用在同一个物体上，故选项B 错。根据动量守
2、恒定律有m1s1m2s2，若甲的质量比较大，甲的位移较小，乙先过界，选项C正确；“拔河”比赛的输赢只与甲、乙的质量有关，与收绳速度无关，选项D错误。答案： C 2(2011海南高考) 如图 216，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力( ) A等于零图 216 B不为零，方向向右C不为零，方向向左D不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右解析： 以斜劈和物块整体为研究对象，整个系统处于平衡状态，合外力为零。所以地面对斜劈没有水平方向的摩擦力的作用。故A正确。答案： A 3如图217 所示，足够长的传送带与水平面夹角为 ，以
3、速度v0逆时针匀速转动， 在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块， 小木块与传送带间的动摩擦因数tan ，则下列选项中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( ) 图 2 17 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 9 页学习必备欢迎下载图 218 解析： 小物块放上之后，受沿传送带向下的重力分力和滑动摩擦力作用，可能一直做匀加速运动到达底端，选项 B正确；也可能到达底端之前，速度等于v0，此后滑动摩擦力的方向变为沿传送带向上，由于 mgcos，所以物块还将继续做加速运动，只是加速度变小，选项D正确。答案： BD 4(
4、2011山东高考) 如图 219 所示， 将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳系于墙壁。开始时a、b均静止，弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受图 219 摩擦力Ffb 0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( ) AFfa大小不变BFfa方向改变CFfb仍然为零DFfb方向向右解析：右侧细绳剪断的瞬间，弹簧弹力来不及发生变化，故a的受力情况不变，a左侧绳的拉力、静摩擦力大小方向均不变，A正确， B错。而b在剪断绳的瞬间右侧绳的拉力立即消失，静摩擦力向右，C错， D正确。答案： AD 5杂技演员在进行“顶杆”表演时，用的是一根质量不计的长
5、直竹杆，设竹杆始终保持竖直。质量为30 kg 的演员 ( 可视为质点 )自杆顶由静止开始下滑，滑到杆底端时速度正好是零。已知竹杆底部与下面顶杆人肩部有一传感器，传感器显示顶杆人肩部所受压力的情况如图 2 20 所示，g取 10 m/s2，求：图 220 (1) 杆上的人在下滑过程中的最大速度；(2) 竹杆的长度。解析： (1)0 1 s ：以杆上的人为研究对象，根据题图所示，演员处于失重状态，其受到竖直向上的摩擦力F1的大小为180 N，则a1mgF1m4 m/s2，方向竖直向下1 s 末速度最大：vma1t14 m/s 。(2)1 s3 s：演员处于超重状态。此时杆上的人受竖直向上的摩擦力F
6、2的大小为360 N a2mgF2m 2 m/s2，加速度方向竖直向上精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 9 页学习必备欢迎下载3 s 内人的位移 ( 即竹杆的长度) 应为：s0vm2t1vm02t2 6 m。答案： (1)4 m/s (2)6 m 一、选择题（本题共9 个小题，每小题7 分，共 63 分，每小题至少有一个选项正确，请将正确选项前的字母填在题后的括号内）1如图 1，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳结在墙C处并吊一重物P，在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中，杆AB所受压力的变化情况是( )
7、 A变大B变小C先变小再变大D不变图 1 解析：在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中， 绳的张力可用F与P的重力等效代替，对B点研究，杆AB对B点的支持力在竖直方向的分力始终等于P的重力，因此杆AB对B点的支持力不变，即杆AB所受压力的变化不变。答案： D 2放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图2 所示。取重力加速度g10 m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数 分别为 ( ) 图 2 Am1.5 kg ，215B m0.5 kg ，0.4 Cm0.5 kg ，0.2 D m1 kg ， 0
8、.2 解析： 02 s 内物体不动，拉力F2 N 时匀速运动，说明滑动摩擦力为2 N，拉力F3 N 时物体做加速度为2 m/s2的匀加速运动，则求得质量为0.5 kg ，由匀速运动时的拉力F2 N 可以求得 0.4 。答案： B 3(2011北京高考 ) “蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 9 页学习必备欢迎下载动。某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图3 所示。 将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加图 3 速度为g。据
9、图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为 ( ) AgB 2gC3gD 4g解析：从图像可知，当人最后不动时，绳上的拉力为35F0，即mg35F0，最大拉力为95F0，因此最大加速度为95F0mgma,3mgmgma，a2g，B项正确。答案： B 4(2011福建高考)如图 4 甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的vt图像 (以地面为参考系) 如图乙所示。已知v2v1，则 ( ) 图 4 At2时刻，小物块离A处的距离达到最大Bt2时刻，小物块相对传送带滑动的距
10、离达到最大C0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用解析：小物块对地速度为零时，即t1时刻，向左离开A处最远。t2时刻，小物块相对传送带静止，此时不再相对传送带滑动，所以从开始到此刻，它相对传送带滑动的距离最大。0t2时间内，小物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，方向始终向右，大小不变。t2时刻以后相对传送带静止，故不再受摩擦力作用。B正确。答案： B 5(2011新课标全国卷) 如图 5，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t 图 5增
11、大的水平力Fkt(k是常数 ) ，木板和木块加速度的大小分别为a1和a2。下列反映a1的a2变化的图线中正确的是( ) 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 9 页学习必备欢迎下载图 6 解析：本题中开始阶段两物体一起做加速运动，有F(m1m2)a，即aFm1m2，两物体加速度相同且与时间成正比。当两物体间的摩擦力达到m2g后两者发生相对滑动。对m2有Ffma2，在相对滑动之前f逐渐增大，相对滑动后fm2g不再变化，a2Ffm2，故其图像斜率增大；而对m1，在发生相对滑动后，有m2gm1a1，故a1m2gm1为定值。故A选项正
12、确。答案： A 6如图 7 所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块 1 相连，下端与另一质量为M的木块 2 相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2 的加速度大小分别为a1、a2。重力加速度大小为g。则有 ( ) 图7 Aa10，a2gB a1g，a2gCa10，a2mMMgD a1g，a2mMMg解析： 木板未抽出时， 木块 1 受重力和弹簧弹力两个力并且处于平衡状态，弹簧弹力大小等于木块1 的重力，FNmg；木块 2 受重力、弹簧向下的压力和木板的支持力作用，由平衡条件可知， 木板对木块2 的支持力等于两木块的总重力。撤去木
13、板瞬间， 弹簧形变量不变，故产生的弹力不变，因此木块1 所受重力和弹簧弹力均不变，故木块 1仍处于平衡状态，即加速度a10，B、 D项错；而木块2 不再受木板支持力作用，只受重力和弹簧弹力作用，FNMgMa2，解得a2MmMg，C项正确。答案： C 7(2011海南高考) 如图 8，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45，两者的高度差为l。一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m1的重物。在绳子距a端l2得c点有一固定绳圈。若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比m1m2为( ) 图 8 精选学习资料 - -
14、- - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 9 页学习必备欢迎下载A.5 B2 C.52D.2 解析：挂上钩码平衡后，bc绳与竖直方向成 的角度。绳圈受力如图所示， cos ll2l22，又m2gm1gcos。联立以上两式解得：m1m252。故 C正确。答案： C 8如图 9 所示，质量为m1的物体A经跨过定滑轮的轻绳与质量为M的箱子B相连，箱子底板上放一质量为m2的物体C。已知m1M，不计定滑轮的质量和摩擦，不计空气阻力，在箱子加速下落的过程中，下列关系式中正确的是( ) A物体A的加速度大小为Mm2gm1B物体A的加速度大小为Mm2gm1gm1图 9
15、 C物体C对箱子的压力大小为2m1m2gm1m2MD物体C对箱子的压力大小为(Mm2m1)g解析：由牛顿运动定律得(Mm1m2)aMgm2gm1g，aMgm2gm1gMm1m2，A、B项错误；设箱子对C的支持力为FN，则m2gFNm2a，FN2m1m2gMm1m2，则物体C对箱子的压力FNFN2m1m2gMm1m2，C项正确， D项错误。答案： C 9(2011济南模拟) 如图 10 所示，物体A的质量m11 kg，静止在光滑水平面上的木板B的质量为m2 0.5 kg 、长L1 m，某时刻A以v04 m/s 的初速度滑上木板B的上表面，为使A不至于从B上滑落，在A滑上B的同时，给B施加一个水平
16、向右的拉力F，若A与B之间的动摩擦因数 0.2 ，图 10 忽略物体A的大小，则拉力F应满足的条件为( ) A0F3 N B0F5 NC1 NF3 N D1 NF5 N解析：物体A滑上木板B以后，做匀减速运动，加速度a1m1gm1g，木板B做匀加精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 9 页学习必备欢迎下载速运动，设加速度为a2，由牛顿第二定律，有Fm1gm2a2，A不从B的右端滑落的临界条件是A到达B的右端时，A、B具有共同的速度vt，由位置关系，有v20v2t2a1v2t2a2L，运动时间相等，有v0vta1vta2，联立解
17、得a2v202Lg，Fm2(v202Lg) m1g，代入数值，得F1 N。若F1 N，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从B上滑落，所以F必须大于等于1 N。当F较大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止， 才能不会从B的左端滑落。 当A相对B静止时， 由牛顿第二定律得，对A、B的整体，设最大加速度为a，对A有 m1gm1a，对整体有F(m1m2)a，联立解得F3 N，若F大于 3 N，A就会相对B向左滑下。故若使A不至于从B上滑落，力F应满足的条件是1 NF3 N。答案： C 二、计算题 ( 本题共 3 个小题，共37 分，解答时应写出必要的文字说
18、明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位) 10(10 分) 如图 11 所示，劲度系数为k的轻弹簧，一端固定在一块与水平面夹角为30的粗糙长木板上， 另一端连接一个质量为m的滑块A，滑块与木板的最大静摩擦力为Ff。设滑块与木板的最大静摩擦力与其滑动摩擦力大小相等，且FfFf。因此滑块静止时弹簧一定处于伸长状态，设弹簧最小形变量为l1，根据共点力平衡条件，kl1Ffmgsin30 解得l1mg 2Ff2k。(2) 将滑块B固定到A上后，设弹簧伸长量仍为l1时两滑块的加速度为a，根据牛顿第二定律2mgsin30 kl12Ff2ma解得a14gFf2m。答案： (1)mg2Ff2k(2)14g
19、Ff2m11(12 分) 某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角60，使飞行器恰沿与水平方向成30角的直线斜向右上精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 9 页学习必备欢迎下载方匀加速飞行。经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计。求：(1)t时刻飞行器的速率；(2) 整个过程中飞行器离地的最大高度。解析： (1) 起飞时，飞行器受推力和重力作用，两力的合力与水平方向成30角斜向上，设动力为F，合力为Fb，
20、如图所示。在OFFb中，由几何关系得Fbmg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为a1Fbmg则t时刻的速率va1tgt。(2) 推力方向逆时针旋转60，合力的方向与水平方向成30斜向下， 推力F跟合力Fb垂直，如图所示。此时合力大小为Fbmgsin30 飞行器的加速度大小为a2mgsin30 mg2到最高点的时间为tva2gt0.5g2t飞行的总位移为x12a1t212a2t212gt2gt232gt2飞行器上升的最大高度为hmxsin30 3gt24。答案： (1)gt(2)34gt212 (15 分) 如图 12所示，绷紧的传送带与水平面的夹角30，皮带在电动机的带动下，始终保持v02 m/s
21、 的速率运行。 现把一质量为m10 kg 的工件 ( 可视为质点 ) 轻轻放在皮带的底端，经时间1.9 s，工件被传送到h1.5 m 的高处，取g10 m/s2。求：图 12 (1) 工件与皮带间的动摩擦因数；(2) 工件相对传送带运动的位移。解析： (1) 由题意得，皮带长为：Lhsin30 3 m。工件速度达到v0之前，从静止开始做匀加速运动，设匀加速运动的时间为t1，位移为s1，有：s1vt1v02t1。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 9 页学习必备欢迎下载设工件最终获得了与传送带相同的速度，则达到v0之后工件将做匀速运动，有：Ls1v0(tt1) 解得：t10.8 s1.9 s，故假设工件最终获得与传送带相同的速度正确。加速运动阶段的加速度为：av0t12.5 m/s2在加速运动阶段，根据牛顿第二定律，有：mgcosmgsin ma解得： 0.866 (2) 在时间t1内，传送带运动的位移为：sv0t11.6 m s1vt1v02t1 0.8 m 。所以工件相对传送带的位移为：sss10.8 m 。答案： (1)0.866 (2)0.8 m 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 9 页