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1、- 1 - 固定电极F 膜片电极g E A B a b c d 20 V 25V 高二物理上册静电场单元测试一、选择题1两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球 均可视为点电荷 ，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F。两小球相互接触后将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为A112FB34FC43FD12F2如以下图是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，从而引起电容的变化将传感器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，那么当向上压膜片电极时，电容将减小当向上压膜片电极时，电容将增大假设电流计有示数，则压力发生变化假设电流计有示数，则压力不发生
2、变化3 a、b、 c、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。电场线与矩形所在平面平行。已知a 点的电势为20V，b 点的电势为2V，d 点的电势、 c 点的电势可能为为A4V、9V B8V、12V C12V、15V D24V、29V 4 如以下图，叠放在一起的A、B两绝缘小物块放在水平向右的匀强电场中，其中B 带正电q 而 A 不带电 .它们一起沿绝缘水平面以某一速度匀速运动.现突然使B 带电量消失，同时A 带上正电q，则 A、B 的运动状态可能为A一起匀速运动B一起加速运动CA 匀加速， B 匀减速DA 匀加速， B 匀速5空间存在匀强电场，有一电荷量q0q、质量m的粒子从
3、O 点以速率0v射入电场，运动到A点时速率为02v。现有另一电荷量q、质量m的粒子以速率02v仍从 O 点射入该电场，运动到B 点时速率为03v。假设忽略重力的影响，则A在 O、A、B 三点中，B点电势最高B在 O、A、B三点中， A 点电势最高COA间的电势差比BO间的电势差大DOA 间的电势差比BA间的电势差小6如以下图的直线是真空中的某电场的一条电场线，AB是这条电场线上的两点。一个带负电的粒子在只受电场力的情况下，以速度Av经过 A 点向 B 点运动，经一段时间后，该带电精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 8 页-
4、2 - 粒子以速度Bv经过 B点，且与Av的方向相反，则AA 点的电势一定低于B点的电势BA 点的场强一定大于B 点的场强C该带电粒子在A 点的电势能一定小于它在B点的电势能D该带电粒子在A 点的动能和电势能之和一定等于它在B 点的动能和电势能之和7如以下图，一电场的电场线分布关于y 轴沿竖直方向对称， O、M、N 是 y 轴上的三个点，且OM=MN。P点在 y 轴右侧， MPON。则AM 点的电势比P点的电势高B将负电荷由O 点移动到P点，电场力做正功CM、N 两点间的电势差大于O、M 两点间的电势差D在 O 点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y 轴做直线运动8如以下图，把质量为m、带电量为
5、Q的物块放在倾角60的固定光滑绝缘斜面的顶端，整个装置处在范围足够大的匀强电场中。已知电场强度大小3mgEQ，电场方向水平向左，斜面高为H，则释放物块后，物块落地时的速度大小为A(23)gHB52gHC2 2gHD2 gH9利用图所示电路可以测出电压表的内阻已知电源的内阻可以忽略不计，R 为电阻箱当R 取不同阻值时，电压表对应有不同读数U.多次改变电阻箱的阻值，所得到的1U R 图象应该是如图中的哪一个10如以下图，定值电阻R110 ，R28 ，当开关S接“ 1”时，电流表示数为0.20 A，那么当 S接“2”时，电流表示数的可能值为(电源内阻不可忽略) A 0.28 A B0.25 AC 0
6、.22 A D0.19 A 11如图 6 所示的电路中，由于某一电阻发生断路或短路，使A 灯变暗， B灯变亮，则故障可精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 8 页- 3 - A V R1R2S R3E r能是A R1短路BR2断路CR3断路DR4短路12欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材 : A.电池组 3 V,内阻 1B.电流表 03 A,内阻 0.0125C.电流表 00.6 A,内阻 0.125D.电压表 03 V,内阻 3 kE.电压表 015 V,内阻 15 kF.
7、 滑动变阻器020,额定电流1 AG.滑动变阻器 02 000,额定电流0.3 AH.开关、导线1上述器材中应选用的是； 填写各器材的字母代号2实验电路应采用电流表接法； 填“内”或“外” 3设实验中 ,电流表、电压表的某组示数如以下图所示，图示中I= A，U= V。4 为使通过待测金属导线的电流能在00.5 A 范围内改变 ,请按要求画出测量待测金属导线的电阻 Rx的原理电路图,然后根据你设计的原理电路将以下图中给定的器材连成实验电路。二、计算题13如以下图的电路中，R1=9 ，R2=30 ，S闭合时，电压表V 的示数为11.4V，电流表A 的示数为 0.2A，S断开时，电流表A 的示数为
8、0.3A，求：1电阻 R3的值；2电源电动势E和内阻 r 的值。14如图 10 所示，长L=1.6m，质量 M=3kg 的木板静放在光滑水平面3 A 0 0.2 0.4 0.6 2 1 0 15 V 0 1 2 3 10 5 0 3V 15 0 .6A 3.0 x精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 8 页- 4 - 图 10 1.6 3.2 Y/m Q 上，质量m=1kg、带电量 q=+2.5 10-4C的小滑块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数 =0.1，所在空间加有一个方向竖直向下强度为E =4.0104N/C 的
9、匀强电场，如以下图，现对木板施加一水平向右的拉力F取 g=10m/s2，求： 1使物块不掉下去的最大拉力F； 2如果拉力F=11N 恒定不变，小物块所能获得的最大动能. 15如图 12 所示在竖直平面内建立直角坐标系XOY ，OY表示竖直向上的方向。已知该平面内存在沿OX 轴负方向的区域足够大的匀强电场，现有一个带电量为C7105 .2、质量为kg510的小球从坐标原点O 沿 Y轴正方向以某一初速度竖直向上抛出，它到达的最高点位置为图中的Q 点，其坐标为1.6，3.2 ，不计空气阻力，g 取 10m/s2。 1指出小球带何种电荷； 2求小球的初速度和匀强电场的场强大小； 3求小球从O 点抛出到
10、落回X轴的过程中电势能的改变量. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 8 页- 5 - 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 8 页- 6 - 参考答案1C 2BC3AD 4AC 5AD 6D 7AD 8D 9. (A)10.(C) 11.(BC) 12.1A、C、D、 F、H2外 30.48 2.20 13. 解： 16302.0222RIUV，4 .564.1121UUUVARUI6.094.5111，AIII4.02 .06 .0213154.0632
11、3IUR2rE6. 04.11rE3.0)309(3 .0解式和，得12EV，1r14解析： 1F最大的时候物块不掉下，必是物块与木板具有共同的最大加速度a1，对物块，最大加速度， a1 =2()2m/smgqEm 2 分对整体 F = M + m a1 = 8N 2 分 2木板的加速度44()110.1(1 102.5 104 10 )3FmgqEMm/s2 = 3 m/s2 2 分由Ltata21222121 2 分得物块滑过木板所用时间t =3.2s 1 分物块离开木板时的速度v1 = a1t =2 3.2m/s 1 分12116.4J2kEmv 2 分12解析：1两板间为匀强电场，则场
12、强dUE2 分精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 8 页- 7 - 2粒子电荷为2e，质量为4m，所受电场力deUeEF222 分粒子在极板间运动的加速度mdeUmFa242 分 3粒子垂直进入匀强电场，做类平抛运动，1 分由tvR0，2 分221atd， 2 分得meUdRv201 分13解析： 左侧一半无场，电子匀速运动.右侧一半类平抛运动的侧向位移为L，在电场中由电场力作用产生的加速度为mEea，2 分又tVL0，221atL2 分得meElV201 分 2无电场的一半区域位于距左侧x 处，则电子先做类平抛运动，接着做
13、匀速直线运动，最后做类斜下抛运动.但水平方向上一直匀速运动02VLT，在竖直方向上匀加速时间和匀速时间各为一半，即2T.设竖直方向上匀速运动的速度为V，则有0VxaV3 分又电子恰从区域的右下角射出，故22212)(TTaVL，3 分解得mLxeEV2)2(0. 1 分14解析：1带电小球所到的最高点Q 在 O 点的右上方，说明小球有水平向右的分运动和竖直向上的分运动就竖直方向而言，初速度是竖直向上的而重力是竖直向下的，重力使竖直向上的初速度逐渐减小，而不会产生水平向右的运动.小球只受重力和电场力，只有电场力水平向右才会使小球有向右的分运动.由此可以判断电场力是水平向右的，又因为电场水平向左，
14、所以小球带负电. 2 分 2对小球的两个分运动，竖直方向: 小球有竖直向上的初速度V0，受重力，所以小球做竖直上抛运动.Q 点是最高点意味着Q 点的竖直分速度为0.由竖直上抛运动的公式得：gvtgttvh020,212 分解得smv/80。1 分水平方向：小球的水平初速度为0，小球在水平方向的加速度mqEmFa1 分水平位移221atx1 分精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 8 页- 8 - 得mVE/2001 分3小球从O 点落回到 X轴时，由于对称性，水平位移为3.2m。 1 分电场力做正功JxqEW4106.1， 2 分即电势能减少了J4106 .11 分精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 8 页