《江苏专用2020版高考物理新增分大一轮复习第一章运动的描述匀变速直线运动第2讲匀变速直线运动规律讲义含解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏专用2020版高考物理新增分大一轮复习第一章运动的描述匀变速直线运动第2讲匀变速直线运动规律讲义含解析.docx（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第2讲匀变速直线运动规律一、匀变速直线运动的规律1匀变速直线运动沿一条直线且加速度不变的运动2匀变速直线运动的基本规律(1)速度公式：vv0at.(2)位移公式：xv0tat2.(3)位移速度关系式：v2v022ax.自测1某质点做直线运动，速度随时间的变化关系式为v(2t4) m/s，则对这个质点运动情况的描述，说法正确的是()A初速度为2m/sB加速度为4m/s2C在3s末，瞬时速度为10m/sD前3s内，位移为30m答案C解析根据vv0at，比较v(2t4) m/s得质点运动的加速度为2 m/s2，初速度为4m/s，A、B错误；在3 s末，质点的瞬时速度为vt23 m/s4 m/s10
2、m/s，C正确；前3s内，质点的位移xm21m，D错误二、匀变速直线运动的推论1三个推论(1)连续相等的相邻时间间隔T内的位移差相等即x2x1x3x2xnxn1aT2.(2)做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于这段时间初、末时刻速度矢量和的一半，还等于中间时刻的瞬时速度平均速度公式：.(3)位移中点速度.2初速度为零的匀加速直线运动的四个重要推论(1)T末、2T末、3T末、nT末的瞬时速度之比为v1v2v3vn123n.(2)T内、2T内、3T内、nT内的位移之比为x1x2x3xn122232n2.(3)第1个T内、第2个T内、第3个T内、第n个T内的位移之比为xxxxN135(2
3、n1)(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比为t1t2t3tn1(1)()(2)()自测2某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第3秒内通过的位移是x(单位：m)，则质点运动的加速度为()A.(m/s2) B.(m/s2)C.(m/s2) D.(m/s2)答案C解析由匀变速直线运动规律知第3秒内的平均速度等于t2.5s时的瞬时速度，得a(m/s2)(m/s2)，C对命题点一匀变速直线运动规律的基本应用1基本思路2公式选取方法题目中所涉及的物理量(包括已知量、待求量和为解题设定的中间量)没有涉及的物理量适宜选用公式v0、v、a、txvv0atv0、a、t、xvxv0tat2v0、v、a、
4、xtv2v022axv0、v、t、xaxt除时间t外，x、v0、v、a均为矢量，所以需要确定正方向，一般以v0的方向为正方向例1(2018苏大附中调研)滑雪运动员以v02m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，在t5s的时间内滑下的位移x60m求：(1)滑雪运动员5s内的平均速度大小；(2)滑雪运动员的加速度大小；(3)滑雪运动员第5s末的速度大小；(4)作出5s内滑雪运动员的速度(v)时间(t)图象答案(1)12m/s(2)4 m/s2(3)22m/s(4)见解析图解析(1)滑雪运动员在t5s的时间内滑下的位移x60m，由公式得到滑雪运动员5s内的平均速度大小为m/s12 m/s.(2)由位移公式x
5、v0tat2得加速度大小a4m/s2(3)由vv0at得运动员第5s末的速度大小v(245) m/s22 m/s.(4)5s内滑雪运动员的速度(v)时间(t)图象：变式1(2018盐城中学段考)一些同学乘坐火车外出旅游，当火车在一段平直轨道上匀加速行驶时，一同学提议说：“我们能否用身边的器材测出火车的加速度？”许多同学参与了测量工作，测量过程如下：他们看着窗外相隔100m的路标，用手表记录到火车从第一根路标运动到第二根路标的时间为5s若已知火车经过第一根路标时的速度v016m/s，请根据他们的测量情况，求：(1)火车加速度a的大小(2)火车到达第二根路标时速度v的大小答案(1)1.6m/s2(
6、2)24 m/s解析(1)设火车的加速度为a，根据匀变速直线运动的位移公式得：xv0tat2代入数据解得：a1.6 m/s2(2)设火车经过第二根路标时的速度为v2，根据匀变速直线运动的速度公式得：v2v0at，代入数据得：v224 m/s.命题点二匀变速直线运动推论的应用例2(2018苏州市模拟)一物体做匀变速直线运动，在通过第一段位移x1的过程中，其速度变化量为v，紧接着通过第二段位移x2，速度变化量仍为v.则关于物体的运动，下列说法正确的是()A第一段位移x1一定大于第二段位移x2B两段运动所用时间一定不相等C物体运动的加速度为D通过两段位移的平均速度为答案C解析vat，所以两段时间相同
7、，故B错误；不能确定该运动是加速运动还是减速运动，故A错误；x2x1a(t)2，即x2x1a()2得a，故C正确；t，即，故D错误变式2(2018盐城中学段考)一物体做匀加速直线运动，通过一段位移x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移x所用时间为t2.则物体运动的加速度为()A.B.C.D.答案A解析物体做匀加速直线运动通过前一段位移x所用的时间为t1，平均速度为：1，即为时刻的瞬时速度；物体通用后一段位移x所用的时间为t2，平均速度为：2，即为(t1)时刻的瞬时速度速度由1变化到2的时间为：t，所以加速度为：a.命题点三两类匀减速运动1两类匀减速运动问题的比较两类运动运动特点求解方法刹车类
8、问题匀减速直线运动到速度为零后即停止运动，加速度a突然消失，后面不再是匀减速运动求解时要注意先求解其实际运动时间，判断问题中物体是否已停止运动双向可逆类如沿光滑固定斜面上滑的小球，到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑，全过程加速度大小、方向均不变求解时可对全过程列式，但必须注意x、v、a等矢量的正、负号2.逆向思维法：对于末速度为零的匀减速直线运动，可把该阶段看成反向的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动例3一辆汽车在平直公路上做刹车实验，t0时刻起开始刹车，刹车过程的位移大小x与速度大小v的关系为x100.1v2(m)，下列分析正确的是()A刹车过程汽车的加速度大小为0.2m/s2B刹车过程
9、持续的时间为2sCt0时刻汽车的速度大小为5m/sD刹车全过程的位移大小为5m答案B解析根据匀变速直线运动中位移与速度关系可得xv2，对应x100.1v2(m)，可得10 m，0.1 s2/m，得加速度a5 m/s2，t0时刻的速度大小v010 m/s，刹车过程持续时间t2 s，刹车全过程的位移大小x10 m，故只有选项B正确变式3(多选)一小球以3m/s的初速度沿一光滑固定斜面向上做加速度恒为1 m/s2、方向沿斜面向下的匀变速直线运动，起始点为A，小球运动到A点沿斜面上方4m处的B点时的速度及所对应的时间可能为()A1m/s4 s B1 m/s4sC1m/s2 s D1 m/s2s答案BC
10、命题点四多过程问题1基本思路如果一个物体的运动包含几个阶段，就要分段分析，各段交接处的速度往往是联系各段的纽带可按下列步骤解题：(1)画：分清各阶段运动过程，画出草图；(2)列：列出各运动阶段的运动方程；(3)找：找出交接处的速度与各段间的位移时间关系；(4)解：联立求解，算出结果2解题关键(1)多运动过程的转折点的速度是联系两个运动过程的纽带，因此，转折点速度的求解往往是解题的关键(2)作出vt图象，多过程问题过程多，用运动学公式解题一般较复杂，从vt图象中往往能发现简单方法例4(2018南通市等六市一调)一辆公交车在平直的公路上从A站出发运动至B站停止，经历了匀加速、匀速、匀减速三个过程，
11、设加速和减速过程的加速度大小分别为a1、a2，匀速过程的速度大小为v，则()A增大a1，保持a2、v不变，加速过程的平均速度不变B减小a1，保持a2、v不变，匀速运动过程的时间将变长C增大v，保持a1、a2不变，全程时间变长D只要v不变，不论a1、a2如何变化，全程平均速度不变答案A解析匀变速直线运动的平均速度为：，则加速运动过程的平均速度等于，v不变则加速过程的平均速度不变，故A正确；匀加速、匀速、匀减速三个过程的位移分别为x1vt1、x2vt2、x3vt3，如果减小a1，保持a2、v不变，则加速过程的时间t1将增大，加速过程的位移x1增大，而减速的时间和位移不变，所以匀速运动的位移将减小，
12、匀速运动的时间减小，故B错误；作出公交车运动的速度时间图象如图甲所示：增大v，保持a1、a2不变，运动的时间将减小，故C错误；同理如图乙所示，v不变，a1、a2变化，则全程的时间将会发生变化，全程平均速度变化，故D错误变式4(2018徐州市期中)某娱乐节目设计了一款在直轨道上运动的“导师战车”，坐在“战车”中的导师按下按钮，“战车”从静止开始先做匀加速运动、后做匀减速运动，冲到学员面前刚好停止若总位移大小L10m，加速和减速过程的加速度大小之比为14，整个过程历时5s求：(1)全程平均速度的大小；(2)加速过程的时间；(3)全程最大速度的大小答案(1)2m/s(2)4 s(3)4 m/s解析(
13、1)全程的平均速度大小 m/s2 m/s(2)设加速过程的末速度为v，则加速过程的加速度大小a1，减速过程的加速度大小a2根据题意有总时间t1t25 s联立解得t14 s(3)加速过程的位移x1t1，减速过程的位移x2t2总位移Lx1x2联立得L(t1t2)t解得v m/s4 m/s.1质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x5tt2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点()A第1s内的位移是5mB前2s内的平均速度是6m/sC任意相邻的1s内位移差都是0.5mD任意1s内的速度增量都是2m/s答案D2(2017苏锡常镇四市调研)战机在平直跑道上由静止开始做匀加速运动，经时间t达到起飞速度
14、v，则它在时间t内的位移为()AvtB.C2vtD不能确定答案B3(多选)(2018小海中学高三初考)如图1所示，光滑固定斜面AE被分成四个相等的部分，一物体由A点从静止释放，下列结论中正确的是()图1A物体到达各点的速率vBvCvDvE12B物体到达各点所经历的时间tE2tBtCtDC物体从A到E的平均速度vBD物体通过每一部分时，其速度增量vBvAvCvBvDvCvEvD答案ABC解析根据运动学公式v2v022ax得物体由A点从静止释放有v，所以物体到达各点的速率之比vBvCvDvE12，故A正确；根据运动学公式xv0tat2得：t，物体到达各点经历的时间tBtCtDtE12，即tE2tB
15、tCtD，故B正确；故物体从A到E的平均速度v，由于vE2vB，则vvB，故C正确；vBvCvDvE12，物体通过每一部分时，其速度增量不等，故D错误4(多选)(2018泰州中学期中)一物体以某一初速度在粗糙的水平面上做匀减速直线运动，最后静止下来若物体在最初5s内通过的位移与最后5s内通过的位移之比为x1x2115，物体运动的加速度大小为a1m/s2，则()A物体运动的时间可能大于10sB物体在最初5s内通过的位移与最后5s内通过的位移之差为x1x215mC物体运动的时间为8sD物体的初速度为10m/s答案BC5如图2所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭
16、，放行和关闭的时间分别为5s和2s关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2m/s2由静止加速到2 m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是()图2A关卡2B关卡3C关卡4D关卡5答案C解析由题意知，该同学先加速后匀速，速度增大到2m/s用时t11s，在加速时间内通过的位移x1at121m，t24s，x2vt28m，已过关卡2，t32s时间内x34m，关卡打开，t45s，x4vt410m，此时关卡关闭，距离关卡4还有1m，到达关卡4还需t50.5s，小于2s，所以最先挡住他前进的是关卡4，故C正确1假设某无人机靶机以300m/s的速度匀速向某个目标飞来，在无人机离目标尚有一段距离时从地
17、面发射导弹，导弹以80 m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1200m/s的速度在目标位置击中该无人机，则导弹发射后击中无人机所需的时间为()A3.75sB15sC30sD45s答案B解析导弹由静止做匀加速直线运动，即v00，a80m/s2，据公式vv0at，有ts15s，即导弹发射后经15s击中无人机，选项B正确2.(2018苏州市期初调研)如图1所示，一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L，在水平道路上匀速运动，当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线运动，自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t.利用以上数据，可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自
18、行车的()图1A初速度B末速度C平均速度D加速度答案C3(多选)如图2所示，一冰壶以速度v垂直进入三个矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是()图2Av1v2v3321Bv1v2v31Ct1t2t31Dt1t2t3()(1)1答案BD解析因为冰壶做匀减速直线运动，且末速度为零，故可以看做反向初速度为零的匀加速直线运动初速度为零的匀加速直线运动中通过连续三段相等位移的时间之比为1(1)()，故所求时间之比为()(1)1，故选项C错误，D正确；由v2v022ax可得初速度为零的匀加速直线运动中通
19、过连续相等位移的速度之比为1，则所求的速度之比为1，故选项A错误，B正确4(2019淮安中学期初)做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是1m/s，车尾经过O点时的速度是7 m/s，则这列列车的中点经过O点时的速度为()A3.5m/s B4 m/sC5m/s D5.5 m/s答案C5(2019淮安中学期初)汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5 m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为()A11B31C34D43答案C6(2019田家炳中学期初)火车初速度为10m/s，关闭油门后前进150 m，速度减为5 m/s，再经过30s，火车
20、前进的距离为()A50mB37.5mC150mD43.5m答案A解析由速度位移公式v2v022ax得a m/s20.25 m/s2，列车停止需要的时间t0 s20 s，则30 s内前进的距离等于20 s内前进的距离xvt0at02520 m0.25400 m50 m，A正确7(2019田家炳中学期初)光滑固定斜面长为L，物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，当物体的速度是到达斜面底端速度的时，它沿斜面下滑的距离是()A.LB.LC.LD.L答案A解析设物体沿斜面下滑的加速度为a，物体到达斜面底端的速度为v，则有v22aL，(v)22aL，联立可得LL，A正确8(2019淮安中学期初)小船匀速逆流
21、而上，经过桥下时箱子落水了(箱子落水后速度立即与水速相同)，船继续前进一段时间后才发现，并立即调头以相同的静水船速顺流而下，从发现后经过1h在下游距桥7.2km处追上，则河水流动速度为()A7.2km/h B3.6 km/hC1.8km/hD条件不足，无法确定答案B9(2018扬州中学月考)一辆警车在平直的公路上以40m/s的速度行驶，现要求在到达前方某地时的速度也为40 m/s，有三种行进方式：a.一直匀速直线运动；b.先匀减速再匀加速；c.先匀加速再匀减速，则()Aa种方式先到达Bb种方式先到达Cc种方式先到达D条件不足，无法确定答案C解析vt图象的斜率大小等于加速度大小，图线与时间轴所围
22、“面积”等于位移，三种方式末速度相等，作出vt图象如图所示，由于到达某地点时三种方式的位移大小相等、速度大小相等，由图象看出c种方式所用时间最短，则c种方式先到达10(2018徐州市第三中学月考)一名消防队员在模拟训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员()A下滑过程中的最大速度为4m/sB加速与减速运动过程的时间之比为12C加速与减速运动过程的平均速度之比为21D加速与减速运动过程的位移之比为14答案B解析设下滑过程中的最大速度为v，则消防队员下滑的总
23、位移：t1t2x，解得最大速度：v m/s8 m/s，故A错误；设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，则va1t1，va2t2，解得：t1t2a2a112，故B正确；根据平均速度的推论知，则平均速度之比为11，故C错误；因为平均速度之比为11，加速和减速的时间之比为12，则加速和减速的位移之比为12，故D错误11(2018泰州中学调研)随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显分析交通违法事例，将警示我们遵守交通法规，珍爱生命某路段机动车限速为15m/s，一货车严重超载后的总质量为5.0104 kg，以15 m/s的速度匀速行驶发现红灯时司机刹车，货车即做匀减速直
24、线运动，加速度大小为5m/s2.已知货车正常装载后的刹车加速度大小为10 m/s2.(1)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车时间之比；(2)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车距离分别是多大；(3)若此货车不仅超载而且以20m/s的速度超速行驶，则刹车距离又是多少？设此情形下刹车加速度仍为5 m/s2.答案(1)21(2)22.5m11.25m(3)40m解析(1)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度时间公式，正常装载时：0v0a1t1超载时：0v0a2t2解得即此货车在超载及正常装载情况下的刹车时间之比为21.(2)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度位移公式，正常装载时：0v022(
25、a1)x1超载时：0v022(a2)x2解得x111.25 m，x222.5 m即此货车在超载时的刹车距离是22.5 m，正常装载情况下的刹车距离是11.25 m.(3)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度位移公式，有0v022(a2)x3解得x340 m即此货车在超载而且以20 m/s的速度超速行驶时，刹车距离是40 m.12.(2019淮安中学期初)如图3所示，一物体以4m/s的速度滑上光滑固定斜面，途经A、B两点，已知它在A点时的速度是B点时的2倍，由B点再经0.5s物体滑到斜面顶端C，速度恰好减至为零，A、B间相距0.75m求：图3(1)物体运动的加速度大小；(2)斜面的长度；(3)物体由底端滑至B点所需时间答案(1)2m/s2(2)4m(3)1.5s解析(1)物体的运动可看做是由C开始初速度为0、沿斜面向下匀加速直线运动的逆向运动，vat，tBC0.5 s，vA2vB，则tAC1 s，xABatAC2atBC2，代入数据解得a2 m/s2.(2)设斜面长度为l，则v022al解得l4 m(3)设物体由底端滑至B点所需时间为t，由题意可知，v0at总t总tBCt代入数据解得t1.5 s.