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1、YOUR LOGO原 创 文 档 请 勿 盗 版高中物理高考总复习强化练习41-45高中物理高考总复习强化练习41一、选择题1为测定某一电池的电动势和内电阻，下面几组器材中，能完成实验的是()A一只电流表、一只电压表、一只变阻器、开关和导线B一只电流表、两只变阻器、开关和导线C一只电流表、一只电阻箱、开关和导线D一只电压表、一只电阻箱、开关和导线答案ACD解析只有电流表和滑动变阻器是不能求出E、r.2下面给出多种用伏安法测电池电动势和内电阻的数据处理方法，其中既能减小偶然误差，又直观、简便的方法是()A测出两组I、U的数据，代入方程组EU1I1r和EU2I2r，求出E、rB多测几组I、U的数据
2、，求出几组E、r，最后分别求出其平均值C测出多组I、U的数据，画出UI图象，再根据图象求出E、rD测出多组I、U的数据，分别求出I和U的平均值，用电压表测出断路时的路端电压即为电动势E，再用闭合电路欧姆定律求出内电阻r答案C解析测出多组I、U的数据，画出UI图象可消除某次测量不准造成的偶然误差，选C.3(2011东北三校模拟)关于多用电表的使用，下列操作正确的是_A测电压时，应按图甲连接方式测量B测电流时，应按图乙连接方式测量C测电阻时，应按图丙连接方式测量D测二极管的正向电阻时，应按图丁连接方式测量答案BD解析测电压时，红表笔应接电势高的点，黑表笔应接电势低的点，所以A错，同理B对；测电阻时
3、，应将电阻从电路中断开，C错；由于黑表笔接的是内部电源的正极，所以测二极管的正向电阻时，黑表笔应接二极管的正极，应按图丁连接方式测量，D正确4.如图所示的电路测量电池电动势和内电阻时，若有两只电压表V1、V2量程相同，内阻分别为RV1、RV2，且RV1RV2；两只电流表A1、A2量程相同，内阻分别为RA1、RA2，且RA1RA2在实验中，为了使E、r的测量值更精确一些，选择的电表可以是()AV1与A1 BV1与A2CV2与A1 DV2与A2答案AB解析本实验的系统误差主要来源于电压表内阻对电路的影响，电压表内阻越大，电流表所测电流越接近于干路中的电流的真实值，所测电池的内阻也越接近电池内阻的真
4、实值，故电压表选用内阻大的好，而电流表内阻对本实验无影响，因为电流表内阻与R是串联，不需知道R与RA的值，故电流表选用哪一个都可以故选A、B.二、非选择题5(2011南昌模拟)如图(甲) 所示，用螺旋测微器测得某金属丝的直径d_mm，如图(乙)所示，用多用电表的“1”欧姆挡，调零后测得某电阻的阻值R_.答案0.7308解析螺旋测微器的示数固定刻度可动刻度0.01 mm，图(甲)中螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为23.0 ，所以图(甲)中螺旋测微器读数为0.730mm；(0.7280.732mm均对)；欧姆表读数示数欧姆挡位，图(乙)中欧姆表示数是8，由于欧姆表用的是“1”欧姆挡，故
5、电阻读数为8.6(2011荆州模拟)用多用电表研究热敏电阻的阻值与温度的关系(1)应将多用电表的选择开关置于_挡(选填“电压”、“电流”、“欧姆”)；(2)多用电表使用时，将红表笔插入_接线孔(选填“”或“”)；(3)正确选择多用电表的挡位后，将一热敏电阻接在多用电表两表笔上，把热敏电阻放入盛有温度为100摄氏度热水的杯子中，表针的偏角为；若将杯子中加入冷水，发现表针的偏角减小，这说明热敏电阻的阻值随温度降低而_(选填“增大”、“减小”或“不变”)；(4)多用电表使用后，应将选择开关置于_挡(选填“电流”、“直流电压”、“欧姆”、“交流电压最高”)答案(1)欧姆(2)(3)增大(4)交流电压最
6、高解析用多用电表研究热敏电阻的阻值与温度的关系实质是测量不同温度下热敏电阻的阻值，所以应将多用电表的选择开关置于欧姆挡；多用电表使用时，将红表笔插入“”接线孔，黑表笔插入“”接线孔；由多用电表原理可知，表针的偏角越大，通过电表的电流越大，待测电阻的阻值越小将杯子中加入冷水，发现表针的偏角减小，这说明热敏电阻的阻值增大，热敏电阻的阻值随温度降低而增大；多用电表使用后，应将选择开关置于交流电压最高挡或OFF挡7(2011四川)为测量一电源的电动势及内阻(1)在下列三个电压表中选一个改装成量程为9V的电压表A量程为1V、内阻大约为1k的电压表B量程为2V、内阻大约为2k的电压表C量程为3V、内阻为3
7、k的电压表选择电压表_串联_k的电阻可以改装成量程为9V的电压表(2)利用一个电阻箱、一只开关、若干导线和改装好的电压表(此表用符号、或与一个电阻串联来表示，且可视为理想电压表)，在虚线框内画出测量电源电动势及内阻的实验原理电路图(3)根据以上实验原理电路图进行实验，读出电压表示数为1.50V时、电阻箱的阻值为15.0；电压表示数为2.00V时，电阻箱的阻值为40.0，则电源的电动势E_V、内阻r_.答案(1)或C6(2)如图所示(3)7.510解析考查电压表的改装、电表的选择考查学生实验原理的分析、灵活处理实际问题的能力电压表的改装，需已知待改装电表的内阻，故电压表选择；电压表满偏时，串联电
8、阻两端电压为6V，根据串联分压原理，串联电阻应为待改装电表内阻的2倍，即6k，改装后电压表所测电压为其示数的3倍，由闭合电路欧姆定律可知，EUr，代入已知数据解得： E7.5V，r10.8(2011江西九校模拟)听说水果也能做电池，某兴趣小组的同学用一个柠檬做成电池，他们猜想水果电池的内阻可能较大，于是设计了一个如图所示的电路来测定该柠檬电池的电动势和内阻实验中他们多次改变电阻箱的电阻值，记录下电阻箱的阻值及相应的电流表示数，并算出电流的倒数，将数据填在如下的表格中.外电阻R()电流I(mA)电流倒数(mA1)90000.050219.9280000.052818.9360000.059416
9、.8450000.063315.8040000.068014.71(1)利用图象法处理数据可以减小实验误差在讨论作图方案时，甲同学认为应作RI图，而乙同学认为应该作R图，你认为哪个同学的想法更科学？_(填“甲”或“乙”)，其简单理由是：_.(2)按照(1)中你选择的方案，在给出的坐标纸上作出图象(3)利用你作出的图象，可求出该柠檬电池的电动势为_V，内阻为_.答案(1)乙画出的R图线是一条直线，容易求出电池的电动势和内阻(2)如图所示(3)0.9(0.751.2均可)10500(900011000均可)解析(1)根据闭合电路的欧姆定律得：EI(Rr)，整理得：Rr，画出R图象是一条直线，斜率表
10、示电源的电动势，纵轴截距为电源的内阻(2)在纵横坐标上选择合适的标度，用描迹法画出R图象，图象如图所示(3)图象与纵轴的截距大小表示电源内阻，从图象可看出电源内阻r10500，图象斜率表示电源的电动势EV0.90V.9(2011长沙模拟)如图甲所示为一黑箱装置，盒内有由两节干电池和几个电阻等元件组成的电路，a、b为黑箱的两个输出端，a端连接盒内电池的正极(1)为了探测黑箱，某同学准备进行以下几步测量：用多用电表的电阻挡测量a、b间的电阻用多用电表的直流电压挡测量a、b间的输出电压用多用电表的直流电流挡测量a、b间的输出电流你认为以上测量中不妥的有：_(填序号)，理由是_(2)若他用已经调零且选
11、择开关指向欧姆挡“10”挡位的多用电表测量其电阻，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“_”(填“100”或“1”)挡位；调零后测量，其表盘及指针所指位置如图乙所示，则此电阻的阻值为_.(3)黑箱内的电路可看成一个“等效电源”，a、b是等效电源的两极为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该同学设计了如图丙所示的电路，调节滑动变阻器的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在方格纸上建立了UI坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图丁所示请你作进一步处理，并由图求出等效电源的电动势E_V，内阻r_.答案(1)、用欧姆挡不能直接测量带电源电路的电阻；用电流挡直接测量可能会造成电源短路(2)
12、112(3)图象见解析1.45(0.02)0.75(0.03)解析(1)测量中不妥的有：、，理由是：用欧姆挡不能直接测量带电源电路中的电阻；用电流挡直接测量可能会造成电源短路(2)多用电表用欧姆挡测量时，如果指针偏转角度太大，说明所测电阻的阻值小，应当选用“1”挡进行测量；图中所示读数为12.(3)如图所示，作出伏安特性曲线，图线与“U”轴的交点表示电源的电动势E，约为1.45V；图线的斜率表示等效电源的内阻，取纵坐标为1.45V和1.15V的两个点，则r0.75.10(2011泸州模拟)图甲是测量一节新干电池的电动势和内阻的实验电路，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表
13、_，原因是_ _，从而影响测量的准确性为了较准确地测量一节新干电池的内阻，可用以下器材连成图乙所示的电路完成实验，器材：量程3V的理想电压表V，量程0.6A的电流表A(具有一定内阻)，定值电阻R0(R01.50)，滑动变阻器R1(010)，滑动变阻器R2(0200)，开关S.(1)在图乙的实验电路中，加接电阻R0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是_ _.(2)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用_(选填“R1”或“R2”)(3)实验中，改变滑动变阻器的阻值，测出当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2，则新干电池内阻的表达式r
14、_.(用I1、I2、U1、U2和R0表示)答案读数变化很小新干电池的内阻很小，内电路的电压降很小(1)防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏(或限流，防止电源短路)(2)R1(3)R0解析由于新干电池的内阻很小，内电路的电压降很小，故电压表读数变化很小(1)在电路中接入R0的目的是：防止滑动变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏(2)由于电源内阻较小，故所选滑动变阻器的阻值应小一些，所以选用R1.(3)由闭合电路欧姆定律：EU1I1(rR0)EU2I2(rR0)解得：rR0.11(2011银川模拟)用电流表和电压表测1节干电池的电动势和内电阻，图中给出了(a)、(b)两个供选用的电
15、路图，为了较精确地测定电动势和内电阻，实验中应选用_电路正确选用电路后，根据图(c)所示的器材，请用实线表示导线，将图(c)中器材连成实验用电路，实验时经测量得出的数据如表，请在图(d)的方格纸上画出UI图线，利用图线可求出电源电动势和内电阻分别为_、_.123456I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.101.05若不作出图线，只选用其中两组U和I的数据，利用公式EUIr列方程求E和r，这样做可能得出的结果误差很大，其中选用第_组和第_组的数据，求得的E和r误差最大答案(b)实验电路见解析图线见解析145V0.7034解析电流表与电源
16、的内阻相差不大，图(a)测出的是电流表与电源的内阻之和，故误差太大，应选图(b)测量，实验电路如图所示作图线时应使尽可能多的点落在直线上，个别偏离太大的点应舍去，图线如图所示由图线与纵轴的交点可得电动势E1.45V，再读出图线与横轴交点的坐标(0.64,1.00)，由EUIr得r0.70由图线可以看出第4组数据点偏离直线最大，应舍去，若选用第3组和第4组数据求E和r，相当于过图中3和4两点作一直线求E和r，而此直线与所画的直线偏离最大，所以选用第3组和第4组数据求得的E和r误差最大高中物理高考总复习强化练习42一、选择题1.在磁场中某区域的磁感线，如下图所示，则()Aa、b两处的磁感应强度的大
17、小不等BaBbBa、b两处的磁感应强度的大小不等，BaBa，所以B正确2(2011新课标全国)为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是()答案B解析本题考查的是电流的磁效应问题，意在考查学生应用物理知识解决实际问题的能力由日常知识可知，地球的南极为磁场的N极，由右手螺旋定则可知，电流方向如上图B，故选项B正确3(2010安庆模拟)如下图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向外，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中()Aa、b两点磁感应强度相同Bc
18、、d两点磁感应强度大小相等Ca点磁感应强度最大Db点磁感应强度最大答案BD解析磁感应强度是矢量，根据安培定则可确定直导线产生的磁场在a、b、c、d四点磁感应强度的方向根据矢量合成法则，可得A、C错误，B、D正确4(2011武汉模拟)如下图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针转至水平向左的过程中，关于B的大小的变化，正确的说法是()A逐渐增大 B逐渐减小C先减小后增大 D先增大后减小答案C解析导体棒受三个力，三力构成的矢量
19、三角形如下图所示安培力的大小变化从图中即可看出是先减小后增大，由FBIL知，B的大小应是先减小后增大，故只有选项C正确5(2011绵阳模拟)如下图所示，一正方形线圈，其中电流I恒定不变，用两条长度相等的绝缘细线静止悬挂于水平长直导线CD的正下方当导线CD中没有电流时，两条细线中拉力都是T，当导线CD中电流为I1时，两条细线中拉力都是k1T(Ok11)下列正确的是()AI1的方向是CD BI2的方向是CDCI1I2 DI10，y0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里现有一带正电粒子，在x轴上到原点的距离为x0的P点，以平行于y轴的初速度v射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于
20、y轴的方向射出此磁场不计重力的影响，由这些条件可知()A能确定粒子通过y轴时的位置B能确定粒子的质量C能确定粒子在磁场中运动的时间D能确定粒子的比荷答案AC解析由于初速度与x轴垂直，粒子做匀速圆周运动的圆心为O点，半径rx0，故粒子从y轴上射出的位置距离O点为x0，A对；由Bqv得r，由于B未知，则比荷不能求，质量也不能求，但时间为tT/4，而T2r/v，故C对， B、D错5(2011深圳模拟)如下图所示为圆柱形区域的横截面在没有磁场的情况下，带电粒子(不计重力)以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；若该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感应强度为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面
21、直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为()A带电粒子的初速度B带电粒子在磁场中运动的半径C带电粒子在磁场中运动的周期D带电粒子的比荷答案CD解析假设圆柱截面半径为R，则没有磁场时2Rv0t；加上磁场时，由几何关系可知，粒子运动的半径为rR，已知速度偏转角为，可知粒子在磁场中的运动时间为tT ，可求得周期T，故C正确；由周期T，可求得带电粒子的比荷，选项D正确；因半径R不知，因此无法求出带电粒子的初速度及带电粒子在磁场中运动的半径，故选项A、B错误6(2011安徽六校联考)如下图所示，L1和L2为两平行的虚线，L1上方和L2下方都是范围足够大，且磁感应强度相同的
22、匀强磁场，A、B两点都在L2上带电粒子从A点以初速度v0与L2成30角斜向右上方射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向上 ，不计重力，下列说法不正确的是()A带电粒子经过B点时速度一定跟在A点时速度相同B若将带电粒子在A点时的初速度变大(方向不变)，它仍能经过B点C若将带电粒子在A点时的初速度方向改为与L2成60角斜向右上方，它将不能经过B点D此粒子既可以是正电荷 ，也可以是负电荷答案C解析带电粒子在运动的过程中，洛伦兹力对电荷不做功，故速度的大小不变，根据左手定则、画出粒子运动的轨迹，可知A正确；带电粒子沿直线运动，进入上方磁场做圆周运动，出磁场时的速度大小不变，沿直线运动后又
23、进入下边磁场，继续做圆周运动，两次圆周运动的圆弧刚好组成一个完整的圆周，所以无论是正电荷还是负电荷都能经过B点，又粒子向右的偏移量只与入射的角度有关，与速度的大小无关，故B、D正确；若斜向上的角度改变为60， 则通过计算可知粒子此时运动一个周期的偏移量是角度为30时粒子运动一个周期的偏移量的，所以粒子仍能回到B点，C错误7(2011郑州模拟)如下图所示，直角三角形框架ABC竖直放置，比荷相同的E、F两个带电粒子(不计重力)从A点沿AB方向入射，分别打在AC边的P、Q两点质量相同的两个不带电的小球M、N分别以不同的速度从A点水平抛出，也恰好分别落在P、Q两点，则下列说法正确的是() AE、F两粒
24、子到达P、Q的时间相同BE、F两粒子到达P、Q两点的速度方向相同CM、N两小球到达P、Q两点的时间相同DM、N两小球到达P、Q两点的速度方向相同答案ABD解析做圆周运动的E、F两个带电粒子具有相同的弦切角，所以有相同的圆心角，又因两粒子的周期相同，所以到达P、Q两点的时间相同；作图可知两粒子圆心均在过A点垂直于AB的直线上，又因轨迹对应的圆心角相同，所以两粒子出磁场的速度方向相同；平抛运动的时间由高度决定，显然平抛的两小球下落高度不同，所以到达P、Q两点时间不同；平抛运动存在特点tan2tan，为末速度与初速度的夹角，偏转角为位移与初速度的夹角，两小球具有相同的，所以二者在P、Q两点的速度方向
25、相同8(2011黄冈模拟)如下图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直于纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O和y轴上的点a(0，L)一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60.下列说法中正确的是()A电子在磁场中运动的时间为B电子在磁场中运动的时间为C磁场区域的圆心坐标(L，)D电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为(0，2L)答案BC解析由图可以计算出电子做圆周运动的半径为2L，故在磁场中运动的时间为t，A错，B正确；ab是磁场区域圆的直径，故圆心坐标为(L，)，电子在磁场中做圆周运动的圆心为O，计算出其坐
26、标为(0，L)，所以C正确，D错误二、非选择题9.如下图MN表示垂直纸面的平板，它的一侧有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B.一带电粒子从平板上的狭缝O处以垂直于平板的初速度v射入磁场区域，最后到达平板上的P点已知B、v以及P到O的距离l.不计重力，则此粒子的比荷为_答案解析因粒子经O点时的速度垂直于OP，故OP2R，又R，所以.10水平绝缘杆MN套有质量为m, 电荷量为q的带电小球，小球与杆的动摩擦因数为，将该装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，给小球一水平初速度v0，则小球的最终速度可能为_答案0、v0、解析给小球初速度后，其所受洛伦兹力向上，如果洛伦兹
27、力qv0Bmg，小球先做减速运动，当qvBmg时，小球开始做匀速运动11(2011辽宁六校模拟)许多仪器中可利用磁场控制带电粒子的运动轨迹如下图所示的真空环境中，有一半径r0.05m的圆形区域内存在磁感应强度B0.2T的匀强磁场，其右侧相距d0.05m处有一足够大的竖直屏从S处不断有比荷1108C/kg的带正电粒子以速度v2106m/s沿SQ方向射出，经过磁场区域后打在屏上不计粒子重力，求：(1)粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径；(2)绕通过P点(P点为SQ与磁场边界圆的交点)垂直纸面的轴，将该圆形磁场区域逆时针缓慢转动90的过程中，粒子在屏上能打到的范围答案(1)0.1m(2)Q点以上0.1
28、6m范围内解析(1)qvBmR0.1m(2)粒子在磁场中通过的位移刚好等于磁场区域直径时，其速度方向偏转的角度最大，能打到屏上的点最高，由于R2r，如图OPL为等边三角形，可判断出粒子在磁场中的运动轨迹所对圆心角为60(图上标出圆心角为60同样给分)设从L点射出磁场的粒子能打在屏上的N点，LN的反向延长线交PQ于M点，由对称性可知：PMRtan30MQPQPMNQMQtan60联立上式可得：NQ(32)r0.16m当磁场区域转动90时，粒子刚好没有进入磁场沿直线运动打在屏上Q点，所以粒子能打在屏上Q点以上0.16m范围内12(2011镇江模拟)如下图所示，在坐标系xOy中，第一象限内充满着两个
29、匀强磁场a和b，OP为分界线，在区域a中，磁感应强度为2B，方向垂直于纸面向里；在区域b中，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，P点坐标为(4l,3l)一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从P点沿y轴负方向射入区域b，经过一段时间后，粒子恰能经过原点O，不计粒子重力. (sin370.6，cos370.8)求：(1)粒子从P点运动到O点的时间最少是多少？(2)粒子运动的速度可能是多少？答案(1)(2)(n1,2,3，)解析(1)设粒子的入射速度为v，用Ra、Rb、Ta、Tb分别表示粒子在磁场a区和b区运动的轨道半径和周期则：RaRbTaTb粒子先在b区运动，再进入a区运动，然后从O点射出，粒子
30、从P点运动到O点所用时间最短如下图所示tan得37粒子在b区和a区运动的时间分别为：tbTbtaTa故从P点运动到O点所用最短时间内：ttatb.(2)由题意及图可知n(2Racos2Rbcos)解得：v(n1,2,3)13(2011新课标全国)如下图所示，在区域(0xd)和区域(d0)的粒子a于某时刻从y轴上的P点射入区域，其速度方向沿x轴正向已知a在离开区域时，速度方向与x轴正向的夹角为30；此时，另一质量和电荷量均与a相同的粒子b也从P点沿x轴正向射入区域，其速度大小是a的1/3，不计重力和两粒子之间的相互作用力，求(1)粒子a射入区域时速度的大小；(2)当a离开区域时，a、b两粒子的y坐标之差答案(1)(2)d解析(1)设粒子a在磁场中运动