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1、【精品文档】如有侵权，请联系网站删除，仅供学习与交流高中物理选修3-5第十六章第56讲 动量 动量守恒定律 碰撞.精品文档.第56讲动量动量守恒定律碰撞考情 剖析(注：考纲要求及变化中代表了解和认识，代表理解和应用；命题难度中的A代表容易，B代表中等，C代表难)考查内容考纲要求及变化考查年份考查形式考查详情考试层级命题难度动量动量守恒定律09年填空考查动量守恒的运用12年计算考查动量的公式次重点B小结及预测1.小结：动量、动量守恒定律以填空题、计算题的形式进行考查，侧重考查动量、动量守恒定律的应用2预测：09、12年各考查过一次，预测14年考查的可能性较大3复习建议：建议复习时注重动量的表达式
2、、动量守恒定律的适用范围，并能用动量守恒定律解释相关物理现象. 知识 整合一、动量1定义：运动物体的质量和_的乘积叫做物体的动量，通常p来表示2表达式：p_.3单位：_.4标矢性：动量是矢量，其方向和_方向相同二、碰撞1定义：碰撞是指相对运动的物体相遇时，在极短的时间内它们的_发生了显著变化的过程2特点(1)时间特点：在碰撞现象中，相互作用的时间_(2)位移特点：由于碰撞过程是在一瞬间发生的，时间极短，所以，在物体发生碰撞的瞬间，可忽略物体的位移，即认为物体在碰撞前后仍在_(3)相互作用力的特点：在碰撞过程中，物体间的相互作用力先是急剧增大，然后再急剧减小，平均作用力_(4)系统动量的特点：碰
3、撞是物体之间突然发生的现象，由于作用时间极短，相互作用力远远大于外力，所以，即使系统所受外力之和不为零，外力也可以忽略，因此碰撞时系统的动量_3分类(1)按碰撞前速度是否在同一直线上分为：_.(2)按碰撞前后物体能量的变化分为：_和_完全弹性碰撞两物体碰撞后，若动能_，称为完全弹性碰撞非弹性碰撞两物体碰撞后，若动能_，称为非弹性碰撞完全非弹性碰撞两物体碰撞后合为一个整体，以某一共同速度运动，称为完全非弹性碰撞，此类碰撞中动能损失_，即动能转化为其他形式能的值最多4碰撞现象满足的三个原则(1)动量守恒(2)机械能不增加(3)速度要合理若碰前两物体同向运动，则应有v后v前，碰后原来在前的物体速度一
4、定增大；若碰后两物体同向运动，则应有v前v后.碰前两物体相向运动，碰后两物体的运动方向不可能都不改变1动量守恒定律(1)内容如果一个系统不受外力，或者所受外力的矢量和为0，这个系统的总动量保持不变，这就是动量守恒定律(2)表达式pp，系统相互作用前总动量p等于相互作用后的总动量p.m1v1m2v2m1v1m2v2，相互作用的两个物体组成的系统，作用前的动量和等于作用后的动量和p1p2，相互作用的两个物体动量的增量等大反向p0，系统总动量的增量为零2动量守恒定律的适用条件(1)不受外力或所受外力的合力为零，不是系统内每个物体所受的合外力都为零，更不能认为系统处于平衡状态(2)近似适用条件：系统内
5、各物体间相互作用的内力远大于它所受到的外力(3)如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统动量守恒1对动量守恒定律的理解(1)研究对象：相互作用的物体组成的系统(2)正确理解“总动量保持不变”，不仅指系统的初末两个时刻的总动量相等，而且指系统在整个过程中任意两个时刻的总动量相等(3)动量守恒定律的“五性”矢量性：速度、动量均是矢量，因此列式时，要规定正方向相对性：动量守恒定律方程中的动量必须是相对于同一惯性参考系系统性：动量守恒是针对满足守恒条件的系统而言的，系统改变，动量不一定满足守恒同时性：动量守恒定律方程等号左侧表示的是作用前同一时刻的总动量，右侧则表示作用后同一时刻的总动量普适性：
6、动量守恒定律不仅适用于低速宏观物体组成的系统，而且适用于接近光速运动的微观粒子组成的系统2动量守恒的判断方法(1)系统不受外力或所受的合外力为零(2)系统所受的合外力不为零，但系统若在某一方向上的合力为零，则在这一方向上的分动量守恒(3)系统所受的合外力不为零，但系统的内力远远大于外力时，可忽略外力，近似认为系统动量守恒，如碰撞、爆炸等现象3动量守恒定律的应用(1)应用动量守恒定律解题的特点由于动量守恒定律只考虑物体相互作用前、后的动量，不考虑相互作用过程各个瞬间细节，它也能解决许多由于相互作用力难以确定而不能直接应用牛顿运动定律的问题，这正是动量守恒定律的特点和优点所在(2)应用动量守恒定律
7、解题的基本步骤分析题意，明确研究对象要明确所研究的系统是由哪几个物体组成的要对系统内的物体进行受力分析，弄清哪些是系统内部物体之间的相互作用力，即内力；哪些是系统外的物体对系统内物体的作用力，即外力在受力分析的基础上，根据动量守恒的条件，判断能否应用动量守恒定律明确所研究的相互作用过程，确定过程的始、末状态，即系统内各个物体的初动量和末动量的量值或表达式对于物体在相互作用前后运动方向都在一条直线上的情形，动量守恒方程中各个动量的方向可以用代数符号正、负表示建立动量守恒方程，代入已知量求解注意：应用动量守恒定律解决问题，关键是合理选取物体系统，准确分析物体相互作用过程是否满足守恒条件，然后再选取
8、正方向，列方程求解【典型例题1】 如图所示，A、B两物体质量之比mAmB32，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则() A若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统的动量守恒 B若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统的动量守恒 C若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统的动量守恒 D若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统的动量守恒温馨提示判断系统的动量是否守恒时，首先要明确研究对象和过程，即明确在哪一过程中哪些物体组成系统的动量是守恒的，然后再依据动量守恒的条件依次判断即可记录空间【变式训练
9、1】 (12年江苏模拟)下列相互作用的过程中，可以认为系统动量守恒的是() A轮滑男孩推轮滑女孩 B子弹击穿地上面粉袋的瞬间 C太空人在舱外发射子弹 D公路上运动的汽车发生碰撞【典型例题2】 如图所示，甲、乙两船的总质量(包括船、人和货物)分别为10m、12m，两船沿同一直线上的同一方向运动，速度分别为2v0、v0.为避免两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度(不计水的阻力)温馨提示(1)明确研究对象，确定系统的组成(系统包括哪几个物体及研究的过程)；(2)进行受力分析，判断系统动量是否守恒(或某一方向上是否守恒)；(3)规定正方向
10、，确定初末状态动量；(4)由动量守恒定律列出方程；(5)代入数据，求出结果，必要时讨论说明记录空间【变式训练2】 如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连，将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体，现A以初速v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起，以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离，已知C离开弹簧后的速度恰为v0，求弹簧释放的势能1对动量变化量的正确理解动量的变化量p也是矢量，动量的变化有三种情况：动量的大小变化(例如物体做变速直线运动时)；动量的方向
11、变化(例如物体做匀速圆周运动时)；动量的大小和方向均变化(例如物体做平抛运动时)2动量、动能、动量变化量的比较 名称项目 动量动能动量变化量定义物体的质量和速度的乘积物体由于运动而具有的能量物体末动量与初动量的矢量差定义式pmvEkmv2ppp矢标性矢量标量矢量特点状态量状态量过程量关联方程Ek，Ekpv，p，p【典型例题3】从距地面相同的高度，以大小相等的初速度抛出质量相等的甲、乙两球，甲球竖直上抛，乙球竖直下抛，不计空气阻力，两球最后都落在地面上，下列说法正确的是() A两球的动量变化量及落地时的动量均相同 B两球的动量变化量及落地时的动量均不相同 C两球的动量变化量相同，但落地时的动量不
12、相同 D两球的动量变化量不相同，但落地时的动量相同温馨提示动量指物体的质量和速度的乘积，动量变化量指物体末动量与初动量的矢量差，且两者均为矢量记录空间【变式训练3】 关于动量和动量的增量的下列说法中正确的是() A动量增量的方向一定和动量的方向相同 B动作量增量的方向一定和动量的方向相反 C动量增量的大小一定和动量大小的增量相同 D动量增量的大小可能和动量大小的增量相同 随堂 演练1关于物体的动量，下列说法中正确的是() A物体的动量越大，其惯性也越大 B同一物体的动量越大，其速度一定越大 C物体的加速度不变，其动量一定不变 D运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的位移方向2做平抛运动的物
13、体，在相等的时间内，物体动量的变化量() A始终相同 B只有大小相同 C只有方向相同 D以上说法均不正确3如图所示，光滑水平面上子弹m水平射入木块后留在木块内，现将子弹、弹簧、木块合在一起作为研究对象，则此系统从子弹开始射入木块到弹簧压缩到最短的整个过程中系统()第3题图 A动量守恒，机械能不守恒 B动量不守恒，机械能不守恒 C动量机械能均守恒 D动量不守恒，机械能守恒4一个质量为M、静止的不稳定原子核，当它放射出质量为m、速度为v的粒子后，原子核剩余部分的速度为() Av B C D5一炮艇总质量为M，以速度v0匀速行驶，从艇上以相对炮艇的水平速度v沿前进方向射击一质量为m的炮弹，发射炮弹后
14、炮艇的速度为v，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是() AMv0Mvmv BMv0(Mm)vmv CMv0(Mm)vm(vv0) DMv0(Mm)vm(vv)6在光滑水平面上，有两个小球A、B沿同一直线同向运动(B在前)，已知碰前两球的动量分别为pA12 kgm/s、pB13 kgm/s，碰后它们动量的变化分别为pA、pB.下列数值可能正确的() ApA3 kgm/s、pB3 kgm/s BpA3 kgm/s、pB3 kgm/s CpA24 kgm/s、pB24 kgm/s DpA24 kgm/s、pB24 kgm/s 7如图甲所示，光滑水平面上有A、B两物块，已知A物块的质量mA1 k
15、g.初始时刻B静止，A以一定的初速度向右运动，之后与B发生碰撞并一起运动，它们的位移时间图象如图乙所示(规定向右为位移的正方向)，则物体B的质量为多少？第7题图8如图所示，质量为M的弧形槽静止在光滑的水平面上，弧形槽的光滑弧面底端与水平地面相切一个质量为m的小物块以速度v0沿水平面向弧形槽滑来，并冲上弧形槽，设小物块不能越过弧形槽最高点，求小物块所能上升的最大高度第8题图第56讲动量动量守恒守律碰撞知识整合基础自测一、1.速度2.mv3.kgm/s4.速度二、1.运动状态2.(1)很短(2)同一位置(3)很大(4)守恒3(1)正碰和斜碰(2)弹性碰撞非弹性碰撞无损失有损失最多重点阐述【典型例题
16、1】如图所示，A、B两物体质量之比mAmB32，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则() A若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统的动量守恒 B若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统的动量守恒 C若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统的动量守恒 D若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统的动量守恒【答案】BCD【解析】如果A、 B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，弹簧释放后，A、 B分别相对小车向左、向右滑动，它们所受的滑动摩擦力FA向右，FB向左，由于mAmB32，所以FAFB32，则
17、A、 B组成系统所受的外力之和不为零，故其动量不守恒，A选项错对A、 B、 C组成的系统，A、 B与C间的摩擦力为内力，该系统所受的外力为竖直方向的重力和支持力，它们的合力为零，故该系统的动量守恒，B、 D选项均正确若A、 B所受摩擦力大小相等，则A、 B组成系统的外力之和为零，故其动量守恒，C选项正确【点评】(1)判断系统的动量是否守恒时，要注意动量守恒的条件是系统不受外力或所受的合外力为零因此，要分清系统中的物体所受的力哪些是内力、哪些是外力(2)在同一物理过程中，系统的动量是否守恒，与系统的选取密切相关如本例中第一种情况A、B组成的系统的动量不守恒，而A、B、C组成的系统的动量却是守恒的
18、，因此，在利用动量守恒定律解决问题时，一定要明确在哪一过程中哪些物体组成系统的动量是守恒的，即要明确研究对象和过程变式训练1AC【解析】 A选项中男孩推女孩时，由于轮子所受摩擦力较小，满足动量守恒条件；C选项中所受外力可忽略，满足动量守恒条件，B项和D项中摩擦力不能忽略，动量不守恒【典型例题2】 如图所示，甲、乙两船的总质量(包括船、人和货物)分别为10m、12m，两船沿同一直线上的同一方向运动，速度分别为2v0、v0.为避免两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度(不计水的阻力)【答案】4v0【解析】 设乙船上的人抛出货物的最小速度
19、大小为vmin，抛出货物后船的速度为v1，甲船上的人接货物后船的速度为v2，由动量守恒定律得120mv011mv1mvmin10m2v0mvmin11mv2为避免两船相撞应满足v1v2联立式得vmin4v0变式训练2mv【解析】 设碰后A、B和C的共同速度的大小为v，由动量守恒得，3mvmv0设C离开弹簧时，A、B的速度大小为v1，由动量守恒得，3mv2mv1mv0设弹簧的弹性势能为Ep，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有(3m)v2Ep(2m)vmv由式得弹簧所释放的势能为Epmv.【典型例题3】从距地面相同的高度，以大小相等的初速度抛出质量相等的甲、乙两球，甲球竖直上抛，乙球竖
20、直下抛，不计空气阻力，两球最后都落在地面上，下列说法正确的是() A两球的动量变化量及落地时的动量均相同 B两球的动量变化量及落地时的动量均不相同 C两球的动量变化量相同，但落地时的动量不相同 D两球的动量变化量不相同，但落地时的动量相同【答案】D【解析】设甲、乙两球的质量均为m，初速度大小均为v0.由于不计空气阻力，两球距地面的高度相同，初速度大小相同，根据机械能守恒定律可知，两球落地时的速度相同，都为v，则两球落地时的动量相同规定向下为正方向，甲、乙两球的动量变化量分别为p甲mv(mv0)mvmv0，p乙mvmv0，甲球的动量变化量大于乙球的动量变化量变式训练3D【解析】 动量增量的方向与
21、动量的方向没有必然联系，故A、B错误；动量增量是矢量，按照平行四边形定则求解，而动量大小的增量按代数法则运算，两者大小不一定相等，当初末动量方向在同一条直线上时，两者相同，故选D.随堂演练1.B【解析】 此题考查有关动量大小的决定因素和矢量性物体的动量越大，即质量与速度的乘积越大，不一定惯性(质量)大，A项错；对于同一物体，质量一定，所以速度越大，动量越大，B项对；加速度不变，但速度可以变，如平抛运动的物体，故C项错；动量的方向始终与速度方向相同，与位移方向不一定相同，D错误2.A【解析】 做平抛运动的物体，只受重力作用，重力是恒力，其在相等的时间内的冲量始终相等，根据动量定理，在相等的时间内
22、，物体动量的变化量始终相同本题答案为A.3.B【解析】 子弹打木块模型是两个物体相互作用的典型问题依据其相互作用原理、各自运动原理、能量转化原理建立的“子弹打木块”模型，其实质是物体系在一对内力的作用下，实现系统内物体的动量、动能和能量的变化过程在子弹射入木块的过程中，因为入射时间极短，可认为系统静止，所以不受弹力作用，系统合力为零，动量守恒，而在木块压缩弹簧过程中，系统受到水平向右弹力作用，合外力不为零，系统的总动量不守恒，所以整个过程中，动量不守恒；在子弹射入木块过程中，子弹相对于木块发生位移，内力做功，子弹将一部分机械能转化为系统内能，即系统的机械能不守恒，综上可知，本题答案为B.4.B
23、【解析】 设原子核剩余部分的速度为v1，根据动量守恒定律有0mv(Mm)v1，可得v1，所以选项B正确5.D【解析】 发射炮弹的过程，系统动量守恒，发射前，系统的总动量为M v0，发射炮弹后，炮艇的质量变为Mm，速度为v，炮弹质量为m，对地速度为v v，所以系统总动量为(Mm)vm(v v)，本题答案为D. 6.A【解析】 对于碰撞问题要遵循三个规律：动量守恒定律，碰后系统的机械能不增加和碰撞过程要符合实际情况本题属于追及碰撞，碰前，后面运动物体的速度一定要大于前面运动物体的速度(否则无法实现碰撞)，碰后，前面物体的动量增大，后面物体的动量减小，减小量等于增大量，所以pA0，pB0，并且pAp
24、B，据此可排除选项BD；若pA24 kgm/s、PB24 kgm/s，碰后两球的动量分别为pA12 kgm/s、pB37 kgm/s，根据关系式Ek可知，A球的质量和动量大小不变，动能不变，而B球的质量不变，但动量增大，所以B球的动能增大，这样系统的机械能比碰前增大了，选项C可以排除；经检验，选项A满足碰撞遵循的三个原则，本题答案为A.7.3 kg【解析】 根据公式v由图可知，撞前vAm/s4 m/svB0撞后vm/s1 m/s则由mAvA(mAmB)v解得：mB3 kg8.【解析】 m在M弧面上升过程中，当m的竖直分速度为零时它升至最高点，此时二者只具有相同的水平速度(设为v)，根据动量守恒定律有：mv0(Mm)v，整个过程中机械能没有损失，设上升的最大高度是h，则有：mv(Mm)v2mgh，联立两式，解得：h.