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1、答案一、填空题1. ； 2. ； 3. ，； 4. ；5. ，； 6. ；7. ；8. 9. , ，；10. 机械原理模拟试卷 (一) 一、填空题 ( 每题 2 分，共 20 分) 1. 两个运动构件间相对瞬心的绝对速度。（ 均为零 不相等 不为零且相等）2. 机构具有确定运动的条件是原动件数目等于的数目。（ 从动件 机构自由度 运动副）3. 若标准齿轮与正变位齿轮的参数m ，Z，ha*均相同，则后者比前者的：齿根高，分度圆直径，分度圆齿厚，周节。（ 增大 减小 不变 ）4. 在高速凸轮机构中，为减少冲击与振动，从动件运动规律最好选用运动规律。（ 等速 等加等减速 余弦加速度 正弦加速度）5.
2、 静平衡的转子是动平衡的；动平衡的转子是静平衡的。（ 一定 不一定 一定不）6. 机械系统在考虑摩擦的情况下，克服相同生产阻力时，其实际驱动力P与理想驱动力 P0的关系是： P P0。（ 小于 等于 大于 大于等于）7. 差动轮系是指自由度。（ 为 1 的周转轮系 为 2 的定轴轮系 为 2 的周转轮系）8. 设计标准齿轮时，若发现重合度小于1，则修改设计时应。（ 加大模数 增加齿数 加大中心距）9. 曲柄滑块机构若存在死点时，其主动件必须是，在此位置与共线。（ 曲柄 连杆 滑块 ）10. 周转轮系的传动比计算应用了转化机构的概念。对应周转轮系的转化机构乃是。（ 定轴轮系 行星轮系 混合轮系
3、差动轮系）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 10 页二、简答题 ( 每题 5 分，共 25 分 ) 1. 计算图示机构自由度，若有复合铰链、局部自由度及虚约束需指出。1. 解：机构自由度为： F=3n-2pl- ph=36- 281=1 在 C处有复合铰链，在H处有局部自由度。2. 图示楔块机构，已知： P为驱动力， Q为生产阻力， f 为各接触平面间的滑动摩擦系数，试作：(1) 摩擦角的计算公式= ；(2) 在图中画出楔块 2 的两个摩擦面上所受到的全反力R12, R32 两个矢量。2. 解：(1) = arctgf ；
4、(2) 如图所示。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 10 页3. 试在图上标出铰链四杆机构图示位置压力角 和传动角 。4. 如图所示，薄壁上有不平衡重Q1=10N 、Q2=20N ，所在半径分别为：r1=200mm ，r2=100mm 。试求：1) 在 r=100mm半径的圆上，应加配重Q= ？2) 配重 Q的方位与 OX轴之间的夹角 = ？4. 解：因为： Q1r1 =2000Nmm ， Q2r2=2000Nmm ；1) 所以：即在 r=100mm半径的圆上，应加配重Q=28.28N 。2) =-45。精选学习资料 -
5、- - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 10 页5. 试标注出在图示位置时机构中瞬心P12、P23、P14、P34、P123的位置。5. 解如下图所示。5 题图三、设计一曲柄摇杆机构。已知LAD=75mm，LCD=60mm，当曲柄转角 =150时摇杆处于右极限位置，要求机构行程速比系数K=1.18182。 (10 分) 三、解：选取绘图比例尺L=0.002m/mm 。其中： =180(K -1)/(K+1)=15 按已知条件作出固定铰链点A和 D；按 j=150过 A点作射线交由 D点为圆心，以 LCD为半径的 C 点所在圆（有两个交点，即两组解
6、），图中为C2点；作 AC1 ，使C2AC1 为 (=15)，得到 C1 点。因为：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 10 页LAC2=(LAB+LBC)/2 LAC1=(LBC-LAB)/2 而所以有：LAB=97mm， LBC=15mm 。五、试在图示的偏心圆凸轮机构中表示出：(10 分) 1) 凸轮的基圆半径、升距h；2) 凸轮由图示位置转过90时的机构压力角；3) 凸轮由图示位置转过90时，推杆的位移增量。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 10
7、 页五题图五、解：如图所示。六、一对直齿圆柱齿轮传动，已知传动比i12=2，齿轮的基本参数： m=4mm，=20o，h*a =1.0 。 (13 分) 1. 按标准中心距 a=120mm 安装时，求： 齿数 Z1、Z2； 啮合角 a； 节圆直径 d1、d2；2. 若取齿数 Z1=15、Z2=30，中心距 a=92mm ，试作： 求避免根切的小齿轮的变位系数x1； 求传动啮合角； 说明属于何种变位传动。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 10 页六、解：求避免根切的小齿轮的最小变位系数xmin1；求传动啮合角 ；1. 因为：
8、i12=2=z2/z1 ，a=m (z2+z1)/2=120 ，而 m=4 所以： z1=20，z2=40； 又因为是按标准中心距安装，所以有a=a=20o, d1=d1=mz1=80mm，d2=d2=mz2=160mm。2. xmin1=(zmin -z1)/zmin=(17-15)/17=0.118 因为： acosa=acosa，所以： a= arc ( acosa/ a)，即 a=23.18o； 该传动为正传动。七、图示轮系中，已知各轮齿数：Z1=1，Z2=40，Z2=24，Z3=72，Z3=18，Z4=114。(12 分) 1) 该轮系属于何种轮系？2) 计算传动比 i1H，并在图中
9、标出系杆H的转向。七题图七、 解：1. 该轮系是由齿轮 1 和 2 组成的定轴轮系加上由齿轮2,3,3 ,4 和系杆 H组成的周转轮系而形成的混合轮系。2. 因为： i1H=i1 2i2H而：i12=Z2/Z1=40 i2H=1- iH24= 1 -(- 1)(Z3Z4)/(Z2 Z3)=1+19=20所以： i1H=800。系杆 H的转向如图所示。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 10 页答案一、填空题1. ； 2. ； 3. ，； 4. ；5. ，； 6. ；7. ；8. 9. , ，；10. 二、简答题1. 解：机构
10、自由度为： F=3n-2pl- ph=36- 281=1 在 C处有复合铰链，在H处有局部自由度。2. 解：(1) = arctgf ；(2) 如图所示。3. 解：如图所示。4. 解：因为： Q1 r1 =2000Nmm ， Q2r 2=2000Nmm；1) 所以：即在 r=100mm半径的圆上，应加配重Q=28.28N 。2) =-45。5. 解如下图所示。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 10 页三、解：选取绘图比例尺L=0.002m/mm 。其中： =180(K-1)/(K+1)=15 按已知条件作出固定铰链点A和
11、D；按 j=150过 A点作射线交由 D点为圆心，以 LCD为半径的 C 点所在圆（有两个交点，即两组解），图中为C2点；作AC1 ，使C2AC1 为 (=15)，得到 C1 点。因为：LAC2=(LAB+LBC)/2 LAC1=(LBC-LAB)/2 而所以有：LAB=97mm， LBC=15mm 。五、解：如图所示。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 10 页六、解：求避免根切的小齿轮的最小变位系数xmin1；求传动啮合角 ；1. 因为： i12=2=z2/z1 ，a=m (z2+z1)/2=120 ，而 m=4 所以：
12、 z1=20，z2=40； 又因为是按标准中心距安装，所以有a=a=20o, d1=d1=mz1=80mm，d2=d2=mz2=160mm。2. xmin1=(zmin -z1)/zmin=(17-15)/17=0.118 因为： acosa=acosa，所以： a= arc ( acosa/ a)，即 a=23.18o； 该传动为正传动。七、 解：1. 该轮系是由齿轮 1 和 2 组成的定轴轮系加上由齿轮2,3,3 ,4 和系杆 H组成的周转轮系而形成的混合轮系。2. 因为：i1H=i12 i2H而：i12=Z2/Z1=40 i2H=1- iH24= 1 -(- 1)(Z3Z4)/(Z2 Z3)=1+19=20所以： i1H=800。系杆 H的转向如图所示。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 10 页