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1、2021年福建省厦门市中考化学试卷福建省厦门市2021年中考化学试卷一、选择题共10题，25分本卷第15题各2分，第610题各3分每题只要一个选项符合题意，在答题卡选择题栏内用2B铅笔将该选项涂黑1夏天防雷电，远离金属这是由于金属具有A导电性B导热性C延展性D光泽解答：解：A、夏天防雷电，远离金属，这是由于金属具有导电性，故选项正确B、夏天防雷电，远离金属，这是由于金属具有导电性，而不是导热性，故选项错误C、夏天防雷电，远离金属，这是由于金属具有导电性，而不是延展性，故选项错误D、夏天防雷电，远离金属，这是由于金属具有导电性，而不是具有光泽，故选项错误故选：A22分2021?厦门下列物质属于氮
2、肥的是A熟石灰B硫酸钾C过磷酸钙D氯化铵解答：解：A、熟石灰是氢氧化钙，是由钙离子和氢氧根离子组成的化合物，属于碱，故选项错误B、硫酸钾中含有钾元素，属于钾肥，故选项错误C、过磷酸钙中含有磷元素，属于磷肥，故选项错误D、氯化铵中含有氮元素，属于氮肥，故选项正确故选：D32分2021?厦门下列经过仅发生物理变化的是A白磷自燃B蜡烛燃烧C干冰升华D呼吸作用解答：解：A、白磷自燃经过中有新物质五氧化二磷生成，属于化学变化B、蜡烛燃烧经过中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化C、干冰升华经过中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化D、呼吸作用经过中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化故选：C4
3、2分2021?厦门某同学体内缺少维生素，该同学饮食中需适量增加的食物是A米饭、面条B蔬菜、水果C瘦肉、鸡蛋D奶油、花生油解答：解：A、米饭、面条的主要成分是淀粉，属于糖类，故选项错误；B、水果和蔬菜富含维生素，故选项正确；C、瘦肉、鸡蛋中主要是蛋白质，故选项错误；D、奶油、花生油含有较多的油脂，故选项错误；故选B52分2021?厦门粗盐提纯实验和配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液实验中，下列操作正确的是ABCD解答：解：A、托盘天平应该左物右码，错误；B、取药品时，瓶塞倒放，错误；C、量筒读数是正确的；D、不能用手拿坩埚，以免烫伤，错误；故选C63分2021?厦门含硫元素物质间发生转化：SSO2
4、SO3H2SO4Al2SO43，其中硫元素化合价发生变化的是ABCD解答：解：根据单质中元素的化合价为0，S属于单质，故硫元素的化合价为0氧元素显2价，设二氧化硫中硫元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：x+22=0，则x=+4价氧元素显2价，设三氧化硫中硫元素的化合价是y，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：y+23=0，则y=+6价氢元素显+1价，氧元素显2价，设硫酸中硫元素的化合价是z，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：+12+z+24=0，则z=+6价铝元素显+3价，氧元素显2价，设硫酸铝硫元素的化合价是w，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：
5、+32+3w+243=0，则w=+6价故硫元素化合价发生变化的是故选：A73分2021?厦门新装修房室内存在甲醛CH2O、苯C6H6等有害物质下列叙述正确的是A甲醛分子中含有水分子B甲醛中碳元素质量分数为40%C苯中碳元素与氢元素的质量比为1：1D甲醛和苯都属于无机化合物解答：解：A甲醛分子是由碳原子和氢原子、氧原子构成的，其中不含水分子，故错误；B甲醛CH2O中，碳元素的质量分数为：=40%，故正确；C苯C6H6中，碳元素与氢元素的质量比为：126：16=12：1，故错误；D甲醛CH2O、苯C6H6均为含碳元素的化合物，属于有机物，故错误故选B83分2021?厦门下列图象能正确反映对应变化关
6、系的是A常温下，稀释KOH溶液B将浓硫酸露置在空气中C足量粉末状金属分别与等质量、等浓度的稀盐酸反响D一定质量的饱和石灰水中参加生石灰AABBCCDD解答：解：A加水稀释KOH溶液，溶液不会成为酸性，即pH不会小于7；故图象错误；B将浓硫酸露置在空气中会吸收空气中得水使溶质的质量分数变小，但不会为零；故图象错误；C足量镁、锌分别与等质量、等浓度的稀盐酸反响最终生成氢气一样多；故图象正确；D生石灰具有吸水性，参加到饱和石灰水中会吸收溶液中的水，使溶液质量变小；故图象错误；答案：C93分2021?厦门已知在一定条件下发生反响：甲+乙丙+丁，下列判定正确的是A甲、乙、丙、丁不可能含有同一种元素B丙为
7、盐、丁为水，则该反响一定为复分解反响C甲、乙为化合物，则该反响一定为复分解反响D丙为CuNO32，则甲可能为单质、氧化物、碱或盐解答：解：A、甲、乙、丙、丁有可能含有同一种元素，例如二氧化碳和氢氧化钠反响生成盐碳酸钠和水，反响物和生成物中均含有氧元素故A错误；B、假如甲和乙分别是氧化铜和盐酸，则生成的丙和丁分别是氯化铜和水，此反响不是复分解反响故B错误；C、甲、乙为化合物，例如酸性氧化物与碱溶液的反响符合甲+乙丙+丁的反响关系，因未互相交换离子该类型的反响不属于复分解反响故C错误；D、丙为CuNO32，则甲可能为单质、氧化物、碱或盐，例如铜和硝酸银溶液反响能生成硝酸铜和银，氧化铜和硝酸反响能生
8、成硝酸铜和水，氢氧化铜和硝酸反响能生成硝酸铜和水，氯化铜溶液和硝酸银溶液反响能生成硝酸铜和氯化银故D正确故选D103分2021?厦门甲、乙两种物质的溶解度曲线如下图下列讲法中正确的是At1时，甲饱和溶液的溶质质量分数大于乙饱和溶液Bt2时，甲、乙饱和溶液的溶质质量分数都为30%Ct2时，甲、乙的饱和溶液分别降温至t1，甲溶液饱和，乙溶液不饱和Dt2时，质量一样的甲、乙饱和溶液分别升温至t3，为达饱和状态，需参加甲的质量大于乙解答：解：A、t1时，甲的溶解度小于乙的溶解度，甲饱和溶液的溶质质量分数小于乙饱和溶液，该选项讲法不正确；B、t2时，甲、乙饱和溶液的溶质质量分数相等，都为：100%=23
9、.1%，该选项讲法不正确；C、甲和乙的溶解度都是随着温度的升高而增大，t2时，甲、乙的饱和溶液分别降温至t1，甲和乙仍然都是饱和溶液，该选项讲法不正确；D、由于t3时甲的溶解度大于乙的溶解度，因而t2时，质量一样的甲、乙饱和溶液分别升温至t3，为达饱和状态，需参加甲的质量大于乙，该选项讲法正确故选：D二、非选择题共8题，75分1110分2021?厦门“见著知微，见微知著是化学思维方法1从宏观知微观50mL水与50mL乙醇混合后，溶液体积小于100mL，微观解释为分子间有间隔；气体X在氧气中燃烧生成氮气和水，X分子中一定含有的原子是N和H填符号2从微观知宏观微粒A最外层电子数是7，在化学反响中容
10、易得填“得或“失电子；微粒A、B、C、D、E中，对应单质化学性质最稳定的是B填编号，下同，属于同一种元素的是C和E甲和乙在催化剂、高温高压条件下反响生成丙，三种物质微观构造示意图如下图，该反响的化学方程式：CO+2H2CH3OH解答：解：150mL酒精与50mL水混合后体积小于100mL，是由于分子之间有间隔，一部分水分子和酒精分子会相互占据分子之间的间隔根据质量守恒定律，化学反响前后原子的种类不变，反响后的原子种类是N、H、O，故X分子中一定含有的原子是N、H；2由微粒A的原子构造示意图可知，其最外层电子为7个，在化学反响中容易得一个电子；原子构造的最外层电子为8的构造最稳定则可从原子构造示
11、意图中知：单质化学性质最稳定的是B；C最外层固然为8，但这是镁离子的构造示意图，镁原子最外层电子数为2；具有一样核电荷数即核内质子数的为同种元素，故属于同种元素的为C和E；由图示可知，该反响为一氧化碳和氢气在催化剂、高温高压条件下反响生成甲醇，反响的化学方程式为：CO+2H2CH3OH；故答案为：1分子间有间隔NH27得BC和ECO+2H2CH3OH；126分2021?厦门“史上最贵的实验：步骤让金刚石在充足的氧气中燃烧，采集生成的气体；步骤让足量镁条在步骤生成的气体中燃烧，生成黑色的炭粉和白色的固体氧化物1步骤中发生反响的化学方程式：2Mg+CO22MgO+C，基本反响类型是置换反响2若金刚
12、石质量为m1，按上述步骤反响且转化完全，生成的炭粉质量为m2，则m1=m2填“、“=、“，理由为物质转化经过中元素质量守恒1310分2021?厦门化学与“美丽厦门1化学让天更蓝汽车尾气处理中使用了催化剂，该催化剂中某元素在元素周期表中的部分内容如图1所示，从中获取一条信息：该元素原子序数为46公交车使用天然气等清洁能源，写出天然气主要成分燃烧的化学方程式：CH4+2O22H2O+CO2将来氢能源汽车可实现零污染在催化剂、光作用下，水分解获得氢能源，写出该方法获得氢能源的化学方程式：2H2O2H2+O22化学让水更干净生活污水截流处理经过如图2所示，其中采用的净水方法有过滤写出一种图3是从海水中
13、获取淡水的一种装置，请从能源角度指出其优点：节能检验上述所获取的水能否为硬水，常用试剂是肥皂水根据天然气燃烧生成水和二氧化碳进行解答；根据水分解的经过来分析；2根据常用的净水方法来分析；此方法是利用了太阳能；根据硬水的检验方法来分析解答：解：1根据元素周期表中的一格中获取的信息，该元素的原子序数为46；元素的名称是钯，属于金属元素等故填：该元素原子序数为46或其他合理答案；甲烷燃烧生成水和二氧化碳，化学方程式CH4+2O2CO2+2H2O故填：CH4+2O22H2O+CO2；水在光照、催化剂的作用下，分解为氢气和氧气；故填：2H2O2H2+O2；2用到了过滤、沉降的净水方法，故填：过滤或其他合
14、理答案；此海水淡化的方法是利用太阳能，节约了能源，故填：节能；由于硬水遇肥皂水产生的泡沫少、软水遇肥皂水产生的泡沫多，所以检验净化后的水能否为硬水可选择的试剂是肥皂水，故填：肥皂水149分2021?厦门用如图装置完成下面实验：1探究燃烧条件：若B处盛放木炭先在A处通入氮气一段时间后，在B处加热，B、C处没有明显变化；待B处冷却至室温，在A处通入氧气一段时间后，B、C处没有明显变化；在A处继续通入氧气，然后在B处加热，发现木炭燃烧，C处变浑浊与比照，讲明燃烧的条件之一是氧气；与比照，讲明燃烧的条件之一是温度到达着火点2模拟工业炼铁：若B处盛放氧化铁粉末在A处通入一氧化碳一段时间后，B处下方用喷灯
15、加热，B处可观察到的现象为固体由红色变为黑色，尾气处理的方法为将酒精灯放于导管口点燃尾气（自然）杂志刊载“绿色炼铁技术；电解熔融的氧化铁得到铁和氧气，该反响的化学方程式：2Fe2O34Fe+3O2，该炼铁技术另一种产物的用处为供应呼吸解答：解：1与比照，通入的气体不同，温度一样，所以讲明燃烧的条件之一是：氧气；与比照，通入的气体一样，温度不同，所以讲明燃烧的条件之一是：温度到达着火点；2一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，所以B处可观察到的现象为固体由红色变为黑色，一氧化碳有毒，所以尾气处理的方法为：将酒精灯放于导管口点燃尾气，熔融的氧化铁在通电的条件下生成铁和氧气，化学方程式为：
16、2Fe2O34Fe+3O2，氧气能供应呼吸故答案为1氧气，温度到达着火点；2固体由红色变为黑色，将酒精灯放于导管口点燃尾气，2Fe2O34Fe+3O2，供应呼吸1510分2021?厦门黄铜矿主要万分CuFeS2经初步处理后，所得溶液甲中的溶质为Fe2SO43、CuSO4及H2SO4某同学通过废铁屑与溶液甲反响，制取补血剂原料碳酸亚铁并回收铜主要步骤如下图：1Fe2SO43与铁反响的化学方程式：xFe2SO43+yFe=zFeSO4，其中x、y、z为化学计量数，z的值为32步骤中，生成铜的化学方程式：Fe+CuSO4=Cu+FeSO43步骤中，废铁屑含有少量铁锈，对产物的成分没有影响，原因是铁锈
17、与硫酸反响生成硫酸铁，硫酸铁和铁会生成硫酸亚铁4步骤中参加一种可溶性试剂可实现其转化，从复分解反响发生的条件分析，该试剂能够是Na2CO3填化学式5步骤回收铜的方法为参加过量的稀硫酸，过滤、洗涤、枯燥解答：解：1通过分析xFe2SO43+yFe=zFeSO4可知，根据化合价的升降，将方程式配平，所以Fe2SO43+2Fe=3FeSO4，z的值为3；来源:学科网2溶液甲中含有硫酸铜，硫酸铜和参加的铁屑反响生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO4=Cu+FeSO4；3步骤中，废铁屑含有少量铁锈，对产物的成分没有影响，原因是铁锈与硫酸反响生成硫酸铁，硫酸铁和铁会生成硫酸亚铁；3碳酸亚铁是沉淀
18、，硫酸亚铁经过步骤生成了碳酸亚铁，所以该试剂能够是碳酸钠；4通过推导可知，不溶物中含有置换出的铜和反响剩余的铁，所以步骤回收铜的方法为：参加过量的稀硫酸，过滤、洗涤、枯燥故答案为：13；2Fe+CuSO4=Cu+FeSO4；3铁锈与硫酸反响生成硫酸铁，硫酸铁和铁会生成硫酸亚铁；4Na2CO3；5参加过量的稀硫酸，过滤、洗涤、枯燥1610分2021?厦门回答实验室用高锰酸钾制取氧气的相关问题1写出制取原理的化学方程式：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O22如下图，发生装置应选用A填编号，下同，下面气体采集装置不能采用的是E3为测定高锰酸钾分解生成氧气的体积，应选用如图装置丙填编号4实验结束，
19、某同学发现采集到的纯氧气质量大于通过化学方程式计算所得质量不考虑实验误差，请你就此提出一种猜测并设计相应验证方案：可能是产物K2MnO4受热生成氧气；取K2MnO4固体加热，用带火星的木条检验能否生成氧气解答：解：1高锰酸钾受热时能够分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2；2高锰酸钾受热时能够分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，属于固固加热型；由于氧气的密度比空气大，能够用向上排空气法采集；氧气不易溶于水，能够用排水法采集；不能用向下排空气法采集；3据氧气的密度比水的小，应从短管进，水从长管出，故选丙；4实验结束，某同学发现采集到的纯氧气质量大于通过
20、化学方程式计算所得质量，可能是产物K2MnO4受热生成氧气；验证方案是：取K2MnO4固体加热，用带火星的木条检验能否生成氧气答案：12KMnO4K2MnO4+MnO2+O22AE3丙4可能是产物K2MnO4受热生成氧气；取K2MnO4固体加热，用带火星的木条检验能否生成氧气1710分2021?厦门有关NaOH与CO2反响的探究探究一：检验NaOH固体样品露置空气中一段时间后的成分【查阅资料】Na2CO3溶液是碱性；KCl溶液、BaCl2溶液显中性、BaCO3难溶于水1检验样品能否变质检验样品成分中能否含碳酸根的实验方法操作、现象及结论：取少量该样品，参加足量的稀盐酸，若有气体生成，把生成的气
21、体通入澄清的石灰水，石灰水变浑浊，讲明该样品成分中含碳酸根2检验样品能否完全变质实验操作：取样品加水溶解，先加过量的C填编号，下同，再滴加EA盐酸BKCl溶液CBaCl2溶液DBaOH2溶液E酚酞试液探究二：用NaOH溶液测定空气中酸性气体CO2、SO2的体积分数【实验装置】如下图，向细玻璃管内注入少量水，构成一段水柱；经检查该装置气密性良好已知细玻璃管单位长度的容积为0.1mL?cm1水柱的质量忽略不计【操作步骤】保持外界条件不变，完成下面操作：将40mL浓NaOH溶液迅速倒入烧瓶内，立即塞紧橡皮塞，并在细玻璃管上标记水柱底部的位置观察并测量得出水柱缓慢向下移动的距离为2.0cm；实验结束后
22、，根据中的标记，测得该标记下面细玻璃管及烧瓶的总容积为340mL3检查如图装置气密性的操作方法：将图中装置直立于桌面一段时间后，假如水柱位置不发生移动，则讲明装置气密性良好4仅根据本次测量数据，该气体样品中酸性气体的体积分数为0.067%准确到0.000015在上述操作步骤中，若装置温度略有升高，实验结果偏小填“偏大、“不变或“偏小2根据碳酸钠和氢氧化钠的性质进行解答；探究二：3根据装置特点来选择检验气密性的方法；4氢氧化钠溶液能与酸性气体反响，使气体体积减小；5温度升高会使气体体积膨胀来分析；解答：解：探究一：1含有碳酸根离子的物质与稀盐酸反响能生成二氧化碳，故取少量该样品，参加足量的稀盐酸
23、，若有气体生成，把生成的气体通入澄清的石灰水，石灰水变浑浊，讲明该样品成分中含碳酸根；2检验样品能否完全变质实验操作：取样品加水溶解，先加过量的氯化钡把碳酸钠完全反响生成碳酸钡沉淀，再滴加酚酞试液溶液变红色讲明有氢氧化钠，既能够得到样品变质的程度；探究二：3检查如图装置气密性的操作方法：将图中装置直立于桌面一段时间后，假如水柱位置不发生移动，则讲明装置气密性良好4该气体样品中酸性气体的体积分数为：100%=0.067%；5温度升高会使气体体积膨胀，造成体积减少比实际小，故实验结果偏小；答案：探究一：1取少量该样品，参加足量的稀盐酸，若有气体生成，把生成的气体通入澄清的石灰水，石灰水变浑浊，讲明该样品成分中含碳酸根2CE；探究二：3将图中装置直立于桌面一段时间后，假如水柱位置不发生移动，则讲明装置气密性良好40.067%；5偏小解答：解：设天天最多可消耗胃液中盐酸溶质质量为m，MgOH2+2HCl=MgCl2+2H2O58236.50.14523m解得：m=1.095g服药一天后胃液中剩余盐酸溶质质量=9.0g1.095g=7.905g，7.905g7.3g，不能恢复到正常范围答：按讲明书用法用量，天天最多可中和胃液中盐酸溶质质量是1.095g，理论上不能使该患者胃液中盐酸溶质质量恢复到正常范围