《2022-2022学年高中数学第2章数列2.5.1等比数列的前n项和课时作业含解析新人教A版必修5.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2022学年高中数学第2章数列2.5.1等比数列的前n项和课时作业含解析新人教A版必修5.doc（5页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、课时作业13等比数列的前n项和 根底稳固(25分钟，60分)一、选择题(每题5分，共25分)1在等比数列an中，如果a1a240，a3a460，那么a7a8()A135B100C95 D80解析：由等比数列的性质知，a1a2，a3a4，a5a6，a7a8成等比数列，其首项为40，公比为.a7a8403135.答案：A2等比数列an的前n项和为Sn，假设S33S20，那么公比q()A2 B2C3 D3解析：S33S20，0，即(1q)(q24q4)0.解得q2或q1(舍去)答案：A3在等比数列an中，a1an82，a3an281，且数列an的前n项和Sn121，那么此数列的项数n等于()A4 B
2、7C6 D5解析：在等比数列an中，a3an2a1an81，又a1an82，所以或当a11，an81时，Sn121，解得q3.由ana1qn1得813n1，解得n5.同理可得当a181，an1时，n5.应选D.答案：D4等比数列an中，a1a2a31，a44，那么a2a4a6a2n()A2n1 B.C. D.解析：设等比数列an的公比为q，那么解得或所以a2，a4，a2n构成以a21为首项，q24为公比的等比数列，所以a2a4a2n.答案：B5一个项数是偶数的等比数列，它的偶数项的和是奇数项的和的两倍，它的首项为1，且中间两项的和为24，那么此等比数列的项数为()A12 B10C8 D6解析：
3、由题意可知q2.设该数列为a1，a2，a2n，那么anan124.又a11，qn1qn24，即2n12n24，解得n4，故项数为8.答案：C二、填空题(每题5分，共15分)6在等比数列an中，a1a2a31，a4a5a62，那么该数列的前15项和S15_.解析：记b1a1a2a3，b2a4a5a6，b5a13a14a15，依题意bn构成等比数列，其首项b11，公比为q2，那么bn的前5项和即为an的前15项和S1511.答案：117在等比数列an中，S3013S10，S10S30140，那么S20等于_解析：因为S303S10，所以q1.由得所以所以q20q10120.所以q103，所以S20
4、S10(1q10)10(13)40.答案：408正项数列an满足a6aan1an.假设a12，那么数列an的前n项和为_解析：因为a6aan1an，所以(an13an)(an12an)0，因为an0，所以an13an，所以an为等比数列，且公比为3，所以Sn3n1.答案：3n1三、解答题(每题10分，共20分)9在等比数列an中，a1an66，a3an2128，Sn126，求n和q.解析：因为a3an2a1an，所以a1an128，解方程组得a164，an2或a12，an64将代入Sn，可得q，由ana1qn1可解得n6.将代入Sn，可得q2，由ana1qn1可解得n6.故n6，q或2.10数
5、列an的首项a1，an1，nN*.(1)求证：数列为等比数列；(2)记Sn，假设Sn100，求最大正整数n.解析：(1)因为，所以1.又因为10，所以10(nN*)所以，又1，所以是首项为，公比为的等比数列(2)由(1)可得1n1，所以2n1.Snn2n2n1，假设Sn100，那么n1100，因为函数yn1单调递增，所以最大正整数n的值为99.能力提升(20分钟，40分)11在数列an中，a11，an12an，那么Snaaaaaa等于()A.(2n1) B.(124n)C.(4n1) D.(12n)解析：在数列an中，由a11，an12an，可得an2n1，那么Snaaaaaa14166442
6、n242n1(142n)(124n)应选B.答案：B12数列an是等比数列，假设a21，a5，那么a1a2a2a3anan1(nN*)的最小值为_解析：设等比数列an的公比为q，那么由得，数列an的公比满足q3，解得q，a12，a3，an，anan1，又a1a22，数列anan1是以2为首项，为公比的等比数列，a1a2a2a3anan1，a1a2a2a3anan1的最小值为2.答案：213在等差数列an中，a2a723，a3a829.(1)求数列an的通项公式；(2)设数列anbn是首项为1，公比为c的等比数列，求bn的前n项和Sn.解析：(1)设等差数列an的公差是d.依题意a3a8(a2a
7、7)2d6，从而d3.所以a2a72a17d23，解得a11.所以数列an的通项公式为an3n2.(2)由数列anbn是首项为1，公比为c的等比数列得anbncn1，即3n2bncn1，所以bn3n2cn1.所以Sn147(3n2)(1cc2cn1)(1cc2cn1)从而当c1时，Snn；当c1时，Sn.14设数列an(n1,2,3)的前n项和Sn满足Sn2ana1，且a1，a21，a3成等差数列(1)求数列an的通项公式；(2)记数列的前n项和为Tn，求使得|Tn1|成立的n的最小值解析：(1)由Sn2ana1，有anSnSn12an2an1(n2)，即an2an1(n2)从而a22a1，a32a24a1.又因为a1，a21，a3成等差数列，即a1a32(a21)所以a14a12(2a11)，解得a12.所以数列an是首项为2，公比为2的等比数列故an2n.(2)由(1)得，所以Tn1.由|Tn1|，得1 000.因为295121 0001 024210，所以n10.于是，使|Tn1|成立的n的最小值为10.