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1、吉林省吉林市第五十五中学2022-2022学年高二化学上学期期中试题含解析相关相对原子质量 H:1 C: 12 O:8 Ni:59 Cu: 64 Zn:65 Ag:108第一卷50分一、选择题每题2分，共20分1.从海水中提取以下物质，可以不涉及化学变化的是 A. 镁B. 氯化钠C. 溴D. 钾【答案】B【解析】【详解】A.海水中含有MgCl2，先向海水中参加生石灰得到Mg(OH)2沉淀，经过滤、洗涤得到纯洁的Mg(OH)2，然后用盐酸溶解获得MgCl2溶液，再将溶液蒸发浓缩获得氯化镁晶体，通过在HCl气氛中加热获得无水MgCl2，然后电解熔融的无水MgCl2获得金属Mg，发生了化学变化，A不
2、符合题意；B.海水中含有NaCl，由于NaCl的溶解度受温度的影响变化不大，所以采用蒸发溶剂的方法获得NaCl，属于物理变化，B符合题意；C.海水中的溴元素以NaBr等化合物的形式存在，要通过氧化复原反响得到单质Br2，发生了化学变化，C不符合题意；D.海水中钾元素以KCl等化合物形式存在，先别离得到纯洁的KCl，然后电解熔融的KCl，得到单质钾，发生了化学变化，D不符合题意；故合理选项是B。2.以下电池属于二次电池的是()A. 银锌纽扣电池B. 氢氧燃料电池C. 铅蓄电池D. 锌锰干电池【答案】C【解析】【详解】A.银锌纽扣电池的原料一次参加，不能反复使用，属于一次电池，A不符合题意；B.氢
3、氧燃料电池属于燃料电池，不能充电反复使用，B不符合题意；C.铅蓄电池属于可充电电池，可以反复使用，是二次电池，C符合题意；D.锌锰干电池是一次电池，不能反复使用，是一次电池，D不符合题意；故合理选项是C。3.铁生锈是一种常见的自然现象，其主要的化学反响方程式为：4Fe3O22xH2O=2Fe2O3xH2O。右图为一放在水槽中的铁架，水位高度如右图所示。最容易生锈的铁架横杆是A. B. C. D. 【答案】C【解析】此处铁生锈属于吸氧腐蚀。处没有和电解质溶液接触，不能构成原电池，锈蚀速率较慢；处已与电解质溶液接触，但处含O2较少，所以处腐蚀最快。4.判断强弱电解质的标准是()A 导电能力B. 相
4、对分子质量C. 电离程度D. 溶解度【答案】C【解析】【详解】A.电解质的强弱与溶液的导电能力无关,溶液的导电性强弱取决于溶液中离子浓度的大小,离子浓度越大,导电性越强,如硫酸钡是强电解质,但它难溶于水,虽溶于水的局部能完全电离,而导电能力很弱,故A错误;B. 根据能否完全电离区分强电解质弱电解质，与相对分子质量没有关系,故B错误;C.强电解质是指在水溶液中能够完全电离的化合物，弱电解质是在水溶液中局部电离的化合物，故 C正确;D.硫酸钡是强电解质,但它难溶于水,乙酸易溶于水,但它是弱电解质, 所以电解质的强弱与溶解度无关,故D错误;答案：C。【点睛】强电解质是指在水溶液中能够完全电离的化合物
5、，一般的强酸、强碱和大局部盐类属于强电解质；弱电解质是指在水溶液里局部电离的电解质,包括弱酸、弱碱、水与少数盐。据此即可解答。5.以下表达中正确的选项是A. 氯化钠可以在水分子的作用下电离成钠离子和氯离子B. 硫酸钡难溶于水，所以硫酸钡属于弱电解质C. 溶于水后能电离出氢离子的化合物都是酸D. 二氧化碳溶于水，溶液能导电，故二氧化碳属于电解质【答案】A【解析】A. 氯化钠是强电解质，故其可以在水分子的作用下电离成钠离子和氯离子，A正确；B. 硫酸钡虽然难溶于水，但其溶解的局部是完全电离的，所以硫酸钡属于强电解质，B不正确；C. 溶于水后能电离出氢离子的化合物不一定是酸，酸式盐在水溶液中也可以电
6、离出氢离子，C错误；D. 二氧化碳溶于水，溶液能导电，因溶液中的离子是碳酸电离的、不是二氧化碳电离的，故二氧化碳属于非电解质，D不正确。此题选A。点睛：电解质在水溶液中的电离都是在水分子的作用下完成的；电解质的强弱与其溶解度的大小无关，只与电离程度有关；不能仅根据某物质的水溶液的导电性判断其是否为电解质，还要看溶液中的离子是否为其本身电离的。6.锌铜原电池(如图)工作时，以下表达正确的选项是( )A. 正极反响为Zn2e=Zn2B. 电池反响为ZnCu2=Zn2CuC. 盐桥中的K移向ZnSO4溶液D. 在外电路中，电流从负极流向正极【答案】B【解析】A、该装置是原电池，较不活泼的金属铜作正极
7、，正极上铜离子得电子发生复原反响，电极反响式为：Cu2+2e-=Cu，选项A错误；B、该原电池中，负极上锌失电子发生氧化反响，正极上铜离子得电子发生复原反响，所以电池反响式为：Zn+Cu2+=Zn2+Cu，选项B正确；C、该原电池放电时，盐桥中阳离子向正极移动，所以K+移向CuSO4溶液，选项C错误；D、原电池放电时，在外电路中电子从负极沿导线流向正极，选项D错误；答案选B。7.向蒸馏水中滴入少量盐酸后，以下说法中错误的选项是()A. c(H)c(OH)乘积不变B. c(H)增加C. c(OH)降低D. 水电离出的c(H)增加【答案】D【解析】【详解】A.在任何物质的稀溶液中都存在水的电离平衡
8、，溶液中c(H)c(OH-)乘积不变，等于该温度下的水的离子积常数，A正确；B.向蒸馏水中参加少量盐酸后，HCl电离产生H+，使溶液中c(H+)增大，B正确；C.向蒸馏水中参加少量盐酸后，HCl电离产生H+，使溶液中c(H+)增大，由于溶液中存在水的电离平衡，c(H)c(OH)乘积是个常数，c(H+)增大，那么c(OH)降低，C正确；D.盐酸电离产生H+，使溶液中c(H+)增大，对水的电离平衡起抑制作用，导致水电离产生的c(H+)减小，D错误；故合理选项是D。8.从海水中提镁，正确的方法是 A. 海水Mg(OH)2MgB. 海水Mg(OH)2溶液MgCl2 MgC. 海水Mg(OH)2MgO
9、MgD. 海水Mg(OH)2溶液MgCl2溶液 MgCl2 Mg【答案】D【解析】【详解】海水中Mg元素以MgCl2的形式存在，从海水中提镁，首先向海水中参加石灰乳，发生反响：MgCl2+Ca(OH)2=Mg(OH)2+CaCl2，反响产生的Mg(OH)2沉淀，过滤洗涤得纯洁的Mg(OH)2，然后用盐酸溶解得到纯洁的MgCl2溶液，蒸发浓缩、冷却结晶。得MgCl2晶体，然后在HCl气氛中加热得到无水MgCl2，然后电解熔融的MgCl2获得Mg、Cl2，故合理选项是D。9.有A、B、C、D四种金属。将A与B用导线连接起来，浸入电解质溶液中，B不易腐蚀。将A、D分别投入等浓度盐酸中，D比A反响剧烈
10、。将铜浸入B的盐溶液里，无明显变化。如果把铜浸入C的盐溶液里，有金属C析出。据此判断它们的活动性由强到弱的顺序是()A. DCABB. DABCC. DBACD. BADC【答案】B【解析】【分析】原电池中较活泼的金属作负极，负极上失电子生成阳离子进入溶液而被腐蚀；金属和酸反响，较活泼的金属与酸反响较剧烈；金属之间的置换反响中，较活泼金属能置换出较不活泼的金属，据此分析解答。【详解】将A与B用导线连接起来，浸入电解质溶液中，该装置构成了原电池，原电池中较活泼的金属作负极，负极上金属失电子生成金属阳离子进入溶液而被腐蚀，较不活泼的金属作正极而不易腐蚀，B不易腐蚀，所以金属活动性AB；金属和酸反响
11、，较活泼的金属与酸反响较剧烈，将A、D分别投入等浓度盐酸中，D比A反响剧烈，所以金属活动性DA；金属之间的置换反响中，较活泼金属能置换出较不活泼的金属，将铜浸入B的盐溶液里，无明显变化，所以金属活动性：BCu；金属之间的置换反响中，较活泼金属能置换出较不活泼的金属，如果把铜浸入C的盐溶液里，有金属C析出，说明金属活动性：CuC。所以它们的活动性由强到弱的顺序是DABC，故合理选项是B。【点睛】此题考查了金属活泼性强弱的判断，金属活泼性强弱的判断方法有：原电池中的正负极材料、金属之间的置换反响、金属和酸反响置换出氢气的难易等。10.对于锌-铜-稀硫酸组成的原电池装置中，当导线中有1mol电子通过
12、时，理论上的两极变化是: 锌片溶解了32.5g；锌片增重了32.5g；铜片上析出1gH2；铜片上析出1mol H2；A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】A【解析】【详解】锌-铜-稀硫酸组成的原电池装置中，较活泼的金属锌作负极，较不活泼的金属铜作正极，正极材料是铜，溶液中氢离子得到电子生成氢气，电极反响2H+2e-=H2，锌作负极失电子生成锌离子，电极反响为：Zn-2e-=Zn2+，当导线中有1mol电子通过时，负极上Zn失电子而溶解，Zn片溶解的质量=65g/mol=32.5g，正极上氢离子得电子发生复原反响，所以铜片上生成氢气的物质的量n(H2)=0.5mol，那么反响产生氢气的质量是m
13、(H2)=0.5mol2g/mol=1g，所以正确的表达为，故合理选项是A。二、选择题每题3分，共30分11.25 时，0.01 mol/L的HCl溶液中水电离出的H的浓度是()A. 11010 mol/LB. 1102 mol/LC. 1107 mol/LD. 11012 mol/L【答案】D【解析】【详解】在任何物质的水溶液中存在水的电离平衡：H2OH+OH-，向水中参加盐酸，c(HCl)=c(H+)=0.01 mol/L，由于室温下水的离子积常数Kw= c(H+)c(OH-)=110-14，所以溶液中c(OH-)=(110-140.01)mol/L=110-12mol/L，水电离产生的c
14、(H+)=c(OH-)，所以溶液中水电离出的H的浓度是110-12mol/L，故合理选项是D。12.某学生欲完成2HCl+2Ag=2AgCl+H2反响，设计了以下四个实验，你认为可行的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】由于在金属活动性顺序表中，金属活动性Ag，答案选C。19.25时，以下酸电离常数:醋酸CH3COOH：1.75105、氢氰酸HCN： 4.931010、氢氟酸HF：7.2104、甲酸HCOOH： 1.77104，物质的量浓度均为0.1molL1的上述溶液，酸性最强的是 A. 醋酸B. 氢氰酸C. 氢氟酸D. 甲酸【答案】C【解析】试题分析：电离常数越大，酸性
15、越强，故C项正确。考点：此题考查电离平衡常数。20.将1 L含有0.4 mol Cu(NO3)2和0.4 mol KCl的水溶液，用惰性电极电解一段时间后，在一电极上析出19.2 g Cu。此时，在另一电极上放出气体的体积在标准状况下为(不考虑产生的气体在水中的溶解)()A. 6.72 LB. 13.44 LC. 3.36 LD. 5.6 L【答案】D【解析】【详解】n(Cu)=0.3mol，阴极发生Cu2+2e-=Cu，由于Cu是+2价的金属，所以阴极得到0.6mol电子，阳极发生：2Cl-2e-=Cl2、4OH-4e-=O2+2H2O，那么生成n(Cl2)=0.2mol，转移电子0.4mo
16、l，那么生成O2转移电子0.2mol，生成氧气0.2mol4=0.05mol，所以阳极共生成气体的物质的量是0.2mol+0.05mol=0.25mol，其在标准状况下气体体积为：22.4L/mol0.25mol=5.6L，故合理选项是D。第二卷50分21.下表是几种常见弱酸的电离常数(25 )。酸电离常数KCH3COOH1.75105H2CO3K1=4.4107K2=4.71011H2SK1=1.3107K2=7.11015H3PO4K1=7.1103K2=6.3108K3=4.21013答复以下问题：(1)当温度升高时，K值_(填“增大“减小或“不变)。(2)在相同温度时，各弱酸K值不同，
17、那么K值的大小与酸性的相对强弱有何关系？_。(3)假设把CH3COOH、H2CO3、HCO3-、H2S、HS-、H3PO4、H2PO4-、HPO42-都看作酸，其中酸性最强的是_，最弱的是_。(4)多元弱酸是分步电离的，每一步都有相应的电离常数。对于同一种多元弱酸的K1、K2、K3之间存在着数量上的规律，此规律是_，产生此规律的原因是_。【答案】 (1). 增大 (2). K值越大，电离出的氢离子浓度越大，酸性越强 (3). H3PO4 (4). HS- (5). K1K2K3 (6). 上一级产生的H+对下一级电离有抑制作用【解析】【分析】(1)弱电解质电离是吸热的，升高温度促进电离；(2)
18、同一温度下，酸的电离常数越大其酸性越强；(3)同一温度下，酸的电离常数越大其酸性越强，根据酸的电离常数确定酸性强弱；(4)根据外界条件对电离平衡的影响分析解答。【详解】(1)弱酸的电离是吸热的，升高温度促进弱酸电离，所以电离平衡常数增大；(2)同一温度下，酸的电离常数越大其电离程度越大，电离出的氢离子浓度越大,酸性越强；(3)同一温度下，酸电离常数越大其酸性越强，根据酸的电离常数知，酸性最强的是H3PO4，最弱的是HS-；(4)通过多元弱酸H2CO3、H2S、H3PO4的电离平衡常数进行研究，发现它们之间存在数量上的规律：同一多元弱酸的电离常数差异很大，对于同一种多元弱酸的电离平衡常数K1、K
19、2、K3等之间存在着数量上的规律，此规律是K1K2K3，产生此规律的原因是上一级产生的H+对下一级电离有抑制作用。【点睛】此题考查弱电解质的电离，明确酸性强弱与电离程度、电离平衡常数的关系是解此题关键，注意对表中数据的分析和应用。22.海洋植物如海带、海藻中含有丰富的碘元素，主要以碘化物形式存在。有一化学课外小组用海带为原料制取少量碘单质，他们将海带灼烧成灰，用水浸泡一段时间碘化物充分溶解在水中，得到海带灰悬浊液，然后按以下实验流程提取单质碘：2I-+Cl2=2Cl-+I2(1)指出提取碘的过程中有关的实验操作名称：_， _。(2)过程中充入适量Cl2的目的是(用方程式解释)_，把溶液中的I-
20、转化成I2。(3)操作中所用的有机试剂可以是_(只填一种)。(4)操作过程可以分解为如下几步：A.把盛有溶液的分液漏斗放在铁架台的铁圈中；B.把50mL碘水和15mL有机溶剂参加分液漏斗中，并盖好玻璃塞；C.检验分液漏斗活塞和上口的玻璃塞是否漏液；D.倒转漏斗用力振荡，并不时旋开活塞放气，最后关闭活塞，把分液漏斗放正；E.旋开活塞，用烧杯接收溶液；F.从分液漏斗上口倒出上层液体；G.将漏斗上口的玻璃塞翻开或使塞上的凹槽与漏斗上口的小孔对准；H.静置、分层。过程正确操作步骤的顺序是：填编号字母_AH_EF。【答案】 (1). 过滤 (2). 萃取、分液 (3). 2I-+Cl2=2Cl-+I2
21、(4). 苯(或四氯化碳) (5). C (6). B (7). D (8). G【解析】【分析】以海带为原料获得少量碘单质：将海带在坩埚中灼烧得到海带灰，将海带灰浸泡得到海带灰悬浊液，然后采用过滤的方法将残渣和溶液别离，得到含有碘化钾的溶液，向水溶液中通入足量Cl2，发生反响为2I-+Cl2=2Cl-+I2，向含有碘单质的溶液中参加萃取剂四氯化碳萃取蒸馏得到碘单质。【详解】(1)操作是将溶液和不溶性固体别离的方法是过滤，操作是从碘水中获取碘单质采用萃取、分液的方法；(2)过程通入适量的Cl2可以将I-氧化生成的I2，反响方程式为：2I-+Cl2=2Cl-+I2； (3)操作利用I2容易溶于有
22、机溶剂，而在水中溶解度不大，水与有机溶剂互不相容，将含有碘的水溶液进行别离，使用的有机物可以是苯或四氯化碳中任意一种； (4)其实验步骤是检漏、加药品、振荡、放置、静置、翻开玻璃塞、旋开活塞、倒出液体，所以其操作顺序是CBDAHGEF。【点睛】此题考查海水资源的综合利用，涉及物质别离提纯方法、萃取剂的选取标准、别离操作步骤等知识点，明确物质的性质是解题关键，知道实验操作步骤及目的，知道萃取剂的选取方法，掌握过滤、萃取、蒸馏等操作是解答此题的根底。23.依据氧化复原反响：Fe(s)+Cu2(aq)=Fe2(aq)+Cu(s)设计的原电池如下图。请答复以下问题：(1)电极X的材料是_；电解质溶液Y
23、是_。(2)铜电极为电池的_极，发生的电极反响为_；X电极上发生的电极反响为_。(3)外电路中的电子是从_电极流向_电极。【答案】 (1). Fe (2). CuSO4 (3). 正 (4). Cu2+2e-=Cu (5). Fe-2e-=Fe2+ (6). Fe (7). Cu【解析】【分析】根据原电池工作原理、结合反响方程式和装置图分析解答【详解】(1)含有盐桥的原电池中，电极材料和相对应的电解质溶液具有相同的金属元素，所以X电极材料为Fe，Y电解质溶液为CuSO4溶液；(2)根据电池反响式知，Fe元素化合价由0价变为+2价，那么Fe作负极，所以Cu作正极，正极Cu电极反响式为Cu2+2e
24、-=Cu、X电极为负极，负极反响式为Fe-2e-=Fe2+；(3)放电时，电子从负极Fe沿导线流向正极Cu。【点睛】此题考查了原电池原理，明确原电池中元素化合价升降与正负极判断的关系是解此题关键，在外电路中电子由负极流向正极，在内电路中，阳离子向正极定向移动，阴离子向负极区域定向移动，一般情况下活泼的金属为负极，不活泼的金属为正极，但也有例外，如Al、Mg与NaOH溶液构成的原电池中，活动性弱的Al为负极，活动性强的Mg那么为正极，要结合电解质溶液具体情况具体分析。24.铅蓄电池是化学电源，其电极材料分别是Pb和PbO2，电解液为稀硫酸。工作时该电池总反响式为：Pb(s)PbO2(s)2H2S
25、O4(aq) 2PbSO4(s)2H2O(l)。根据上述情况判断：(1)放电时，电解质溶液的pH_(填“增大“减小或“不变)。(2)放电时，电解质溶液中阴离子移向_极，电子从_极流向_极。(3)写出负极的电极方程式：_。【答案】 (1). 增大 (2). 负 (3). 负 (4). 正 (5). Pb -2e-+SO4 2-PbSO4【解析】【分析】放电时，负极发生氧化反响，Pb失去电子产生Pb2+，Pb2+与溶液中的SO42-结合形成PbSO4，反响消耗硫酸，硫酸的浓度减小，负极得到PbSO4，正极上PbO2获得电子变为Pb2+，Pb2+与溶液中的SO42-结合形成PbSO4，电子由负极经外
26、电路流向正极，由此分析解答。【详解】(1)该电池总反响式为：Pb(s)+PbO2(s)+2H2SO4(aq) 2PbSO4(s)+2H2O(l)。根据工作原理可知：在放电时Pb发生氧化反响，失去电子变为Pb2+，电极反响式为Pb-2e-=Pb2+；正极上PbO2获得电子变为Pb2+，电极反响式为：PbO2+4H+SO42-=PbSO4+2H2O，反响消耗硫酸，使硫酸的浓度减小，溶液中c(H+)降低，所以溶液的pH增大；(2)放电时，由于负极不断产生Pb2+，使正电荷数目增大，所以电解质溶液中阴离子SO42-移向负极，电子从负极Pb极流向正极PbO2极；(3)负极失去电子，发生氧化反响，负极的电
27、极反响式：Pb+SO42-2e-=PbSO4。【点睛】此题考查了原电池工作原理，要会根据电池反响及元素化合价变化判断电池的正负极，并书写正负极电极反响式。注意：负极上生成难溶性的硫酸铅导致负极质量增加，正极上也产生难溶性的硫酸铅导致正极质量也增加，而溶液的酸性会减弱。25.某小组按图1所示的装置探究铁的吸氧腐蚀。(1)图2是图1所示装置的示意图，在图2的小括号内填写正极材料的化学式_；在方括号内用箭头表示出电子流动的方向_。(2)正极反响式为_，负极反响式为_。(3)按图1装置实验，约8 min时才看到导管中液柱上升，以下措施可以更快更清晰地观察到液柱上升的是_。a用纯氧气代替具支试管内的空气
28、b将食盐水浸泡过的铁钉外表撒上铁粉和碳粉的混合物c用毛细尖嘴管代替玻璃导管，并向试管的水中滴加少量红墨水【答案】 (1). C (2). (3). O2 +2H2O+e-=4OH- (4). Fe-2e-=Fe (5). abc【解析】【分析】(1)铁钉的吸氧腐蚀中，碳作正极，铁作负极；(2)负极上铁失电子发生氧化反响，正极上氧气得电子发生复原反响；(3)要使现象更快、更清晰，可采取增大反响速率等方法。【详解】(1)在食盐水中，铁钉发生吸氧腐蚀，活动性较强的铁作负极，其中含有的活动性弱的杂质碳作正极，正极的化学式为C；电子从负极Fe沿导线流向正极C，其图象为；(2)该装置中，负极上铁失电子发生
29、氧化反响，负极的电极反响式为：Fe-2e-=Fe2+；正极C上O2得电子发生复原反响，正极的电极反响式为：2H2O+O2+4e-=4OH-；(3)a.用纯氧气代替具支试管内的空气，氧气的浓度增大，反响速率加快，a正确；b.用食盐水浸泡过的铁钉再蘸取铁粉和炭粉的混合物，增大反响物的接触面积，反响速率加快，b正确；c.用毛细尖嘴管代替玻璃导管，并向试管的水中滴加少量红墨水，改变相同的压强即改变相同的体积，毛细尖嘴管上升的高度大于玻璃导管，且红墨水现象更明显，c正确；故合理选项是abc。26.如图中，甲是电解饱和食盐水，乙是铜的电解精炼，丙是电镀，答复：甲 乙 丙1b极上的电极反响式为_，甲电池的总
30、反响化学方程式是_。2在粗铜的电解过程中，图中c电极的材料是_填“粗铜板或“纯铜板；在d电极上发生的电极反响为_；假设粗铜中还含有Au、Ag、Fe等杂质，那么沉积在电解槽底部阳极泥的杂质是_，电解一段时间后，电解液中的金属离子有_。3如果要在铁制品上镀镍二价金属，那么e电极的材料是_填“铁制品或“镍块，下同，f电极的材料是_。4假设e电极的质量变化118 g，那么a电极上产生的气体在标准状况下的体积为_。【答案】 (1). 2H+2e=H2 (2). 2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2+H2 (3). 粗铜板 (4). Cu2+2e=Cu (5). Au、Ag (6). Cu2+、Fe2+
31、 (7). 铁制品 (8). 镍块 (9). 44.8L【解析】【详解】(1)甲电解饱和食盐水，M为正极，那么a为阳极发生氧化反响，b为阴极发生复原反响，电极反响式为2H+2e-=H2，电解饱和食盐水生成氢气、氯气和氢氧化钠，总反响化学方程式为2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2+H2，故答案为：2H+2e-=H2；2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2+H2；(2)用电解法进行粗铜提纯时，粗铜应作阳极，精铜作阴极，该装置中M为原电池的正极，N为原电池的负极，所以c为电解池的阳极，d为电解池的阴极，电解时，以硫酸铜溶液为电解液，溶液中的Cu2+得到电子在阴极上发生复原反响，即Cu2+2e-=
32、Cu；作阳极的粗铜中的铜以及比铜活泼的金属失去电子进入溶液，所以Fe发生Fe-2e-Fe2+反响，以Fe2+的形式进入溶液中；比铜不活泼的金属Au、Ag不会失去电子，以单质的形成沉入电解槽形成“阳极泥，那么沉积在电解槽底部(阳极泥)的杂质是Au、Ag，电解一段时间后，电解液中的金属离子有Cu2+、Fe2+，故答案为：粗铜板；Cu2+2e-=Cu；Au、Ag；Cu2+、Fe2+；(3)要在铁制品上镀镍(二价金属)，那么铁作阴极与电源负极N相连即f极，镍为阳极与电源正极M相连即e极，故答案为：铁制品；镍块； (4)假设e电极的质量变化118g，根据转移电子数相等，Ni2e-Cl2，那么a电极上产生的气体在标准状况下的体积为22.4L/mol=44.8L，故答案为：44.8L。【点睛】此题考查了电解原理及其应用。掌握电解的根本原理和电极方程式的书写是解题的关键。此题的易错点为2，粗铜的电解精炼过程中，阳极上比铜活泼的金属也要放电，活泼性比铜弱的形成阳极泥。- 15 -